《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練2 分類討論思想 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練2 分類討論思想 文（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練2 分類討論思想 文1.已知函數(shù)f(x)=若存在x1,x2R,且x1x2,使得f(x1)=f(x2)成立,則實數(shù)a的取值范圍是()A.(-,2)B.(-,4)C.2,4D.(2,+)2.在ABC中,內(nèi)角A,B,C所對的邊分別是a,b,c,若b2+c2-a2=bc,且b=a,則下列關(guān)系一定不成立的是()A.a=cB.b=cC.2a=cD.a2+b2=c23.若a0,且a1,p=loga(a3+1),q=loga(a2+1),則p,q的大小關(guān)系是()A.p=qB.pqD.當(dāng)a1時,pq;當(dāng)0a1時,p0,且x1,則函數(shù)y=lg x
2、+logx10的值域為()A.RB.2,+)C.(-,-2D.(-,-22,+)7.設(shè)Sn是等比數(shù)列an的前n項和,S3,S9,S6成等差數(shù)列,且a2+a5=2am,則m等于()A.6B.7C.8D.108.已知三棱錐S-ABC的所有頂點都在球O的球面上,AB=BC=CA=3,SA=SB=SC,球心O到平面ABC的距離為1,則SA與平面ABC所成角的大小為()A.30B.60C.30或60D.45或609.已知函數(shù)y=ax(a0,且a1)在區(qū)間1,2上的最大值比最小值大,則a的值是.10.已知函數(shù)f(x)=|ln x|,g(x)=則方程|f(x)+g(x)|=1實根的個數(shù)為.11.已知函數(shù)f(
3、x)=2asin2x-2asin xcos x+a+b(a0)的定義域為,值域為-5,1,求常數(shù)a,b的值.12.設(shè)a0,函數(shù)f(x)= x2-(a+1)x+a(1+ln x).(1)求曲線y=f(x)在(2,f(2)處與直線y=-x+1垂直的切線方程;(2)求函數(shù)f(x)的極值.二、思維提升訓(xùn)練13.若直線l過點P且被圓x2+y2=25截得的弦長是8,則直線l的方程為()A.3x+4y+15=0B.x=-3或y=-C.x=-3D.x=-3或3x+4y+15=014.已知函數(shù)f(x)=其中m0.若存在實數(shù)b,使得關(guān)于x的方程f(x)=b有三個不同的根,則m的取值范圍是.15.若a為實數(shù),函數(shù)f
4、(x)=|x2-ax|在區(qū)間0,1上的最大值記為g(a),則當(dāng)a=時,g(a)的值最小.16.已知函數(shù)f (x)=ax2-2x(0x1),求函數(shù)f(x)的最小值.17.已知函數(shù)f(x)=aln x+x2(a為實數(shù)).(1)求函數(shù)f(x)在區(qū)間1,e上的最小值及相應(yīng)的x值;(2)若存在x1,e,使得f(x)(a+2)x成立,求實數(shù)a的取值范圍.思想方法訓(xùn)練2分類討論思想一、能力突破訓(xùn)練1.B解析 當(dāng)-1時,顯然滿足條件,即a2a-5,即2a4.綜上知,a4,故選B.2.B解析 在ABC中,由余弦定理得cos A=,則A=.又b=a,由正弦定理,得sin B=sin A=,則B=或B=.當(dāng)B=時,
5、ABC為直角三角形,選項C,D成立;當(dāng)B=時,ABC為等腰三角形,選項A成立,故選B.3.C解析 當(dāng)0a1時,y=ax和y=logax在其定義域上均為減函數(shù),a3+1loga(a2+1),即pq.當(dāng)a1時,y=ax和y=logax在其定義域上均為增函數(shù),a3+1a2+1,loga(a3+1)loga(a2+1),即pq.綜上可得pq.4.C解析 當(dāng)焦點在x軸上時,此時離心率e=;當(dāng)焦點在y軸上時,此時離心率e=,故選C.5.C解析 不妨設(shè)|AB|=2,以AB中點O為原點,AB所在直線為x軸建立平面直角坐標(biāo)系xOy,則A(-1,0),B(1,0),設(shè)M(x,y),則N(x,0),=(0,-y),
6、=(x+1,0),=(1-x,0),代入已知式子得x2+y2=,當(dāng)=1時,曲線為A;當(dāng)=2時,曲線為B;當(dāng)1時,y=lg x+logx10=lg x+2=2;當(dāng)0x1時,y=ax在區(qū)間1,2上遞增,故a2-a=,得a=;當(dāng)0a1時,y=ax在區(qū)間1,2上遞減,故a-a2=,得a=.故a=或a=.10.4解析 f(x)=g(x)=(1)當(dāng)0x1時,方程化為|-ln x+0|=1,解得x=或x=e(舍去).所以此時方程只有一個實根.(2)當(dāng)1x2時,方程可化為|ln x+2-x2|=1.設(shè)h(x)=ln x+2-x2,h(x)=-2x=.因為1x2,所以h(x)=0,即函數(shù)h(x)在區(qū)間(1,2)
7、上單調(diào)遞減.因為h(1)=ln 1+2-12=1,h(2)=ln 2+2-22=ln 2-2,所以h(x)(ln 2-2,1).又ln 2-2-1,故當(dāng)1x2時方程只有一解.(3)當(dāng)x2時,方程可化為|ln x+x2-6|=1.記函數(shù)p(x)=ln x+x2-6,顯然p(x)在區(qū)間2,+)上單調(diào)遞增.故p(x)p(2)=ln 2+22-6=ln 2-21,所以方程|p(x)|=1有兩個解,即方程|ln x+x2-6|=1有兩個解.綜上可知,方程|f(x)+g(x)|=1共有4個實根.11.解 f(x)=a(1-cos 2x)-asin 2x+a+b=-2asin+2a+b.x,2x+,-sin
8、1.因此,由f(x)的值域為-5,1,可得或解得12.解 (1)由已知x0,f(x)=x-(a+1)+.因為曲線y=f(x)在(2,f(2)處切線的斜率為1,所以f(2)=1,即2-(a+1)+=1,所以a=0,此時f(2)=2-2=0,故曲線f(x)在(2,f(2)處的切線方程為x-y-2=0.(2)f(x)=x-(a+1)+.當(dāng)0a0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增;若x(a,1),則f(x)0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增.此時x=a是f(x)的極大值點,x=1是f(x)的極小值點,函數(shù)f(x)的極大值是f(a)=-a2+aln a,極小值是f(1)=-.當(dāng)a=1時,若x(0,1),則f(x)0,若x=1
9、,則f(x)=0,若x(1,+),則f(x)0,所以函數(shù)f(x)在定義域內(nèi)單調(diào)遞增,此時f(x)沒有極值點,也無極值.當(dāng)a1時,若x(0,1),則f(x)0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增;若x(1,a),則f(x)0,函數(shù)f(x)單調(diào)遞增,此時x=1是f(x)的極大值點,x=a是f(x)的極小值點,函數(shù)f(x)的極大值是f(1)=-,極小值是f(a)=-a2+aln a.綜上,當(dāng)0a1時,f(x)的極大值是-,極小值是-a2+aln a.二、思維提升訓(xùn)練13.D解析 若直線l的斜率不存在,則該直線的方程為x=-3,代入圓的方程解得y=4,故直線l被圓截得的弦長為8,滿足條件;若直線l的斜率存在,不妨設(shè)
10、直線l的方程為y+=k(x+3),即kx-y+3k-=0,因為直線l被圓截得的弦長為8,故半弦長為4,又圓的半徑為5,則圓心(0,0)到直線l的距離為,解得k=-,此時直線l的方程為3x+4y+15=0.14.(3,+)解析 當(dāng)xm時,f(x)=x2-2mx+4m=(x-m)2+4m-m2.其所在拋物線的頂點為P(m,4m-m2).函數(shù)y=f(x)的圖象與直線x=m的交點為Q(m,m).(1)點P在點Q的上方或與Q點重合時,即4m-m2m,也就是m(m-3)0時,解得0m3,又因為m0,所以0m3.此時函數(shù)的圖象如圖所示(實線部分),顯然此時直線y=b與函數(shù)圖象最多只有兩個交點,不合題意;(2
11、)點P在點Q的下方時,即4m-m20時,解得m3,又因為m0,所以m3.此時函數(shù)的圖象如圖所示(實線部分),顯然此時直線y=b與函數(shù)圖象最多可有三個交點,符合題意.所以m3.15.2-2解析 當(dāng)a0時,在區(qū)間0,1上,f(x)=|x2-ax|=x2-ax,且在區(qū)間0,1上為增函數(shù),當(dāng)x=1時,f(x)取得的最大值為f(1)=1-a;當(dāng)0a1時,f(x)=在區(qū)間內(nèi)遞增,在區(qū)間上遞減,在區(qū)間(a,1上遞增,且f,f(1)=1-a,-(1-a)=(a2+4a-4),當(dāng)0a2-2時,1-a.當(dāng)2-2a1時,1-a;當(dāng)1a0時,函數(shù)f(x)=ax2-2x的圖象的開口方向向上,且對稱軸為直線x=.當(dāng)1,即
12、a1時,f(x)=ax2-2x的圖象對稱軸在區(qū)間0,1內(nèi),f(x)在區(qū)間上單調(diào)遞減,在區(qū)間上單調(diào)遞增,f(x)min=f=-.當(dāng)1,即0a1時,函數(shù)f(x)=ax2-2x的圖象對稱軸在區(qū)間0,1的右側(cè),f(x)在0,1上單調(diào)遞減,f(x)min=f(1)=a-2.(3)當(dāng)a0時,函數(shù)f(x)=ax2-2x的圖象的開口方向向下,且對稱軸x=0,在y軸的左側(cè),函數(shù)f(x)=ax2-2x在區(qū)間0,1上單調(diào)遞減,f(x)min=f(1)=a-2.綜上所述,f(x)min=17.解 (1)f(x)=aln x+x2的定義域為(0,+),f(x)= +2x=.當(dāng)x1,e時,2x22,2e2.若a-2,則f
13、(x)在區(qū)間1,e上非負(fù)(僅當(dāng)a=-2,x=1時,f(x)=0),故f(x)在區(qū)間1,e上單調(diào)遞增,此時f(x)min=f(1)=1;若-2e2a-2,令f(x)0,解得1x0,解得xe,此時f(x)單調(diào)遞增,f(x)min=fln;若a-2e2,f(x)在區(qū)間1,e上非正(僅當(dāng)a=-2e2,x=e時,f(x)=0),故f(x)在區(qū)間1,e上單調(diào)遞減,此時f(x)min=f(e)=a+e2.綜上所述,當(dāng)a-2時,f(x)min=1,相應(yīng)的x=1;當(dāng)-2e2a-2時,f(x)min=ln,相應(yīng)的x=;當(dāng)a-2e2時,f(x)min=a+e2,相應(yīng)的x=e.(2)不等式f(x)(a+2)x可化為a(x-ln x)x2-2x.x1,e,ln x1x且等號不能同時成立,ln x0,因而a,x1,e,令g(x)=(x1,e),則g(x)=,當(dāng)x1,e時,x-10,ln x1,x+2-2ln x0,從而g(x)0(僅當(dāng)x=1時取等號),g(x)在區(qū)間1,e上是增函數(shù),故g(x)min=g(1)=-1,實數(shù)a的取值范圍是-1,+).
2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 思想方法研析指導(dǎo) 思想方法訓(xùn)練2 分類討論思想 文
