（新課標(biāo)）2019版高考物理一輪復(fù)習(xí) 主題六 靜電場(chǎng) 課時(shí)跟蹤訓(xùn)練31.doc

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課時(shí)跟蹤訓(xùn)練(三十一)落實(shí)雙基基礎(chǔ)鞏固1(2017河北邯鄲模擬)平行板電容器兩個(gè)帶電極板之間存在引力作用，引力的大小與內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)E和極板所帶電荷量Q的乘積成正比現(xiàn)將一平行板電容器兩極板接在恒壓直流電源上，將兩板間距減小至原來的，則兩極板之間的引力與原來的引力的比值是()A. B. C. D.解析根據(jù)C可知，將兩板間距減小至原來的時(shí)，電容增大到原來的，而電容器的電壓不變，所以電容器的電荷量增大到原來的，又根據(jù)E可知將兩板間距減小至原來的時(shí)，電容器的電壓不變，所以電場(chǎng)強(qiáng)度增大到原來的，依題意可得兩極板之間的引力與原來的比值是，即D選項(xiàng)正確答案D2(多選)(2017貴陽模擬)如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)開始時(shí)開關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開一定角度下列操作可使指針張開角度增大一些的是()A保持開關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動(dòng)B斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開一些C斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板的正對(duì)面積減小一些D保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開一些解析保持開關(guān)S閉合，電容器兩極板的電勢(shì)差不變，等于電源兩端電壓，靜電計(jì)指針張開的角度不變，A、D選項(xiàng)錯(cuò)誤；斷開開關(guān)S后，電容器極板上帶電荷量Q不變，將A、B兩極板分開一些，由C可知，電容器的電容減小，又QCU，則電勢(shì)差增大，B選項(xiàng)正確；斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板的正對(duì)面積減小一些，電容器的電容減小，由C可知，電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針張開的角度增大，C選項(xiàng)正確答案BC3(2016全國卷)一平行板電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上若將云母介質(zhì)移出，則電容器()A極板上的電荷量變大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大B極板上的電荷量變小，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度變大C極板上的電荷量變大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變D極板上的電荷量變小，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變解析根據(jù)C，將云母介質(zhì)移出，r減小，電容器的電容C減小因?yàn)殡娙萜鹘釉诤銐弘娫瓷?，電容器兩端電壓U保持不變根據(jù)C得QCU，可知極板上的電荷量減小根據(jù)E，U、d均不變，可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，D正確答案D4(2017湖北七市聯(lián)考)如圖所示，一水平放置的金屬板正上方有一固定的正點(diǎn)電荷Q，一表面絕緣的帶正電小球(可視為質(zhì)點(diǎn)且不影響Q的電場(chǎng))，從左端以初速度v0滑上金屬板光滑的上表面并向右運(yùn)動(dòng)到右端，在運(yùn)動(dòng)過程中()A小球先做減速運(yùn)動(dòng)再做加速運(yùn)動(dòng)B小球受到的合力的沖量為零C小球的電勢(shì)能先減小后增加D小球先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)解析金屬板光滑的上表面是等勢(shì)面，所以小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能不變，小球受到的合力的沖量為零，即只有B選項(xiàng)正確答案B5(多選)(2017天津和平質(zhì)量調(diào)查)光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域ABCD處在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與正方形的某一條邊平行，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球由AC邊的中點(diǎn)，以垂直于該邊的水平初速度v0進(jìn)入該正方形區(qū)域，當(dāng)小球再次運(yùn)動(dòng)到該正方形區(qū)域的邊緣時(shí)，具有的動(dòng)能可能為()A.mvqEL B.mvqELC.mvqEL D.mvqEL解析若電場(chǎng)方向與BD平行，則電場(chǎng)力做的功WEqL，動(dòng)能滿足mv0)的小球套在圓環(huán)上，并靜止在P點(diǎn)，OP與豎直方向的夾角37.不計(jì)空氣阻力已知重力加速度為g，sin370.6，cos370.8.(1)求電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。?2)若要使小球從P點(diǎn)出發(fā)能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，求小球初速度的大小應(yīng)滿足的條件解析(1)當(dāng)小球靜止在P點(diǎn)時(shí)，小球的受力情況如下圖所示，則有tan37，所以E.(2)當(dāng)小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，可以等效為在一個(gè)“重力加速度”為g的“重力場(chǎng)”中運(yùn)動(dòng)若要使小球能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則小球必須能通過圖中的Q點(diǎn)設(shè)當(dāng)小球從P點(diǎn)出發(fā)的速度為vmin時(shí)，小球到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)速度為零在小球從P運(yùn)動(dòng)到Q的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有mg2r0mv所以vmin，即小球的初速度應(yīng)不小于.答案(1)(2)小球的初速度應(yīng)不小于素能培養(yǎng)9(多選)(2017合肥聯(lián)考)如圖所示，正方體真空盒置于水平面上，它的ABCD面與EFGH面為金屬板，其他面為絕緣材料ABCD面帶正電，EFGH面帶負(fù)電從小孔P沿水平方向以相同速率射入三個(gè)質(zhì)量相同的帶正電液滴A、B、C，最后分別落在1、2、3三點(diǎn)，則下列說法正確的是()A三個(gè)液滴在真空盒中都做平拋運(yùn)動(dòng)B三個(gè)液滴的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定相同C三個(gè)液滴落到底板時(shí)的速率相同D液滴C所帶電荷量最多解析三個(gè)液滴在水平方向受到電場(chǎng)力作用，水平方向不是勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以三個(gè)液滴在真空盒中不是做平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于三個(gè)液滴在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，三個(gè)液滴的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，選項(xiàng)B正確；三個(gè)液滴落到底板時(shí)豎直分速度相等，而水平分速度不相等，所以三個(gè)液滴到底板時(shí)的速率不相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于液滴C在水平方向位移最大，說明液滴C在水平方向加速度最大，所帶電荷量最多，選項(xiàng)D正確答案BD10如圖所示，A、B為平行金屬板，兩板相距為d，分別與電源兩極相連，兩板的中央各有一小孔M和N.今有一帶電質(zhì)點(diǎn)，自A板上方相距為d的P點(diǎn)由靜止自由下落(P、M、N在同一豎直線上)，空氣阻力忽略不計(jì)，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)N孔時(shí)速度恰好為零，然后沿原路返回若保持兩極板間的電壓不變，則下列說法不正確的是()A把A板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后仍能返回B把A板向下平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落C把B板向上平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后仍能返回D把B板向下平移一小段距離，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落解析P至N過程，2mgdqUAB0，把A板向上平移一段距離后，UAB不變，P與N的距離也不變，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后仍能返回；將A板向下平移一小段距離，UAB不變，根據(jù)動(dòng)能定理，mghqUAB0，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后仍能返回；把B板向上平移一小段距離，UAB不變，h變小，mghqUAB0，質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)自由下落后將穿過N孔繼續(xù)下落答案B11(多選)(2017河北唐山一模)如圖所示，豎直平面內(nèi)有A、B兩點(diǎn)，兩點(diǎn)的水平距離和豎直距離均為H，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)一質(zhì)量為m的帶電小球從A點(diǎn)以水平速度v0拋出，經(jīng)一段時(shí)間豎直向下通過B點(diǎn)重力加速度為g，小球在由A到B的運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是()A小球帶負(fù)電B速度先增大后減小C機(jī)械能一直減小D任意一小段時(shí)間內(nèi)，電勢(shì)能的增加量總等于重力勢(shì)能的減少量解析由題可知，小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，可知其所受電場(chǎng)力方向向左，與電場(chǎng)方向相反，則小球帶負(fù)電，電場(chǎng)力一直對(duì)小球做負(fù)功，小球的電勢(shì)能增加，機(jī)械能減小，A、C正確小球受豎直向下的重力和水平向左的電場(chǎng)力，合力方向指向左下方，又初速度水平向右，末速度豎直向下，由力與速度夾角關(guān)系可知，合力對(duì)小球先做負(fù)功，后做正功，小球的速度先減小，后增大，B錯(cuò)誤任意一小段時(shí)間內(nèi)，小球的動(dòng)能、電勢(shì)能和重力勢(shì)能的和保持不變，則電勢(shì)能的增加量不一定等于重力勢(shì)能的減少量，D錯(cuò)誤答案AC12(2017湖南長沙模擬)如圖所示，互相絕緣且緊靠在一起的A、B物體，靜止在水平地面上，A的質(zhì)量為m004 kg，帶電荷量為q5.0105 C，B的質(zhì)量為M0.06 kg，不帶電兩物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4，t0時(shí)刻開始，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E1.6104 N/C.設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中小物塊所帶的電荷量沒有變化(1)求A、B的加速度及其相互作用力的大小；(2)若t2 s后電場(chǎng)反向，且場(chǎng)強(qiáng)減為原來的一半，求物體B停下時(shí)兩物體間的距離解析(1)對(duì)整體分析，加速度大小a4 m/s2隔離B分析，根據(jù)牛頓第二定律有FMgMa解得FMgMa0.48 N(2)t2 s時(shí)，A、B的速度大小v24 m/s8 m/st2 s后電場(chǎng)反向，且場(chǎng)強(qiáng)減為原來的一半此時(shí)A做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小aA14 m/s2B做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小aBg4 m/s2B速度減為零的時(shí)間tB2 s減速到零的位移大小xB8 mA速度減為零的時(shí)間tA1 s減速到零的位移大小xA1 m則A反向做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小aA6 m/s2則反向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移大小xA2aA(tBtA1)2 m則A、B的距離xxA2xA1xB11.8 m答案(1)4 m/s20.48 N(2)11.8 m