（衡水萬卷）2020屆高三物理二輪復(fù)習(xí) 作業(yè)卷二 直線運(yùn)動2（含解析）（通用）

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1、直線運(yùn)動2 一 、單選題（本大題共5小題。在每小題給出的四個選項中，只有一個選項是符合題目要求的） 1. 如圖所示，小球從豎直磚墻某位置靜止釋放，用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光，得到了圖中1、2、3、4、5…所示小球運(yùn)動過程中每次曝光的位置．連續(xù)兩次曝光的時間間隔均為T，每塊磚的厚度為d。根據(jù)圖中的信息，下列判斷錯誤的是 ( ) A．位置“1”是小球釋放的初始位置 B．小球做勻加速直線運(yùn)動 C．小球下落的加速度為 D．小球在位置“3”的速度為 2.（2020?湖北模擬）高鐵專家正設(shè)想一種“遇站不停式勻速循環(huán)運(yùn)行”列車，如襄陽→隨州→武漢→仙桃→潛江→荊州→荊門

2、→襄陽，構(gòu)成7站鐵路圈，建兩條靠近的鐵路環(huán)線．列車A以恒定速率以360km/h運(yùn)行在一條鐵路上，另一條鐵路上有“伴駁列車”B，如某乘客甲想從襄陽站上車到潛江站，先在襄陽站登上B車，當(dāng)A車快到襄陽站且距襄陽站路程為s處時，B車從靜止開始做勻加速運(yùn)動，當(dāng)速度達(dá)到360km/h時恰好遇到A車，兩車連鎖并打開乘客雙向通道，A、B列車交換部分乘客，并連體運(yùn)動一段時間再解鎖分離，B車勻減速運(yùn)動后停在隨州站并卸客，A車上的乘客甲可以中途不停站直達(dá)潛江站．則（　　） 　 A． 無論B車勻加速的加速度值為多少，s是相同的 　 B． 該乘客節(jié)約了五個站的減速、停車、提速時間 　 C． 若B車勻加

3、速的時間為1min，則s為4km 　 D． 若B車勻減速的加速度大小為5m/s2，則當(dāng)B車停下時A車已距隨州站路程為1km 3. 如圖所示，在光滑的水平面上有一段長為L、質(zhì)量分布均勻的繩子．在水平向左的恒力F作用下從靜止開始做勻加速運(yùn)動．繩子中某點(diǎn)到繩子左端的距離為x，設(shè)該處繩的張力大小為T，則能正確描述T與x之間的關(guān)系的圖象是 （　?。? 　 A． B． C． D． 4. a、b兩物體從同一位置沿同一直線運(yùn)動，它們的速度圖象如圖所示，下列說法正確的是(　　) A．a(chǎn)、b加速時，物體a的加速度大于物體b的加速度 B．40秒時

4、，a、b兩物體速度相等，相距200 m C．60秒時，物體a在物體b的前方 D．20秒時，a、b兩物體相距最遠(yuǎn) 5. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時其速度為l m/s，從此時刻起在滑塊運(yùn)動方向上再施加一個水平作用力，力F和滑塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖a和b所示，設(shè)在第1 s內(nèi)，第2s內(nèi)，第3s內(nèi)力F對滑塊做的功分別為W1、W2、W3，下列說法正確的是（ ） 題2圖 A．W1=W2=W3 B．W1

5、斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為的斜面底端，另一端與物塊A連接，物塊B沿斜面疊放在物塊A上但不黏連。物塊A、B質(zhì)量均為m，初始時兩物塊均靜止?，F(xiàn)用平行于斜面向上的拉力F拉動物塊B，使B做加速度為a的勻加速運(yùn)動，兩物塊在開始一段時間內(nèi)的v-t圖象如圖乙所示（t1時刻A、B的圖線相切，t2時刻對應(yīng)A圖線的最高點(diǎn)），重力加速度為g，則 A．A達(dá)到最大速度時的位移為 B．拉力F的最小值為 C．t1=時A、B分離 D．A、B分離前，A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能增加，A和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能增加 7. 在軍事演習(xí)中，某空降兵從飛機(jī)上跳下，先做自由落體運(yùn)動，在t1時刻，速度達(dá)較大值v1

6、時打開降落傘，做減速運(yùn)動，在t2時刻以較小速度v2著地。他的速度圖像如圖所示。下列關(guān)于該空降兵在0～t1或t1～t2時間內(nèi)的平均速度的結(jié)論正確的是(　　) A．0～t1，＝　　　　　 B．t1～t2，＝ C．t1～t2，> D．t1～t2，< 三 、簡答題（本大題共2小題） 8. 摩天大樓中一部直通高層的客運(yùn)電梯，行程超過百米．電梯的簡化模型如圖1所示．考慮安全、舒適、省時等因素，電梯的加速度a是隨時間t變化的，已知電梯在t=0時由靜止開始上升，a﹣t圖象如圖2所示．電梯總質(zhì)量m=2.0×103kg，忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2． （1）求電梯在上升過

7、程中受到的最大拉力F1 （2）類比是一種常用的研究方法．對于直線運(yùn)動，教科書中講解了由υ─t圖象求位移的方法．請你借鑒此方法，對比加速度和速度的定義，根據(jù)圖2所示a﹣t圖象，求電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1和第2s末的速率υ2； （3）求在0～11s時間內(nèi)，拉力和重力對電梯所做的總功W． 9. 總質(zhì)量為100kg的小車，在粗糙水平地面上從靜止開始運(yùn)動，其速度﹣時間圖象如圖所示．已知在0﹣2s時間內(nèi)小車受到恒定水平拉力F=1240N，2s后小車受到的拉力發(fā)生了變化．試根據(jù)圖象求：（g取10m/s2） （1）0﹣18時間內(nèi)小車行駛的平均速度約為多少？ （2）t=1s時小車的加速度a；

8、 （3）小車與地面間的動摩擦因數(shù)μ． 　 0.2020萬卷作業(yè)卷（二）答案解析 一 、單選題 1.【答案】A 2.【答案】D 考點(diǎn)： 勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系．. 專題： 直線運(yùn)動規(guī)律專題． 分析： B加速度越大，加速度到360km/h的時間越短，相應(yīng)A的運(yùn)動時間越短． 從襄陽到潛江間隔四個站． 由勻速運(yùn)動可算出s． 由勻變速規(guī)律可得B的減速時間，進(jìn)而可得A的運(yùn)動位移． 解答： A、B加速度越大，加速度到360km/h的時間越短，相應(yīng)A的運(yùn)動時間越短，由于A是勻速運(yùn)動，故時間越短s越小，故A錯誤． B、從襄陽到潛江間一共間隔四個站，故一共

9、節(jié)約4個站的減速、停車、提速時間，故B錯誤． C、若B車勻加速的時間為1min，則此時間內(nèi)A的運(yùn)動位移為：s=vt=100×60m=6000m，故C錯誤． D、B由360km/h=100m/s減速到0的時間為：，位移為：，A的運(yùn)動位移為：x=vt=100×20=2000m，故則當(dāng)B車停下時A車已距隨州站路程為△x=x2﹣x1=1km，故D正確． 故選：D． 點(diǎn)評： 該題的關(guān)鍵是要抓住AB的運(yùn)動狀態(tài)，A一直是勻速直線運(yùn)動，B經(jīng)歷勻加速，勻速，勻減速三個階段，完成乘客的上車下車． 3.【答案】B 考點(diǎn): 牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像． 專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題． 分析

10、：對x受力分析，對整體受力分析由牛頓第二定律可求得整體的加速度；再由牛頓第二定律可得出T與x的關(guān)系． 解答：解：設(shè)單位長度質(zhì)量為m；對整體分析有：F=Lma； 則對x分析可知：T=xma 聯(lián)立解得： 故可知T與x成正比；則右段繩的質(zhì)量為，可解得． 故B正確； 故選：B． 點(diǎn)評：本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，要注意明確整體法與隔離法的應(yīng)用，正確選取研究對象再用牛頓第二定律即可列式求解． 4.【答案】C 5.【答案】B 【知識點(diǎn)】 功的計算；勻變速直線運(yùn)動的圖像．A5 E1 【答案】B 解析：由速度圖象可知，第1s、2s、3s內(nèi)的位移分別為0.5m、0.5m、1m，由F-

11、t圖象及功的公式w=Fscosθ可求知：W1=0.5J，W2=1.5J，W3=2J．故本題中ACD錯，B正確．故選：B． 【思路點(diǎn)撥】根據(jù)功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自時間段內(nèi)物體的位移即可求得力F做功的多少．本題考查的是學(xué)生對功的理解，根據(jù)功的定義可以分析做功的情況． 二 、多選題 6.【答案】AC 7.【答案】AD 三 、簡答題 8. 考點(diǎn)： 動能定理；勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律． 專題： 動能定理的應(yīng)用專題． 分析： （1）由圖讀出電梯向上加速運(yùn)動的最大加速度和減速運(yùn)動的最大加速度大小，由牛頓第二定律求解最大拉力

12、F1和最小拉力F2； （2）運(yùn)用類比法可知，a﹣t圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”等于速度變化量，即可求出電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1，及電梯在2s內(nèi)的速度改變量△υ2，即求得第2s末的速率υ2； （3）由a─t圖象可知，11s～30s內(nèi)速率最大，其值等于s內(nèi)a─t圖線下的面積，由動能定理求解拉力和重力對電梯所做的總功W． 解答： 解（1）由牛頓第二定律，有：F﹣mg=ma 由a─t圖象可知，F(xiàn)1和F2對應(yīng)的加速度分別是：a1=1.0m/s2，a2=﹣1.0m/s2 F1=m（g+a1）=2.0×103×（10+1.0）N=2.2×104N （2）類比可得，所求速度變化量等于第1s

13、內(nèi)a─t圖線下的面積 △υ1=0.50m/s 同理可得：△υ2=υ2﹣υ0=1.5m/s υ0=0，第2s末的速率為：υ2=1.5m/s （3）由a─t圖象可知，11s～30s內(nèi)速率最大，其值等于s內(nèi)a─t圖線下的面積，有：υm=10m/s 由動能定理，總功為：W=Ek2﹣Ek1=mυm2﹣0=×2.0×103×102J=1.0×105J 答：（1）電梯在上升過程中受到的最大拉力F1是2.2×104N，最小拉力F2是1.8×104N． （2）電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1是0.50m/s，第2s末的速率υ2是1.5m/s． （3）在0─11s時間內(nèi)，拉力和重力對電梯所做的總功

14、W是1.0×105J． 點(diǎn)評： 本題一要有基本的讀圖能力，并能根據(jù)加速度圖象分析電梯的運(yùn)動情況；二要能運(yùn)用類比法，理解加速度圖象“面積”的物理意義． 難度:普通 知識點(diǎn)：牛頓第二定律 關(guān)鍵字：物理 新人教版 必修1 第四章 牛頓運(yùn)動定律 6 用牛頓運(yùn)動定律解決問題（一） 9. 考點(diǎn)： 牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像． 專題： 牛頓運(yùn)動定律綜合專題． 分析： （1）在v﹣t圖象中與時間軸所圍面積即為位移，即可求的平均速度； （2）由求的加速度 （3）由牛頓第二定律求的摩擦因數(shù) 解答： （1）由圖可知 0﹣18s內(nèi)位移為L=188 m 平均速度為=10.4 m/s （2）0﹣1s內(nèi)加速度為=8 m/s2 （3）由牛頓第二定律得F﹣μmg=ma μ= 答：（1）0﹣18時間內(nèi)小車行駛的平均速度約為10.4m/s （2）t=1s時小車的加速度a為8m/s2； （3）小車與地面間的動摩擦因數(shù)μ為0.44． 點(diǎn)評： 本題主要考查了v﹣t圖象，從v﹣t圖象中求面積求加速度