高三理科數(shù)學(xué) 新課標(biāo)二輪復(fù)習(xí)專題整合高頻突破習(xí)題：專題五 立體幾何 專題能力訓(xùn)練14 Word版含答案

《高三理科數(shù)學(xué) 新課標(biāo)二輪復(fù)習(xí)專題整合高頻突破習(xí)題：專題五 立體幾何 專題能力訓(xùn)練14 Word版含答案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高三理科數(shù)學(xué) 新課標(biāo)二輪復(fù)習(xí)專題整合高頻突破習(xí)題：專題五 立體幾何 專題能力訓(xùn)練14 Word版含答案（12頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題能力訓(xùn)練14　空間中的平行與垂直 能力突破訓(xùn)練 1.如圖,O為正方體ABCD-A1B1C1D1的底面ABCD的中心,則下列直線中與B1O垂直的是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.A1D B.AA1 C.A1D1 D.A1C1 2.如圖,在正方形ABCD中,E,F分別是BC,CD的中點(diǎn),沿AE,AF,EF把正方形折成一個(gè)四面體,使B,C,D三點(diǎn)重合,重合后的點(diǎn)記為P,點(diǎn)P在△AEF內(nèi)的射影為O.則下列說法正確的是(　　) A.O是△AEF的垂心 B.O是△AEF的內(nèi)心 C.O是△AEF的外心 D.O是△AEF的重心 (第1題圖) (第2題圖)

2、 3.α,β是兩個(gè)平面,m,n是兩條直線,有下列四個(gè)命題: ①如果m⊥n,m⊥α,n∥β,那么α⊥β. ②如果m⊥α,n∥α,那么m⊥n. ③如果α∥β,m?α,那么m∥β. ④如果m∥n,α∥β,那么m與α所成的角和n與β所成的角相等. 其中正確的命題有　　　　.(填寫所有正確命題的編號(hào))? 4.已知正四棱錐S-ABCD的底面邊長(zhǎng)為2,高為2,E是邊BC的中點(diǎn),動(dòng)點(diǎn)P在表面上運(yùn)動(dòng),并且總保持PE⊥AC,則動(dòng)點(diǎn)P的軌跡的周長(zhǎng)為　　　　　.? 5.下列命題中正確的是　　　　　.(填上你認(rèn)為正確的所有命題的序號(hào))? ①空間中三個(gè)平面α,β,γ,若α⊥β,γ⊥β,則α∥γ;

3、②若a,b,c為三條兩兩異面的直線,則存在無數(shù)條直線與a,b,c都相交; ③若球O與棱長(zhǎng)為a的正四面體各面都相切,則該球的表面積為a2; ④在三棱錐P-ABC中,若PA⊥BC,PB⊥AC,則PC⊥AB. 6. 在正三棱柱A1B1C1-ABC中,點(diǎn)D是BC的中點(diǎn),BC=BB1.設(shè)B1D∩BC1=F. 求證:(1)A1C∥平面AB1D; (2)BC1⊥平面AB1D. 7. 如圖,在四棱錐P-ABCD中,側(cè)面PAD是邊長(zhǎng)為2的正三角形,且與底面垂直,底面ABCD是∠ABC=60°的菱形,M為PC的中點(diǎn). (1)求證:PC⊥AD; (2)證明

4、在PB上存在一點(diǎn)Q,使得A,Q,M,D四點(diǎn)共面; (3)求點(diǎn)D到平面PAM的距離. 8. (20xx山東青島統(tǒng)一質(zhì)檢)如圖,在四棱錐P-ABCD中,底面ABCD是菱形,PA⊥平面ABCD,PA=3,F是棱PA上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),E為PD的中點(diǎn). (1)求證:平面BDF⊥平面PCF; (2)若AF=1,求證:CE∥平面BDF. 思維提升訓(xùn)練 9.平面α過正方體ABCD-A1B1C1D1的頂點(diǎn)A,α∥平面CB1D1,α∩平面ABCD=m,α∩平面ABB1A1=n,則m,n所成角的正弦值為(　　)

5、 A. B. C. D. 10. 如圖,在側(cè)棱垂直底面的四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AD∥BC,AD⊥AB,AB=,AD=2,BC=4,AA1=2,E是DD1的中點(diǎn),F是平面B1C1E與直線AA1的交點(diǎn). (1)證明:①EF∥A1D1;②BA1⊥平面B1C1EF; (2)求BC1與平面B1C1EF所成角的正弦值. 11.如圖,在長(zhǎng)方形ABCD中,AB=2,BC=1,E為CD的中點(diǎn),F為AE的中點(diǎn).現(xiàn)在沿AE將△ADE向上折起,在折起的圖形中解答下列問題: (1)在線段AB上是否存在一點(diǎn)K,使BC∥平面DFK?

6、若存在,請(qǐng)證明你的結(jié)論;若不存在,請(qǐng)說明理由; (2)若平面ADE⊥平面ABCE,求證:平面BDE⊥平面ADE. 12.已知正三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=2,AA1=,點(diǎn)D為AC的中點(diǎn),點(diǎn)E在線段AA1上. (1)當(dāng)AE∶EA1=1∶2時(shí),求證:DE⊥BC1; (2)是否存在點(diǎn)E,使三棱錐C1-BDE的體積恰為三棱柱ABC-A1B1C1體積的?若存在,求AE的長(zhǎng),若不存在,請(qǐng)說明理由. 13.如圖,在四邊形ABCD中(如圖①),E是BC的中點(diǎn),DB=2,DC=1,BC=

7、,AB=AD=.將△ABD(如圖①)沿直線BD折起,使二面角A-BD-C為60°(如圖②). (1)求證:AE⊥平面BDC; (2)求異面直線AB與CD所成角的余弦值; (3)求點(diǎn)B到平面ACD的距離. 參考答案 專題能力訓(xùn)練14　空間中的平行與垂直 能力突破訓(xùn)練 1.D　解析易知A1C1⊥平面BB1D1D. ∵B1O?平面BB1D1D,∴A1C1⊥B1O,故選D. 2.A　解析如圖,易知PA,PE,PF兩兩垂直, ∴PA⊥平面PEF,從而PA⊥EF, 而PO⊥平面AEF,則PO⊥EF, ∴EF⊥平面PAO,∴EF⊥AO.

8、 同理可知AE⊥FO,AF⊥EO, ∴O為△AEF的垂心. 3.②③④　解析對(duì)于①,若m⊥n,m⊥α,n∥β,則α,β的位置關(guān)系無法確定,故錯(cuò)誤;對(duì)于②,因?yàn)閚∥α,所以過直線n作平面γ與平面α相交于直線c,則n∥c.因?yàn)閙⊥α,所以m⊥c,所以m⊥n,故②正確;對(duì)于③,由兩個(gè)平面平行的性質(zhì)可知正確;對(duì)于④,由線面所成角的定義和等角定理可知其正確,故正確的命題有②③④. 4　解析 如圖,取CD的中點(diǎn)F,SC的中點(diǎn)G,連接EF,EG,FG. 設(shè)EF交AC于點(diǎn)H,連接GH,易知AC⊥EF. 又GH∥SO, ∴GH⊥平面ABCD, ∴AC⊥GH. 又GH∩EF=H,∴AC

9、⊥平面EFG. 故點(diǎn)P的軌跡是△EFG,其周長(zhǎng)為 5.②③④　解析①中也可以α與γ相交;②作平面與a,b,c都相交;③中可得球的半徑為r=a;④中由PA⊥BC,PB⊥AC得點(diǎn)P在底面△ABC的射影為△ABC的垂心,故PC⊥AB. 6.證明(1)連接A1B,設(shè)A1B交AB1于點(diǎn)E,連接DE. ∵點(diǎn)D是BC的中點(diǎn),點(diǎn)E是A1B的中點(diǎn), ∴DE∥A1C. ∵A1C?平面AB1D,DE?平面AB1D, ∴A1C∥平面AB1D. (2)∵△ABC是正三角形,點(diǎn)D是BC的中點(diǎn), ∴AD⊥BC. ∵平面ABC⊥平面B1BCC1,平面ABC∩平面B1BCC1=BC,AD?平面ABC,

10、 ∴AD⊥平面B1BCC1. ∵BC1?平面B1BCC1,∴AD⊥BC1. ∵點(diǎn)D是BC的中點(diǎn),BC=BB1, ∴BD=BB1. ,∴Rt△B1BD∽R(shí)t△BCC1, ∴∠BDB1=∠BC1C. ∴∠FBD+∠BDF=∠C1BC+∠BC1C=90°. ∴BC1⊥B1D. ∵B1D∩AD=D,∴BC1⊥平面AB1D. 7.(1)證法一取AD的中點(diǎn)O,連接OP,OC,AC,依題意可知△PAD,△ACD均為正三角形, 所以O(shè)C⊥AD,OP⊥AD. 又OC∩OP=O,OC?平面POC,OP?平面POC, 所以AD⊥平面POC. 又PC?平面POC,所以PC⊥AD. 證法二連

11、接AC,依題意可知△PAD,△ACD均為正三角形. 因?yàn)镸為PC的中點(diǎn),所以AM⊥PC,DM⊥PC. 又AM∩DM=M,AM?平面AMD,DM?平面AMD, 所以PC⊥平面AMD. 因?yàn)锳D?平面AMD,所以PC⊥AD. (2)證明當(dāng)點(diǎn)Q為棱PB的中點(diǎn)時(shí),A,Q,M,D四點(diǎn)共面,證明如下: 取棱PB的中點(diǎn)Q,連接QM,QA. 因?yàn)镸為PC的中點(diǎn),所以QM∥BC. 在菱形ABCD中,AD∥BC,所以QM∥AD,所以A,Q,M,D四點(diǎn)共面. (3)解點(diǎn)D到平面PAM的距離即點(diǎn)D到平面PAC的距離. 由(1)可知PO⊥AD,又平面PAD⊥平面ABCD,平面PAD∩平面ABCD

12、=AD,PO?平面PAD, 所以PO⊥平面ABCD,即PO為三棱錐P-ACD的高. 在Rt△POC中,PO=OC=,PC=, 在△PAC中,PA=AC=2,PC=,邊PC上的高AM=, 所以△PAC的面積S△PAC=PC·AM= 設(shè)點(diǎn)D到平面PAC的距離為h,由VD-PAC=VP-ACD,得S△PAC·h=S△ACD·PO. 因?yàn)镾△ACD=22=,所以h=,解得h=, 所以點(diǎn)D到平面PAM的距離為 8.證明(1)連接AC交BD于點(diǎn)O. ∵底面ABCD是菱形,∴BD⊥AC. ∵PA⊥平面ABCD,BD?平面ABCD,∴BD⊥PA. ∵PA∩AC=A,PA?平面PAC,AC

13、?平面PAC, ∴BD⊥平面PAC, ∴BD⊥平面PCF. ∵BD?平面BDF, ∴平面BDF⊥平面PCF. (2)過點(diǎn)E作EG∥FD交AP于點(diǎn)G,連接CG,連接FO. ∵EG∥FD,EG?平面BDF,FD?平面BDF.∴EG∥平面BDF. ∵底面ABCD是菱形,∴O是AC的中點(diǎn). ∵E為PD的中點(diǎn),∴G為PF的中點(diǎn). ∵AF=1,PA=3, ∴F為AG的中點(diǎn),∴OF∥CG. ∵CG?平面BDF,OF?平面BDF, ∴CG∥平面BDF. 又EG∩CG=G,EG,CG?平面CGE, ∴平面CGE∥平面BDF. 又CE?平面CGE,∴CE∥平面BDF. 思維提升

14、訓(xùn)練 9.A　解析(方法一)∵α∥平面CB1D1,平面ABCD∥平面A1B1C1D1,α∩平面ABCD=m,平面CB1D1∩平面A1B1C1D1=B1D1, ∴m∥B1D1. ∵α∥平面CB1D1,平面ABB1A1∥平面DCC1D1,α∩平面ABB1A1=n,平面CB1D1∩平面DCC1D1=CD1, ∴n∥CD1. ∴B1D1,CD1所成的角等于m,n所成的角, 即∠B1D1C等于m,n所成的角. ∵△B1D1C為正三角形,∴∠B1D1C=60°, ∴m,n所成的角的正弦值為 (方法二)由題意畫出圖形如圖,將正方體ABCD-A1B1C1D1平移, 補(bǔ)形為兩個(gè)全等的正方

15、體如圖,易證平面AEF∥平面CB1D1, ∴平面AEF即為平面α, m即為AE,n即為AF,∴AE與AF所成的角即為m與n所成的角. ∵△AEF是正三角形,∴∠EAF=60°, 故m,n所成角的正弦值為 10.(1)證明①因?yàn)镃1B1∥A1D1,C1B1?平面ADD1A1,所以C1B1∥平面ADD1A1. 因?yàn)槠矫鍮1C1EF∩平面ADD1A1=EF, 所以C1B1∥EF.所以A1D1∥EF. ②因?yàn)锽B1⊥平面A1B1C1D1,所以BB1⊥B1C1. 因?yàn)锽1C1⊥B1A1,所以B1C1⊥平面ABB1A1, 所以B1C1⊥BA1. 在矩形ABB1A1中,F是AA1的中點(diǎn)

16、, 即tan∠A1B1F=tan∠AA1B=,即∠A1B1F=∠AA1B.故BA1⊥B1F. 又B1F∩B1C1=B1,所以BA1⊥平面B1C1EF. (2)解設(shè)BA1與B1F的交點(diǎn)為H,連接C1H(如圖). 由(1)知BA1⊥平面B1C1EF, 所以∠BC1H是BC1與平面B1C1EF所成的角. 在矩形ABB1A1中,AB=,AA1=2,得BH= 在Rt△BHC1中,BC1=2,BH=, 得sin∠BC1H= 所以BC1與平面B1C1EF所成角的正弦值是 11. (1)解線段AB上存在一點(diǎn)K,且當(dāng)AK=AB時(shí),BC∥平面DFK. 證明如下:設(shè)H為AB的中點(diǎn),連

17、接EH,則BC∥EH. 又因?yàn)锳K=AB,F為AE的中點(diǎn),所以KF∥EH,所以KF∥BC. 因?yàn)镵F?平面DFK,BC?平面DFK, 所以BC∥平面DFK. (2)證明因?yàn)镕為AE的中點(diǎn),DA=DE=1, 所以DF⊥AE.因?yàn)槠矫鍭DE⊥平面ABCE, 所以DF⊥平面ABCE. 因?yàn)锽E?平面ABCE,所以DF⊥BE. 又因?yàn)樵谡燮鹎暗膱D形中E為CD的中點(diǎn),AB=2,BC=1, 所以在折起后的圖形中AE=BE=, 從而AE2+BE2=4=AB2,所以AE⊥BE. 因?yàn)锳E∩DF=F,所以BE⊥平面ADE. 因?yàn)锽E?平面BDE,所以平面BDE⊥平面ADE. 12.(1

18、)證明因?yàn)槿庵鵄BC-A1B1C1為正三棱柱,所以△ABC是正三角形. 因?yàn)镈是AC的中點(diǎn),所以BD⊥AC. 又平面ABC⊥平面CAA1C1,所以BD⊥DE. 因?yàn)锳E∶EA1=1∶2,AB=2,AA1=, 所以AE=,AD=1, 所以在Rt△ADE中,∠ADE=30°. 在Rt△DCC1中,∠C1DC=60°, 所以∠EDC1=90°,即DE⊥DC1. 因?yàn)镃1D∩BD=D,所以DE⊥平面BC1D, 所以DE⊥BC1. (2)解假設(shè)存在點(diǎn)E滿足題意. 設(shè)AE=h,則A1E=-h, 所以-S△AED-=2h-(-h)-h. 因?yàn)锽D⊥平面ACC1A1, 所以h,又

19、V棱柱=2=3, 所以h=1,解得h=, 故存在點(diǎn)E,當(dāng)AE=,即E與A1重合時(shí),三棱錐C1-BDE的體積恰為三棱柱ABC-A1B1C1體積的 13. (1)證明如圖,取BD的中點(diǎn)M,連接AM,ME. ∵AB=AD=,DB=2, ∴AM⊥BD. ∵DB=2,DC=1,BC=滿足DB2+DC2=BC2, ∴△BCD是以BC為斜邊的直角三角形,BD⊥DC, ∵E是BC的中點(diǎn), ∴ME為△BCD的中位線,ME􀰿CD, ∴ME⊥BD,ME=, ∴∠AME是二面角A-BD-C的平面角, ∴∠AME=60°. ∵AM⊥BD,ME⊥BD,且AM,ME是平面A

20、ME內(nèi)兩相交于M的直線,∴BD⊥平面AEM. ∵AE?平面AEM,∴BD⊥AE. ∵△ABD為等腰直角三角形, ∴AM=BD=1.在△AEM中, ∵AE2=AM2+ME2-2AM·ME·cos∠AME=1+-2×1cos60°=,∴AE=, ∴AE2+ME2=1=AM2,∴AE⊥ME. ∵BD∩ME=M,BD?平面BDC,ME?平面BDC,∴AE⊥平面BDC. (2)解取AD的中點(diǎn)N,連接MN,則MN是△ABD的中位線,MN∥AB. 又ME∥CD,∴直線AB與CD所成角θ等于MN與ME所成的角,即∠EMN或其補(bǔ)角. AE⊥平面BCD,DE?平面BCD, ∴AE⊥DE.∵N為Rt△AED斜邊的中點(diǎn), ∴NE=AD=,MN=AB=,ME=, ∴cosθ=|cos∠EMN|= (3)解記點(diǎn)B到平面ACD的距離為d,則三棱錐B-ACD的體積VB-ACD=d·S△ACD. 又由(1)知AE是三棱錐A-BCD的高,BD⊥CD, ∴VB-ACD=VA-BCD=AE·S△BCD= ∵E為BC中點(diǎn),AE⊥BC,∴AC=AB= 又DC=1,AD=,△ACD為等腰三角形, S△ACD=DC1, ∴點(diǎn)B到平面ACD的距離d=