2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練35 綜合法、分析法、反證法 理 北師大版.doc

《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練35 綜合法、分析法、反證法 理 北師大版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練35 綜合法、分析法、反證法 理 北師大版.doc（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時(shí)規(guī)范練35綜合法、分析法、反證法基礎(chǔ)鞏固組1.命題“對(duì)于任意角,cos4-sin4=cos 2”的證明:“cos4-sin4=(cos2-sin2)(cos2+sin2)=cos2-sin2=cos 2”過(guò)程應(yīng)用了()A.分析法B.綜合法C.綜合法、分析法綜合使用D.間接證明法2.(2018吉林梅河口五中三模,5)給出下列兩個(gè)論斷:已知:p3+q3=2,求證:p+q2.用反證法證明時(shí),可假設(shè)p+q2.設(shè)a為實(shí)數(shù),f(x)=x2+ax+a,求證:|f(1)|與|f(2)|至少有一個(gè)不小于.用反證法證明時(shí)可假設(shè)|f(1)|且|f(2)|.以下說(shuō)法正確的是()A.與的假設(shè)都錯(cuò)誤B.與的假設(shè)都正確C.的假設(shè)正確,的假設(shè)錯(cuò)誤D.的假設(shè)錯(cuò)誤,的假設(shè)正確3.要證:a2+b2-1-a2b20,只需證明()A.2ab-1-a2b20B.a2+b2-1-a4+b420C.(a+b)22-1-a2b20D.(a2-1)(b2-1)04.設(shè)a=3-2,b=6-5,c=7-6,則a,b,c的大小順序是()A.abcB.bcaC.cabD.acb5.若ab0,且x=a+,y=b+,則()A.xyB.x0,則f(x1)+f(x2)的值()A.恒為負(fù)值B.恒等于零C.恒為正值D.無(wú)法確定正負(fù)8.某同學(xué)準(zhǔn)備用反證法證明如下一個(gè)問(wèn)題:函數(shù)f(x)在0,1上有意義,且f(0)=f(1),如果對(duì)于不同的x1,x20,1,當(dāng)|f(x1)-f(x2)|x1-x2|時(shí),求證:|f(x1)-f(x2)|0,用分析法證明1+x1+時(shí),索的因是.10.已知正數(shù)a,b,c滿足a+b+c=1,求證:a+b+c3.綜合提升組11.如果A1B1C1的三個(gè)內(nèi)角的余弦值分別等于A2B2C2的三個(gè)內(nèi)角的正弦值,則()A.A1B1C1和A2B2C2都是銳角三角形B.A1B1C1和A2B2C2都是鈍角三角形C.A1B1C1是鈍角三角形,A2B2C2是銳角三角形D.A1B1C1是銳角三角形,A2B2C2是鈍角三角形12.已知函數(shù)f(x)=3x-2x,求證:對(duì)于任意的x1,x2R,均有f(x1)+f(x2)2fx1+x22.13.(2018四川南充模擬,17)已知數(shù)列an中,a1=1,其前n項(xiàng)和為Sn,且滿足an=2Sn22Sn-1(n2).(1)求證:數(shù)列1Sn是等差數(shù)列;(2)證明:當(dāng)n2時(shí),S1+S2+S3+Sn.創(chuàng)新應(yīng)用組14.(2018河南鄭州一中月考,18)若f(x)的定義域?yàn)閍,b,值域?yàn)閍,b(a-2),使函數(shù)h(x)=1x+2是區(qū)間a,b上的“四維光軍”函數(shù)?若存在,求出a,b的值;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由.參考答案課時(shí)規(guī)范練35綜合法、分析法、反證法1.B因?yàn)樽C明過(guò)程是“從左往右”,即由條件結(jié)論.故選B.2.C用反證法證明時(shí),假設(shè)命題為假,應(yīng)為全面否定,所以p+q2的假命題應(yīng)為p+q2,故的假設(shè)正確;|f(1)|與|f(2)|至少有一個(gè)不小于的否定為|f(1)|與|f(2)|都小于,故的假設(shè)錯(cuò)誤.故選C.3.D在各選項(xiàng)中,只有(a2-1)(b2-1)0a2+b2-1-a2b20,故選D.4.A因?yàn)閍=3-2=13+2,b=6-5=16+5,c=7-6=17+6,且7+66+53+20,所以abc.故選A.5.A因?yàn)閍+-b+=(a-b)1+1ab0.所以a+b+.故選A.6.D因?yàn)閍0,b0,c0,所以a+1b+b+1c+c+1a=a+1a+b+1b+c+1c6,當(dāng)且僅當(dāng)a=b=c時(shí),等號(hào)成立,故三者不能都小于2,即至少有一個(gè)不小于2.7.A由f(x)是定義在R上的奇函數(shù),且當(dāng)x0時(shí),f(x)遞減,可知f(x)是R上的減函數(shù),由x1+x20,可知x1-x2,f(x1)f(-x2)=-f(x2),則f(x1)+f(x2)0.故選A.8.存在x1,x20,1,當(dāng)|f(x1)-f(x2)|x1-x2|時(shí),則|f(x1)-f(x2)|根據(jù)反證法,寫(xiě)出相反的結(jié)論是:存在x1,x20,1,當(dāng)|f(x1)-f(x2)|0因?yàn)閤0,所以要證1+x1+,只需證(1+x)21+2,即證00,因?yàn)閤0,所以x20成立,故原不等式成立.10.證明 欲證a+b+c3,則只需證(a+b+c)23,即證a+b+c+2(ab+bc+ac)3,即證ab+bc+ac1.又ab+bc+aca+b2+b+c2+a+c2=1,原不等式a+b+c3成立.11.D由條件知,A1B1C1的三個(gè)內(nèi)角的余弦值均大于0,則A1B1C1是銳角三角形,且A2B2C2不可能是直角三角形.假設(shè)A2B2C2是銳角三角形.由sin A2=cos A1=sin(2-A1),sin B2=cos B1=sin(2-B1),sin C2=cos C1=sin(2-C1),得A2=2-A1,B2=2-B1,C2=2-C1,則A2+B2+C2=2,這與三角形內(nèi)角和為相矛盾.因此假設(shè)不成立,故A2B2C2是鈍角三角形.12.證明 要證f(x1)+f(x2)2fx1+x22,即證(3x1-2x1)+(3x2-2x2)23x1+x22-2x1+x22,因此只要證3x1+3x22-(x1+x2)3x1+x22-(x1+x2),即證3x1+3x223x1+x22,因此只要證3x1+3x223x13x2,由于x1,x2R時(shí),3x10,3x20,因此由基本不等式知3x1+3x223x13x2顯然成立,故原結(jié)論成立.13.證明 (1)當(dāng)n2時(shí),Sn-Sn-1=2Sn22Sn-1,Sn-1-Sn=2SnSn-1,1Sn-1Sn-1=2,從而1Sn構(gòu)成以1為首項(xiàng),2為公差的等差數(shù)列.(2)由(1)可知,1Sn=1S1+(n-1)2=2n-1,Sn=12n-1,當(dāng)n2時(shí),1nSn=1n(2n-1)1n(2n-2)=121n(n-1)=121n-1-1n,從而S1+12S2+13S3+1nSn1+121-12+12-13+1n-1-1n32-12n1,所以b=3.(2)假設(shè)函數(shù)h (x)=1x+2在區(qū)間a,b(a-2)上是“四維光軍”函數(shù),因?yàn)閔(x)=1x+2在區(qū)間(-2,+)上單調(diào)遞減,所以有h(a)=b,h(b)=a,即1a+2=b,1b+2=a.解得a=b,這與已知矛盾.故不存在常數(shù)a,b,使函數(shù)h(x)=1x+2是區(qū)間a,b上的“四維光軍”函數(shù).