（浙江專用）2019高考數(shù)學二輪復習 階段質(zhì)量檢測（五）專題一-五“綜合檢測”.doc

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階段質(zhì)量檢測 五 專題一 五 綜合檢測 時間 120 分鐘 滿分 150 分 一 選擇題 本大題共 10小題 每小題 4分 共 40分 在每小題給出的四個選項中 只有一項是符合題目要求的 1 函數(shù) f x 2cos 2 1 是 x 4 A 最小正周期為 的奇函數(shù) B 最小正周期為 的偶函數(shù) C 最小正周期為 的奇函數(shù) 2 D 最小正周期為 的偶函數(shù) 2 解析 選 A 因為 f x 2cos 2 1 cos 2 cos sin 2x 所 x 4 x 4 2x 2 以最小正周期 T f x 是奇函數(shù) 即函數(shù) f x 是最小正周期為 的奇函數(shù) 2 2 2 2018 浙江名師原創(chuàng)卷 已知函數(shù) f x ln x a 在點 1 f 1 處的切線的傾斜 角為 45 則 a的值為 A 1 B 0 C 1 D 2 解析 選 B f x f 1 tan 45 1 解得 a 0 故選 B 1x a 1a 1 3 2018 浙江十校聯(lián)盟適考 若向量 a b 滿足 a 4 b 1 且 a 8b a 則 向量 a b 的夾角為 A B 6 3 C D 2 3 5 6 解析 選 C 由 a 8b a 得 a 2 8a b 0 因為 a 4 所以 a b 2 所以 cos a b 所以向量 a b 的夾角為 故選 C a b a b 12 2 3 4 2018 浙江考前沖刺 已知某幾何體的三視圖如圖所示 則該幾何體的表面積是 A 20 B 20 2 C 24 1 D 24 2 解析 選 C 由三視圖可知 該幾何體是一個正方體挖去一個圓錐后所得的幾何體 正方體的側面積為 4 2 2 16 正方體的一個底面面積為 2 2 4 圓錐的底面圓的半徑 為 1 高為 1 母線長為 側面積為 1 所以該幾何體的表面12 12 2 2 2 積為 16 4 4 1 2 24 1 故選 C 2 2 5 2018 浙江聯(lián)盟校聯(lián)考 函數(shù) f x 的圖象大致為 x2 ex 1 ex 1 解析 選 B 函數(shù) f x 的定義域為 R 故排除 A 又 f x f x 所以函 x 2 e x 1 e x 1 x2 1 ex 1 ex x2 ex 1 ex 1 數(shù) f x 為奇函數(shù) 故排除 C 又 f 1 0 所以排除 D 12 e 1 e 1 e 1e 1 綜上 選 B 6 2018 阜陽模擬 已知 F1 F2是橢圓 1 a b 0 的左 右兩個焦點 若 x2a2 y2b2 橢圓上存在點 P使得 PF1 PF2 則該橢圓的離心率的取值范圍是 A B 55 1 22 1 C D 0 55 0 22 解析 選 B F1 F2是橢圓 1 a 0 b 0 的左 右兩個焦點 x2a2 y2b2 F1 c 0 F2 c 0 c2 a2 b2 設點 P x y 由 PF1 PF2 得 x c y x c y 0 化簡得 x2 y2 c2 聯(lián)立方程組Error 整理得 x2 2 c2 a2 0 解得 e 又 a2c2 22 0 e 1 e 1 22 7 已知函數(shù) f x sin 2 x 其中 為實數(shù) 若 f x 對任意 x R 恒成 f 4 立 且 f 0 則 f x 的單調(diào)遞減區(qū)間是 6 A k Z k k 4 B k Z k 4 k 4 C k Z k 4 k 3 4 D k Z k 2 k 解析 選 C 由題意可得函數(shù) f x sin 2 x 的圖象關于直線 x 對稱 故有 4 2 k k Z 即 k k Z 又 f sin 0 所以 4 2 6 3 2 n n Z 所以 f x sin 2 x 2 n sin 2x 令 2k 2 x 2 k k Z 解得 k x k k Z 故函數(shù) f x 的單 2 3 2 4 3 4 調(diào)遞減區(qū)間為 k Z 故選 C k 4 k 3 4 8 若實數(shù) x y滿足約束條件Error 則 z 2 x y的最小值為 A 3 B 4 C 5 D 7 解析 選 B 作出不等式組所表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示 作出直線 2x y 0 并平移該直線 易知當直線經(jīng)過點 A 1 2 時 目標 函數(shù) z 2 x y取得最小值 且 zmin 2 1 2 4 故選 B 9 2017 浙江名校協(xié)作體聯(lián)考 已知函數(shù) f x 2 x 1 e x ax2 3 a x 0 為增函數(shù) 則 a的取值范圍是 A 2 B e 32e C 2 D e 32e 解析 選 A f x 2 x 1 e x ax2 3 a在 0 上是增函數(shù) f x 2 x 1 e x 2 ax 0 在區(qū)間 0 上恒成立 即 2 a ex 設 g x ex 2 1x 2 1x 則 g x ex 由 g x ex 0 和 x 0得 x 當 x 時 1x2 1x 2 1x2 1x 2 12 12 g x 0 當 0 x 時 g x 0 g x 在 x 處取得最小值 g 4 2 a 4 12 12 12 e a 2 故選 A e e 10 2018 浙江名校聯(lián)考 已知函數(shù) f x 為 R上的奇函數(shù) 且圖象關于點 2 0 對稱 且當 x 0 2 時 f x x3 則函數(shù) f x 在區(qū)間 2 018 2 021 上 A 無最大值 B 最大值為 0 C 最大值為 1 D 最大值為 1 解析 選 D 因為函數(shù) f x 的圖象關于點 2 0 對稱 所以 f 4 x f x 又函數(shù) f x 是奇函數(shù) 所以 f x f x 所 以 f 4 x f x 令 t x 得 f 4 t f t 所以函數(shù) f x 是周期為 4的周期函數(shù) 又函數(shù) f x 的定義域為 R 且函數(shù) f x 是 奇函數(shù) 所以 f 0 0 f 2 f 2 由函數(shù) f x 的周期為 4 得 f 2 f 2 所以 f 2 f 2 解得 f 2 0 所以 f 2 0 依此類推 可以求得 f 2n 0 n Z 作出函數(shù) f x 的大致圖 象如圖所示 根據(jù)周期性 可得函數(shù) f x 在區(qū)間 2 018 2 021 上的圖象與在區(qū)間 2 1 上的圖象完全一樣 觀察圖象可知 函數(shù) f x 在區(qū)間 2 1 上單調(diào)遞增 且 f 1 1 3 1 又 f 2 0 所以函數(shù) f x 在區(qū)間 2 1 上的最大值是 1 故函數(shù) f x 在區(qū) 間 2 018 2 021 上的最大值也是 1 二 填空題 本大題共 7小題 多空題每題 6分 單空題每題 4分 共 36分 11 2018 浙江考前沖刺卷 在等差數(shù)列 an 中 Sn為其前 n項和 若 a2 a5 a8 27 則 a5 S9 解析 法一 設公差為 d a2 a5 a8 27 3 a1 12 d 27 a1 4 d 9 即 a5 9 S9 9 a1 d 9 a1 4 d 81 9 82 法二 a2 a5 a8 3 a5 27 a5 9 S9 a1 a9 9 a5 81 92 答案 9 81 12 2018 紹興教學質(zhì)量監(jiān)測 設函數(shù) f x g x2 曲線 y g x 在點 1 g 1 x2 處的切線方程為 9x y 1 0 則曲線 y f x 在點 2 f 2 處的切線方程為 解析 由已知得 g 1 9 g 1 8 又 f x g 2 x 12 x2 f 2 g 1 4 4 12 92 12 f 2 g 1 4 4 所求切線方程為 y 4 x 2 12 即 x 2 y 6 0 答案 x 2 y 6 0 13 2018 浙江考前沖刺卷 已知 ABC的內(nèi)角 A B C的對邊分別為 a b c 若 b 4 cos B sin A 則 c S ABC 14 158 解析 法一 由 cos B 得 sin B 由正弦定理 得 14 1 cos2B 154 asin A bsin B a 2 由 b2 a2 c2 2 accos B 即 c2 c 12 0 解得 c 3 c 4 舍去 S ABC acsin B 2 3 12 12 154 3154 法二 由 cos B 得 sin B 由 sin A 得 cos A 所 14 1 cos2B 154 158 78 以 sin C sin A B sin Acos B cos Asin B 由正弦定 158 14 78 154 31516 理 得 c 3 S ABC bcsin A 4 3 csin C bsin B 12 12 158 3154 答案 3 3154 14 已知定義在 0 0 上的偶函數(shù) f x 的導函數(shù)為 f x 且 f 1 0 當 x0 則使得 f x 0成立的 x的取值范圍是 f x x 解析 因為 f x 為 0 0 上的偶函數(shù) 則 f 1 f 1 0 當 x0 xf x f x 0 即 xf x 0 令 g x f x x xf x f x x xf x 可知 g x 在 0 上單調(diào)遞減 且 g 1 f 1 0 當 x 0 f x 0 當 1 x 0時 xf x 0 由對稱性知 f x 0的解集為 1 0 0 1 答案 1 0 0 1 15 已知函數(shù) f x x2 2 ax 2 若 f x 1 在區(qū)間 上恒成立 則實數(shù) a的 12 2 取值范圍是 設 max m n Error 則 max 的最小值為 4f 12 f 2 解析 由 f x x2 2 ax 2 1 在 上恒成立可得 1 x2 2 ax 2 1 即 12 2 x 2 a x 在區(qū)間 上恒成立 所以 max 2 a min 所以 2 a 2 1x 3x 12 2 x 1x x 3x 52 3 解得 a 因為 max max 9 4 a 6 4 a 54 3 4f 12 f 2 9 4a 6 4a 2 所以其最小值為 9 4a 6 4a 2 32 32 答案 54 3 32 16 2019 屆高三 鎮(zhèn)海中學檢測 已知雙曲線 E 1 a 0 b 0 的左 右焦點 x2a2 y2b2 分別為 F1 F2 A 2 1 B是 E上不同的兩點 且四邊形 AF1BF2是平行四邊形 若 AF2B S ABF2 則雙曲線 E的標準方程為 2 3 3 解析 如圖 因為四邊形 AF1BF2是平行四邊形 所以 S ABF2 S AF1F2 F1AF2 所以 F1F2 2 AF1 2 AF2 2 2 AF1 AF2 cos 3 3 即 4c2 AF1 2 AF2 2 AF1 AF2 又 4a2 AF1 AF2 2 所以 4a2 AF1 2 AF2 2 2 AF1 AF2 由 可得 AF1 AF2 4 b2 又 S ABF2 4b2 所以 b2 1 12 32 3 將點 A 2 1 代入 y2 1 可得 a2 2 故雙曲線 E的標準方程為 y2 1 x2a2 x22 答案 y2 1 x22 17 2018 浙江聯(lián)盟校聯(lián)考 已知定義在 R上的奇函數(shù) f x 的圖象關于直線 x 1 對 稱 且當 x 0 1 時 f x 9 x 3 則 f 若數(shù)列 an 滿足 152 an f log2 64 n 對 n N 且 n0 2 32 當 x 時 f x 0 6 132 當 x 時 f x 0 且 f f 0 132 152 132 152 而 6 log2 64 n log2164 log2128 2 152 當 6 log2 64 n 即 64 n0 132 2 64 90 91 n 26 2 8 192 當 27 n 100時 log2 64 n an 0 132 152 當 a1 a2 an最大時 n 26 答案 0 26 三 解答題 本大題共 5小題 共 74分 解答應寫出文字說明 證明過程或演算步驟 18 本小題滿分 14分 2018 嘉興模擬 如圖 在等腰梯形 PDCB中 PB 3 DC 1 PD BC AD PB 將 PAD沿 AD折起 使平面 PAD 平面 ABCD 2 1 若 M是側棱 PB的中點 求證 CM 平面 PAD 2 求直線 PB與平面 PCD所成角的正弦值 解 1 證明 取 PA的中點 N 連接 MN DN M N為 PB PA的中點 MN綊 AB 12 在等腰梯形 PDCB中 PB 3 DC 1 AD PB CD綊 AB MN綊 DC 12 四邊形 MNDC為平行四邊形 故 CM DN CM 平面 PAD DN 平面 PAD CM 平面 PAD 2 作 BE AD交 DC的延長線于 E點 AD AB且平面 PAD 平面 ABCD 平面 PAD 平面 ABCD AD AB 平面 PAD 如圖 將幾何體補成直三棱柱 PAD KBE 過點 B作 BH KE PK 平面 BEK PK BH BH 平面 PCD 則 PB在平面 PCD上的射影為 PH 故 BPH就是直線 PB與平面 PCD 所成角 在 Rt PBH中 BH KE 且 PB 12 22 5 sin BPH BHPB 1010 故直線 PB與平面 PCD所成角的正弦值為 1010 19 本小題滿分 15分 已知函數(shù) f x 3 ax2 2 a b 1 x b a b R x 1 1 1 若 a b 1 證明函數(shù) f x 的圖象必過定點 2 記 f x 的最大值為 M 對任意的 a 1 b 1 求 M的最大值 解 1 證明 因為 a b 1 所以 b 1 a 所以 f x a 3x2 4 x 1 1 要使函數(shù)過定點 則須 3x2 4 x 1 0 解得 x 1 或 x 13 故可知函數(shù)的圖象必過定點 1 1 和 13 1 2 當 a 0 時 f x 2 b 1 x b b 2 2 3 b 所以此時 f x 5 當 a 1 即 b 1 4 a時 f x b 0時 對稱軸 x a b 13a 13 1 即 b 1 2 a時 f x 5 a 3 b 2 10 a b 13a f x a b 2 3 所以 f x 10 1 2 a時 f x 5 a 3 b 2 10 a b 13a f x b b 3 a 4 所以 f x 10 a b 1 23a 綜上 M的最大值為 10 當 a 1 b 1 x 1 時取到 20 本小題滿分 15分 2018 杭州高三質(zhì)檢 如圖 過拋物 線 M y x2上一點 A 點 A不與原點 O重合 作拋物線 M的切線 AB 交 y軸于點 B 點 C G是拋物線 M上異于點 A的點 且 G為 ABC 的重心 三條中線的交點 直線 CG交 y軸于點 D 1 設 A x0 x x0 0 求直線 AB的方程 20 2 求 的值 OB OD 解 1 因為 y 2 x 所以直線 AB的斜率 k y 2 x0 所以直線 AB的方程為 y x 2 x0 x x0 20 即 y 2 x0 x x 20 2 由題意得 點 B的縱坐標 yB x 20 所以 AB的中點坐標為 x02 0 設 C x1 y1 G x2 y2 直線 CG的方程為 x my x0 12 由Error 得 m2y2 mx0 1 y x 0 1420 因為 G為 ABC的重心 所以 y1 3 y2 由根與系數(shù)的關系 得 y1 y2 4 y2 y1y2 3 y 1 mx0m2 2 x204m2 所以 1 mx0 216m4 x2012m2 解得 mx0 3 2 3 所以點 D的縱坐標 yD x02m x206 43 故 4 6 OB OD yByD 3 21 本小題滿分 15分 2019 屆高三 浙江名校聯(lián)考 已知函數(shù) f x x axln x a R 1 討論函數(shù) f x 的單調(diào)性 2 若函數(shù) f x x axln x存在極大值 且極大值點為 1 證明 f x e x x2 解 1 由題意 x 0 f x 1 a aln x 當 a 0 時 f x x 函數(shù) f x 在 0 上單調(diào)遞增 當 a 0時 函數(shù) f x 1 a aln x單調(diào)遞增 f x 1 a aln x 0 x e1 0 故當 x 0 e 時 f x 0 所以 函數(shù) f x 在 0 e 1a 上單調(diào)遞減 在 e 1a 上單調(diào)遞增 當 a0 故當 x 0 e 1 時 f x 0 當 x e a 時 1a f x 0 所以函數(shù) f x 在 0 e a 上單調(diào)遞增 在 e 1a 上單調(diào)遞減 2 證明 由 1 可知若函數(shù) f x x axln x存在極大值 且極大值點為 1 則 a0 則 h x e x 2 x ln x 令 g x h x 則 g x e x 2 0 1x 所以函數(shù) h x e x 2 x ln x單調(diào)遞增 又 h e 1 10 1e 2e 1e 故 h x e x 2 x ln x在 上存在唯一零點 x0 即 e 2 x0 ln x0 0 1e 1 所以當 x 0 x0 時 h x 0 所以函數(shù) h x 在 0 x0 上單調(diào)遞減 在 x0 上單調(diào)遞增 故 h x h x0 e x x0 x0ln x0 20 所以只需證 h x0 e x x0 x0ln x0 0 即可 20 由 e 2 x0 ln x0 0 得 e 2 x0 ln x0 所以 h x0 x0 1 x0 ln x0 又 x0 1 0 所以只要 x0 ln x0 0 即可 法一 當 x0 ln x0 0時 ln x0 x0 x0 e e x0 0 所以 e x0 x0 ln x0 0與 e 2 x0 ln x0 0 矛盾 故 x0 ln x0 0 得證 法二 當 x0 ln x0 0時 ln x0 x0 x0 e e x0 0 所以 e x0 x0 ln x00時 ln x0 x0 x0 e e x0 0 所以 e x0 x0 ln x0 0與 e 2 x0 ln x0 0 矛盾 當 x0 ln x0 0 時 ln x0 x0 x0 e e x0 0 得 e 2 x0 ln x0 0 故 x0 ln x0 0 成立 得 h x0 x0 1 x0 ln x0 0 所以 h x 0 即 f x e x x2 22 本小題滿分 15分 2018 金華統(tǒng)考 已知函數(shù) f x ln x a R 且 1ax 1a a 0 1 討論函數(shù) f x 的單調(diào)性 2 當 x 時 試判斷函數(shù) g x ln x 1 e x x m的零點個數(shù) 1e e 解 1 f x x 0 ax 1ax2 當 a0恒成立 函數(shù) f x 在 0 上單調(diào)遞增 當 a 0時 由 f x 0 得 x 1a 由 f x 0 得 0 x 1a 函數(shù) f x 在 上單調(diào)遞增 在 上單調(diào)遞減 1a 0 1a 綜上所述 當 a0時 函數(shù) f x 在 上單調(diào)遞增 在 上單調(diào)遞減 1a 0 1a 2 當 x 時 函數(shù) g x ln x 1 e x x m的零點 1e e 即當 x 時 方程 ln x 1 e x x m的根 1e e 令 h x ln x 1 e x x 則 h x ex 1 1x ln x 1 由 1 知當 a 1 時 f x ln x 1 在 上單調(diào)遞減 在 1 e 上單調(diào)遞增 1x 1e 1 當 x 時 f x f 1 0 1e e ln x 1 0 在 x 上恒成立 1x 1e e h x ex 1 0 1 0 1x ln x 1 h x ln x 1 e x x在 x 上單調(diào)遞增 1e e h x min h 2e 1e h x max e 1e 1e 當 me時 函數(shù) g x 在 上沒有零點 1e 1e e 當 2e e m e 時 函數(shù) g x 在 上有且只有一個零點 1e 1e e