2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一階段專題三第1講 專題特輯 課下 針對(duì)高考押題訓(xùn)練.doc

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2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一階段專題三第1講 專題特輯 課下 針對(duì)高考押題訓(xùn)練 1．(xx上海高考)A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB∶BC＝1∶2，B點(diǎn)位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷。當(dāng)在A處放一電荷量為＋q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場(chǎng)力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為－2q的點(diǎn)電荷，其所受電場(chǎng)力為(　　) A．－F/2　　　　　　　　 B．F/2 C．－F D．F 解析：選B　如圖所示，設(shè)B處的點(diǎn)電荷帶電荷量為正，AB＝r，則BC＝2r，根據(jù)庫(kù)侖定律F＝，F(xiàn)′＝，可得F′＝，故選項(xiàng)B正確。 2. (xx福建質(zhì)檢)一靜電場(chǎng)的方向平行于x軸，其電勢(shì)φ隨x的分布可簡(jiǎn)化為如圖1所示的折線?，F(xiàn)將帶正電的試探電荷沿x軸從x1＝－d移到x2＝2d，在此過程中，下列判斷正確的是(　　) A．電場(chǎng)力的方向始終沿x軸正方向 B．電場(chǎng)力的大小先逐漸增大后逐漸減小 圖1 C．電勢(shì)能先逐漸減小后逐漸增大 D．電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功 解析：選D　由圖可知在－d到O的過程中電勢(shì)在升高，故電場(chǎng)線的方向沿x軸的反方向，在O到2d的過程中電勢(shì)在降低，故電場(chǎng)線的方向沿x軸的正方向，所以電場(chǎng)線的方向先向x軸的反方向再向正方向，電場(chǎng)力的方向先向反方向，再向正方向，故A錯(cuò)；由圖象知電勢(shì)隨x均勻變化，故沿x正方向和反方向的電場(chǎng)都是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故B錯(cuò)；在－d到O的過程中電勢(shì)在升高，正電荷的電勢(shì)能在增加，在O到2d的過程中電勢(shì)在降低，正電荷的電勢(shì)能在減小，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故C錯(cuò)D對(duì)。 3．如圖2甲所示，A、B是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)。一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷僅受電場(chǎng)力作用，從A點(diǎn)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)。在此過程中，該點(diǎn)電荷的速度v隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說法中正確的是(　　) 圖2 A．A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的大 B．A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等 C．A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)高 D． A點(diǎn)的電勢(shì)比B點(diǎn)的電勢(shì)低 解析：選C　由題圖乙可得該點(diǎn)電荷由A點(diǎn)到B點(diǎn)做減速運(yùn)動(dòng)，所以點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向相反，由B指向A，由于點(diǎn)電荷帶負(fù)電，所受電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故電場(chǎng)強(qiáng)度方向由A指向B，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)越來越低，所以A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高，C正確，D錯(cuò)誤；由圖乙可得v－t圖象斜率越來越大，說明點(diǎn)電荷的加速度越來越大，由牛頓第二定律可得電場(chǎng)力越來越大，所以由A到B電場(chǎng)強(qiáng)度在增大，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比B點(diǎn)的小，A、B錯(cuò)誤。 4.(xx溫州模擬)一帶電小球懸掛在平行板電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)S，電容器充電后，懸線與豎直方向夾角為θ，如圖3所示。下列方法中能使夾角θ減小的是(　　) A．保持開關(guān)閉合，使兩極板靠近一些 B．保持開關(guān)閉合，使滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng) 圖3 C．保持開關(guān)閉合，使兩極板遠(yuǎn)離一些 D．?dāng)嚅_開關(guān)，使兩極板靠近一些 解析：選C　保持開關(guān)閉合，兩極板間電壓不變，使兩極板靠近一些，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大，夾角θ增大，A錯(cuò)；保持開關(guān)閉合，使滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)，不會(huì)影響板間電壓，夾角θ不變，B錯(cuò)；保持開關(guān)閉合，板間電壓不變，使兩極板遠(yuǎn)離一些，由E＝可知，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，夾角θ減小，C對(duì)；斷開開關(guān)，使兩極板靠近一些，極板上電荷量不變，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，夾角θ不變，D錯(cuò)。 5．平行板間有如圖4所示的周期性變化的電壓。重力不計(jì)的帶電粒子靜止在平行板中央，從t＝0時(shí)刻開始將其釋放，運(yùn)動(dòng)過程無碰板情況。在圖5所示的圖象中，正確定性描述粒子運(yùn)動(dòng)的速度圖象的是(　　) 圖4 圖5 解析：選A　0～時(shí)間內(nèi)粒子做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)?！玊時(shí)間內(nèi)做加速度恒定的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知，在T時(shí)速度減為零。此后周期性重復(fù)，故A正確。 6. (xx重慶高考)空間中P、Q兩點(diǎn)處各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，其中P點(diǎn)處為正電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場(chǎng)的等勢(shì)面分布如圖6所示，a、b、c、d為電場(chǎng)中的4個(gè)點(diǎn)，則(　　) 圖6 A．P、Q兩點(diǎn)處的電荷等量同種 B．a(chǎn)點(diǎn)和b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同 C．c點(diǎn)的電勢(shì)低于d點(diǎn)的電勢(shì) D．負(fù)電荷從a到c，電勢(shì)能減少 解析：選D　根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直得：必有一條電場(chǎng)線與P、Q連線重合，P為正電荷，故該電場(chǎng)線必從P沿直線指向Q，因電場(chǎng)線總是由正電荷指向負(fù)電荷，故P、Q電荷為等量異種電荷，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，a、b兩處電場(chǎng)強(qiáng)度方向不同，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；因越靠近正電荷，電勢(shì)越高，故c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì)，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)等勢(shì)線的分布及P、Q的電性，c所在的等勢(shì)線電勢(shì)高于a所在等勢(shì)線的電勢(shì)，負(fù)電荷從a到c，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，D選項(xiàng)正確。 7．(xx安徽高考)如圖7所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢(shì)為0 V，點(diǎn)A處的電勢(shì)為6 V，點(diǎn)B處的電勢(shì)為3 V，則電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為(　　) A．200 V/m B．200 V/m 圖7 C．100 V/m D．100 V/m 解析：選A　在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，若沿某一方向電勢(shì)降落，則在這一方向上電勢(shì)均勻降落，故OA的中點(diǎn)C的電勢(shì)φC＝3 V(如圖所示)，因此B、C為等勢(shì)面。O點(diǎn)到BC的距離d＝OCsin α，而sin α ＝＝，所以d＝OC＝1.510－2m。根據(jù)E＝得，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E＝＝ V/m＝200 V/m，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B、C、D錯(cuò)誤。 8．(xx安徽高考)如圖8甲所示，半徑為R的均勻帶電圓形平板，單位面積帶電量為σ，其軸線上任意一點(diǎn)P(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度可以由庫(kù)侖定律和電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加原理求出： E＝2πkσ，方向沿x軸?，F(xiàn)考慮單位面積帶電量為σ0的無限大均勻帶電平板，從其中間挖去一半徑為r的圓板，如圖乙所示。則圓孔軸線上任意一點(diǎn)Q(坐標(biāo)為x)的電場(chǎng)強(qiáng)度為(　　) 圖8 A．2πkσ0 B．2πkσ0 C．2πkσ0 D．2πkσ0 解析：選A　利用均勻帶電圓板軸線上的電場(chǎng)強(qiáng)度公式，當(dāng)R無限大時(shí)，Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E1＝2πkσ0，當(dāng)R＝r時(shí)，Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E2＝2πkσ0，現(xiàn)從帶電平板上中間挖去一半徑為r的圓板，則Q點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E3＝E1－E2，只有選項(xiàng)A正確。 9．(xx福建高考)反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似。如圖9所示，在虛線MN兩側(cè)分別存在著方向相反的兩個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電微粒從A點(diǎn)由靜止開始，在電場(chǎng)力作用下沿直線在A、B兩點(diǎn)間往返運(yùn)動(dòng)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別是E1＝2.0103 N/C和E2＝4.0103 N/C，方向如圖所示，帶電微粒質(zhì)量m＝1.010－20 kg ，帶電量q＝－1.010－9C， 圖9 A點(diǎn)距虛線MN的距離d1＝1.0 cm，不計(jì)帶電微粒的重力，忽略相對(duì)論效應(yīng)。求： (1)B點(diǎn)距虛線MN的距離d2； (2)帶電微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t。 解析：(1)帶電微粒由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，由動(dòng)能定理有 |q|E1d1－|q|E2d2＝0① 解得d2＝d1＝0.50 cm② (2)設(shè)微粒在虛線MN兩側(cè)的加速度大小分別為a1、a2，由牛頓第二定律有|q|E1＝ma1③ |q|E2＝ma2④ 設(shè)微粒在虛線MN兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 d1＝a1t12⑤ d2＝a2t22⑥ 又t＝t1＋t2⑦ 由②③④⑤⑥⑦式解得t＝1.510－8s 答案：(1)0.50 cm　　(2)1.510－8 s 10．(xx湖南四市聯(lián)考)如圖10所示，在同一條豎直線上，有電荷量均為Q的A、B兩個(gè)正點(diǎn)電荷，GH是它們連線的垂直平分線。另有一個(gè)帶電小球C，質(zhì)量為m、電荷量為＋q(可視為點(diǎn)電荷)，被長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣輕細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，現(xiàn)在把小球O拉起到M點(diǎn)，使細(xì)線水平 圖10 且與A、B處于同一豎直面內(nèi)，由靜止開始釋放，小球C向下運(yùn)動(dòng)到GH線上的N點(diǎn)時(shí)剛好速度為零，此時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角θ＝30。試求： (1)在A、B所形成的電場(chǎng)中M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，并指出M、N哪一點(diǎn)的電勢(shì)高。 (2)若N點(diǎn)與A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷所在位置正好形成一個(gè)邊長(zhǎng)為a的正三角形，則小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)瞬間，輕細(xì)線對(duì)小球的拉力FT(靜電力常量為k)。 解析：(1)帶電小球C在A、B形成的電場(chǎng)中從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，重力和電場(chǎng)力做功，但合力功為零，則qUMN＋mglcos θ＝0 所以UMN＝－ 即M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為 且N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)。 (2)在N點(diǎn)，小球C受到重力mg、細(xì)線的拉力FT以及A和B分別對(duì)它的斥力FA和FB四個(gè)力的作用如圖所示，且沿細(xì)線方向的合力為零(向心力為零)。則 FT－mgcos 30－FAcos 30＝0 又FA＝FB＝k 得FT＝mgcos 30＋kcos 30 答案：(1)　N點(diǎn)電勢(shì)高 (2)mgcos 30＋kcos 30