（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時跟蹤檢測（二十五）閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用（含解析）

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1、（江蘇專版）2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時跟蹤檢測（二十五）閉合電路歐姆定律及其應(yīng)用（含解析） 對點(diǎn)訓(xùn)練：電阻的串、并聯(lián) 1．電阻R1與R2并聯(lián)在電路中，通過R1與R2的電流之比為1∶2，則當(dāng)R1與R2串聯(lián)后接入電路中時，R1與R2兩端電壓之比U1∶U2為(　　) A．1∶2　　　　　　　　　 　B．2∶1 C．1∶4 D．4∶1 解析：選B　由并聯(lián)特點(diǎn)可知：＝＝，又由串聯(lián)電路特點(diǎn)可得：＝＝，故B正確。 2．在如圖甲所示的電路中，電源的電動勢為3.0 V，內(nèi)阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，當(dāng)開關(guān)閉合后，下列說法中正確的是(　

2、　) A．L1中的電流為L2中的電流的2倍 B．L1的電阻為7.5 Ω C．L2消耗的電功率為0.375 W D．L1消耗的電功率為0.75 W 解析：選D　由伏安特性曲線可以讀出L1電壓為U1＝3.0 V時的電流為I1＝0.25 A，L2兩端電壓U2＝1.5 V，由題圖乙知電流為I2＝0.20 A，故A錯誤；根據(jù)R1＝可得L1的電阻：R1＝ Ω＝12 Ω，故B錯誤；L2消耗的功率為P2＝U2I2＝1.5×0.20 W＝0.30 W，故C錯誤；L1消耗的功率為P1＝U1I1＝3×0.25 W＝0.75 W，故D正確。 對點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的動態(tài)分析 3．[多選](2019·海安

3、模擬)如圖所示，Rt為正溫度系數(shù)熱敏電阻，R1為光敏電阻，R2和R3均為定值電阻，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，V為理想電壓表，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，可能的原因是(　　) A．熱敏電阻溫度升高，其他條件不變 B．熱敏電阻溫度降低，其他條件不變 C．光照增強(qiáng)，其他條件不變 D．光照減弱，其他條件不變 解析：選BD　熱敏電阻溫度升高時，其阻值增大，外電路總電阻增大，總電流減小，路端電壓隨之增大，而R2的電壓減小，則并聯(lián)部分的電壓增大，通過光敏電阻的電流增大，所以通過熱敏電阻的電流減小，電壓表的讀數(shù)減小，不符合題意；相反，同理可得熱敏電阻溫度降低，其他條件不變，電壓表的示數(shù)增大，符合題意，故A

4、錯誤，B正確。光照增強(qiáng)，光敏電阻的阻值減小，外電路總電阻減小，并聯(lián)部分的電壓減小，則電壓表的示數(shù)減??；光照減弱，光敏電阻的阻值增大，外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大，故D正確，C錯誤。 4．[多選](2018·南京二模)光敏電阻是用硫化鎘或硒化鎘等半導(dǎo)體材料制成的特殊電阻器，其電阻值會隨光照強(qiáng)度的增大而減小，光敏電阻的這種特殊性能，在科技生活中得到廣泛應(yīng)用。某應(yīng)用電路如圖所示，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(　　) A．電壓表的示數(shù)增大 B．R2中電流減小 C．小燈泡的功率增大 D．R3的功率增大 解析：選ABC　光照強(qiáng)度

5、增大時，R3電阻減小，電路總電阻減小，干路電流增大，R1的電壓和電源內(nèi)電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，故A正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝Ur＋U1＋U2，U2減小，根據(jù)I2＝，R2中電流減小，故B正確；流過燈泡的電流增大，根據(jù)PL＝I2RL，小燈泡的功率增大，故C正確；流過R3的電流增大，由于R3電阻減小，功率的變化無法確定，故D錯誤。 5．(2019·連云港模擬)如圖所示的電路中，電壓表和電流表均是理想電表，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左移動一小段距離后，下列說法中正確的是(　　) A．電壓表示數(shù)減小 B．電流表示數(shù)增大 C．R0的功率減小 D．電源的功率增大 解析：選C　根據(jù)串、并聯(lián)電路

6、的特點(diǎn)可知，當(dāng)滑片P向左移動一小段距離后，整個閉合回路的總電阻增大，利用閉合電路的歐姆定律I＝可判斷I減小，因電壓表示數(shù)U＝E－Ir，所以電壓表示數(shù)增大，A、B錯誤；R0與其并聯(lián)的滑動變阻器的總電阻減小，而干路電流I減小，所以R0兩端的電壓U′減小，根據(jù)P＝，可知R0的功率減小，C正確；因P總＝EI，干路電流減小，可判斷電源的總功率減小，D錯誤。 對點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的功率及效率問題 6．(2018·湖北七市聯(lián)考)有一個電動勢為3 V、內(nèi)阻為1 Ω的電源。下列電阻與其連接后，使電阻的功率大于2 W，且使該電源的效率大于50%的是(　　) A．0.5 Ω B．1 Ω C．1.5 Ω

7、 D．2 Ω 解析：選C　由閉合電路歐姆定律得I＝，電源效率η＝×100%，電阻的功率P＝I2R。將四個選項代入分析得，只有C符合題目要求，故C正確。 7.[多選](2016·江蘇高考)如圖所示的電路中，電源電動勢為12 V，內(nèi)阻為2 Ω，四個電阻的阻值已在圖中標(biāo)出。閉合開關(guān)S，下列說法正確的有(　　) A．路端電壓為10 V B．電源的總功率為10 W C．a(chǎn)、b間電壓的大小為5 V D．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流為1 A 解析：選AC　根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可得，外電路總電阻為10 Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過電源的電流為I＝ A＝1 A，則路端電壓為U＝IR外＝

8、10 V，選項A正確；電源的總功率P＝EI＝12 W，選項B錯誤；若取電源負(fù)極的電勢為0，則a點(diǎn)電勢為φa＝2.5 V，b點(diǎn)電勢為φb＝7.5 V，a、b間電壓的大小為5 V，選項C正確；a、b間用導(dǎo)線連接起來后外電路總電阻為7.5 Ω，電路的總電流為I＝ A≈1.26 A，選項D錯誤。 對點(diǎn)訓(xùn)練：閉合電路的圖像 8．[多選](2019·無錫一中檢測)如圖所示，直線A為電源的U -I圖線，直線B為電阻R的U -I圖線，用該電源和電阻組成閉合電路時(　　) A．電源的內(nèi)阻為0.375 Ω B．電阻R的阻值為0.25 Ω C．電源的輸出功率為8 W D．電源的效率約為66.7% 解析

9、：選CD　電源的U -I圖線A斜率的大小等于電源的內(nèi)阻，則電源的內(nèi)阻為：r＝＝ Ω＝0.25 Ω，故A錯誤；電阻R的U -I圖線的斜率大小等于電阻的阻值，則電阻R的阻值為：R＝ Ω＝0.5 Ω，故B錯誤；兩圖線的交點(diǎn)表示電阻接在該電源上的工作狀態(tài)，讀出電壓為U＝2 V，電流為I＝4 A，則電源的輸出功率為P＝UI＝8 W，故C正確；電源的U -I圖線的縱軸截距等于電源的電動勢，則E＝3 V，電源的效率為：η＝＝＝≈66.7%，故D正確。 9．[多選](2019·蘇州一模)硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)。如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I變化的關(guān)系圖像(電池

10、電動勢不變，內(nèi)阻不是定值)，圖線b是某電阻R的U-I圖像。在該光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時，下列說法中正確的是(　　) A．硅光電池的內(nèi)阻為8 Ω B．硅光電池的總功率為0.4 W C．硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為0.32 W D．若將R換成阻值更大的電阻，硅光電池的輸出功率增大 解析：選AC　由題圖可知該電池的電動勢為3.6 V，由U內(nèi)＋UR＝E可知內(nèi)電壓為1.6 V，硅光電池的內(nèi)阻為r＝＝ Ω＝8 Ω，故A正確；硅光電池的總功率為P總＝EI＝3.6×0.2 W＝0.72 W，故B錯誤；硅光電池的內(nèi)阻消耗的熱功率為P熱＝I2r＝0.22×8 W＝0.32 W，故C正確；若將R換成

11、阻值更大的電阻，電路中電阻兩端的電壓變大，但電流變小，硅光電池的輸出功率不一定增大，故D錯誤。 考點(diǎn)綜合訓(xùn)練 10．(2019·鎮(zhèn)江一模)如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置，閉合電鍵S，電路達(dá)到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動。如果僅改變下列某一個條件，油滴仍能靜止不動的是(　　) A．增大R1的阻值 B．增大R2的阻值 C．增大兩板間的距離 D．?dāng)嚅_電鍵S 解析：選B　開始時油滴靜止，則重力與電場力相互平衡，電場力向上；增大R1的阻值，則路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，板間場強(qiáng)增大，故電場力增大，油滴將向上運(yùn)動，故

12、A錯誤；R2與電容器串聯(lián)，視為導(dǎo)線，故對電容器的電壓沒有影響，油滴不動，故B正確；增大兩板間距離時，電壓不變，d變大，故電場強(qiáng)度減小，因此油滴將向下運(yùn)動，故C錯誤；斷開開關(guān)S后，電容器將通過回路放電，兩板間場強(qiáng)減小，油滴向下運(yùn)動，故D錯誤。 11.如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝10 V，內(nèi)阻忽略不計，電阻的阻值分別為R1＝R2＝20 Ω、R3＝10 Ω，滑動變阻器的最大阻值R＝40 Ω，電容器的電容C＝20 μF，則： (1)將滑動觸頭P置于ab中點(diǎn)，合上開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后再斷開S。求斷開S的瞬間，通過R1的電流大小和方向； (2)閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動觸頭P緩慢地從a點(diǎn)移到b點(diǎn)的過程

13、中，通過導(dǎo)線BM的電荷量為多大？ 解析：(1)開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定時電容器相當(dāng)于斷路。 B、D兩點(diǎn)的電勢差為：UBD＝E① P、D兩點(diǎn)的電勢差為：UPD＝E② 則B、P兩點(diǎn)的電勢差為：UBP＝UBD－UPD③ 故斷開S的瞬間，通過R1的電流方向向左，電流大小為： I1＝④ 由①②③④式解得：I1＝0.02 A。⑤ (2)P在a點(diǎn)時，有：UPD′＝E⑥ UBP′＝UBD－UPD′ ⑦ 電容器M板帶電荷量為：QM＝CUBP′⑧ P在b點(diǎn)時，有：UBP″＝UBD⑨ 電容器M板帶電荷量為：QM′＝CUBP″⑩ 通過導(dǎo)線BM的電荷量為：Q＝QM′－QM? 由①⑥⑦⑧⑨⑩?式解

14、得：Q＝1.6×10－4 C。 答案：(1)0.02 A　方向向左　(2)1.6×10－4 C 12．(2019·連云港月考)如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d＝10 cm。電源電動勢E＝6 V，內(nèi)阻r＝1 Ω，電阻R＝3 Ω。閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，一帶電的液滴恰靜止于A、B兩板間，已知液滴帶電荷量q＝－1×10－2C，質(zhì)量m＝2×10－2kg(取g＝10 m/s2)。求： (1)A、B兩板間的電壓Ue； (2)滑動變阻器接入電路的阻值R0； (3)電源的輸出功率P出。 解析：(1)對液滴利用平衡條件得q＝mg 解得Ue＝2 V。 (2)根據(jù)閉合電路歐姆定律，得I＝，Ue＝IR0 Ue＝R0 解得R0＝2 Ω。 (3)由(2)得I＝1 A P出＝I2(R＋R0)＝5 W。 答案：(1)2 V　(2)2 Ω　(3)5 W