2022年高考物理二輪復習 第一階段專題一第1講 專題特輯 課下 針對高考押題訓練

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1、2022年高考物理二輪復習 第一階段專題一第1講 專題特輯 課下 針對高考押題訓練 1．(xx·天水檢測)如圖1所示，一輕質(zhì)彈簧只受一個拉力F1時，其伸長量為x，當彈簧同時受到兩個拉力F2和F3作用時，伸長量也為x，現(xiàn)對彈簧同時施加F1、F2、F3三個力作用時，其伸長量為x′，則以下關(guān)于x′與x關(guān)系正確的是(　　) 圖1 A．x′＝x B．x′＝2x C．x

2、斜面小車M靜止在光滑水平面上，一邊緊貼墻壁。若再在斜面上加一物體m，且M、m相對靜止，此時小車受力個數(shù)為(　　) A．3 B．4 C．5 D．6 圖2 解析：選B　對M和m整體，它們必受到重力和地面支持力，因小車靜止，由平衡條件知墻面對小車必無作用力，以小車為研究對象，受力如圖所示，它受四個力：重力Mg，地面的支持力FN1，m對它的壓力FN2和靜摩擦力Ff，由于m靜止，可知f和FN2的合力必定豎直向下，故B項正確。 3. (xx·莆田質(zhì)檢)物塊M在靜止的傳送帶上勻速下滑

3、時，若傳送帶突然轉(zhuǎn)動且轉(zhuǎn)動的方向如圖3中箭頭所示，則傳送帶轉(zhuǎn)動后(　　) A．M將減速下滑 B．M仍勻速下滑 圖3 C．M受到的摩擦力變小 D．M受到的摩擦力變大 解析：選B　由物塊M在靜止的傳送帶上勻速下滑知，Mgsin θ＝μMgcos θ，又傳送帶突然如題圖中所示轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動后物塊所受的摩擦力和靜止時相同，故物塊的受力沒有變化，則物塊的運動狀態(tài)也不變化，M仍勻速下滑，B對。 4.如圖4所示，質(zhì)量為m的小球置于傾角為30°的光滑斜面上，勁度系數(shù)為k的輕彈簧一端系在小球上，另一端固

4、定在P點，小球靜止時，彈簧與豎直方向的夾角為30°，則彈簧的伸長量為(　　) 圖4 A. B. C. D. 解析：選C　對小球受力分析可知小球受力平衡，由題意可知彈簧彈力與豎直方向夾角為30°，豎直方向上彈簧彈力與斜面支持力的合力與重力平衡，根據(jù)幾何關(guān)系可知：2kxcos 30°＝mg，解得：x＝，故選項C正確。 5.(xx·蘇北四市二次調(diào)考)如圖5所示，吊床用繩子拴在兩棵樹上等高位置。某人先坐在吊床上，后躺在吊床上，均處于靜止狀態(tài)。設(shè)吊床兩端系繩中的拉力為F1、吊床對該人的作用力為F2，則(　　) A．坐著比

5、躺著時F1大 B．躺著比坐著時F1大 圖5 C．坐著比躺著時F2大 D．躺著比坐著時F2大 解析：選A　設(shè)繩子與水平方向的夾角為θ，在豎直方向上由平衡條件有G＝2Fsin θ，所以F＝，因坐著比躺著繩與水平方向的夾角小一些，所以坐著比躺著時繩中的拉力大，故選項A正確，選項B錯。兩種情況吊床對該人的作用力大小為人的重力，所以選項C、D錯。 6.兩物體M、m用跨過光滑定滑輪的輕繩相連，如圖6所示，OA、OB與水平面的夾角分別為30°、60°，M、m均處于靜止狀態(tài)。則(　　) A．繩OA對M的拉力大小大

6、于繩OB對M的拉力 B．繩OA對M的拉力大小等于繩OB對M的拉力 圖6 C．m受到水平面的靜摩擦力大小為零 D．m受到水平面的靜摩擦力的方向水平向左 解析：選D　取O點為研究對象進行受力分析，如圖所示，F(xiàn)TA

7、．2∶1∶1 D．2∶1∶ 解析：選B　分析m2、m3受力，由平衡條件可知，兩段繩中張力大小分別為m2g、m3g，再分析m1受力如圖所示，由平衡條件可得：m2g＝m1g cos 30°，m3 g＝m1 gsin 30°，故有：m2＝m1，m3＝m1，所以，m1∶m2∶m3＝m1∶m1∶m1＝2∶∶1，B正確。 8.如圖8所示，質(zhì)量分別為10 kg的物體A和B通過光滑滑輪與物體C相連，物體與水平面和斜面間的動摩擦因數(shù)均為0.2，斜面的傾角為37°，若C剛好能勻速拉動A和B而下滑，則物體C的質(zhì)量為(重力加速度g＝10 m/s2)(　　)

8、 圖8 A．9.6 kg B．8.0 kg C．3.6 kg D．7.6 kg 解析：選A　物體C勻速下落，則BC間繩中張力FBC等于mCg，而物體B勻速上滑，由平衡條件可得：FBC＝mBgsin 37°＋μmBgcos 37°＋FAB，而FAB＝μmAg，故得：mCg＝mBgsin 37°＋μmBgcos 37°＋μmAg，解得mC＝9.6 kg，A正確。 9.如圖9所示，將兩個質(zhì)量均為m的小球a、b用細線相連并懸掛于O點，用力F拉小球a使整個裝置處于平衡狀態(tài)，且懸線Oa與豎直方向的夾角為θ＝60°，則力F的大小可能為(　　)

9、A.mg　　　　 B．mg 圖9 C.mg D.mg 解析：選A　以a、b整體為研究對象進行受力分析如圖所示，當F與FT垂直時，F(xiàn)最小。Fmin＝2mgsin 60°＝mg，A對。 10．如圖10所示，將兩相同的木塊a、b置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細繩系于墻壁。開始時a、b均靜止，彈簧處于伸長狀態(tài)，兩細繩均有拉力，a所受摩擦力fa ≠0，b所受摩擦力fb＝0，現(xiàn)將右側(cè)細繩剪斷，則剪斷瞬間(　　) 圖10 A．fa 大小不

10、變　　　　 B．fa方向改變 C．fb仍然為零 D．fb方向向左 解析：選A　右側(cè)細繩剪斷的瞬間，彈簧彈力來不及發(fā)生變化，故a的受力情況不變，a左側(cè)繩的拉力、靜摩擦力大小方向均不變，A正確，B錯誤。而b在剪斷繩的瞬間右側(cè)繩的拉力立即消失，靜摩擦力向右，C、D錯誤。 11．(xx·福建六校聯(lián)考)三個質(zhì)量均為1 kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數(shù)均為500 N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連接如圖11所示，其中a放在光滑水平桌面上。開始時p彈簧處于原長，木塊都處于靜止?，F(xiàn)用水平力緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平地面為止，g取10 m/s2。該過程p彈簧的左端向左移動

11、的距離是(不計滑輪的摩擦)(　　) 圖11 A．4 cm B．6 cm C．8 cm D．10 cm 解析：選C　開始時q彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律，壓縮了2 cm。c木塊剛好離開水平地面時，輕彈簧q中拉力為10 N，由胡克定律，輕彈簧q伸長2 cm；輕彈簧p中拉力為20 N，由胡克定律，輕彈簧p伸長4 cm；該過程p彈簧的左端向左移動的距離是2 cm＋2 cm＋4 cm＝8 cm，選項C正確。 12.一端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在地面上，A、B兩物體通過細繩連接，并處于靜止狀態(tài)(不計繩的質(zhì)量和繩與滑輪間的摩擦)，如圖12所示。現(xiàn)用水平力F作用于物體B上，緩

12、慢拉開一小角度，此過程中斜面體與物體A仍然靜止。則下列說法正確的是(　　) 圖12 A．在緩慢拉開B的過程中，水平力F不變 B．斜面體所受地面的支持力一定不變 C．斜面對物體A作用力的合力變大 D．物體A所受斜面體的摩擦力一定變大 解析：選B　對物體B受力分析如圖所示。由圖可以看出，隨θ的增大，F(xiàn)和繩的拉力FT均增大，A錯誤；取A、B和斜面體為一整體，由平衡條件可知，豎直方向上，斜面體受到地面的支持力，始終為整體的總重力，不隨F而改變，B正確；因不知A物體初態(tài)時摩擦力的方向，故在FT增大的過程，物體A所受斜面體的摩擦力的大小變化情況無法確定

13、，D錯誤；因斜面對A的彈力的大小和方向不變，故斜面對物體A的作用力的變化因摩擦力變化不能確定而不能確定，C錯誤。 13.如圖13所示，墻上有兩個釘子a和b，它們的連線與水平方向的夾角為45°，兩者的高度差為l。一條不可伸長的輕質(zhì)細繩一端固定于a點，另一端跨過光滑釘子b懸掛一質(zhì)量為m1的重物。在繩上距a端l/2的c點有一固定繩圈。若繩圈上懸掛質(zhì)量為m2的鉤碼，平衡后繩的ac段正好水平， 圖13 則重物和鉤碼的質(zhì)量比為(　　) A. B．2 C. D. 解析：選C　對平衡后繩圈c受力分析如圖所示，圖中F1＝m2g，F(xiàn)2＝m1g，

14、由圖中幾何關(guān)系及平衡條件可知：＝＝，即＝，C正確。 14．(xx·安徽名校聯(lián)考)如圖14所示，楔形斜面體傾角為37°，其BC長為0.8 m，AB寬為0.6 m，一重為25 N的木塊原先在斜面體上部，它與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.6，要使木塊沿對角線AC方向勻速下滑，需要對它施加方向平行于斜面的力F，則F的大小和方向為(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(　　) A．15 N　沿斜面向上 圖14 B．15 N　與AB邊平行 C．9 N　近似于沿DB方向 D．9 N　近似于沿CA方向 解析：選C　木塊沿斜面方向受到重力沿斜面向下的分力FG＝mgsin 37°＝15 N、沿對角線CA斜向上的滑動摩擦力Ff＝μmgcos 37°＝12 N、外力F三個力作用，因物塊勻速下滑，以上三個力的合力必定為零，由題意可知∠CAD＝37°，由余弦定理可知，F(xiàn)＝＝9 N，且F與Ff垂直，故C正確。