【高考前三個月復習數(shù)學理科不等式與線性劃】專題2 第3練

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第3練“三個二次”的轉化與應用題型分析高考展望“二次函數(shù)、二次方程、二次不等式”是高中數(shù)學知識的基礎，在高考中雖然一般不直接考查，但它是解決很多數(shù)學問題的工具.如函數(shù)圖象問題、函數(shù)與導數(shù)結合的問題、直線與圓錐曲線的綜合問題等.“三個二次”經常相互轉化，相輔相成，是一個有機的整體.如果能很好地掌握三者之間的轉化及應用方法，會有利于解決上述有關問題，提升運算能力.?？碱}型精析題型一函數(shù)與方程的轉化例1是否存在這樣的實數(shù)a，使函數(shù)f(x)x2(3a2)xa1在區(qū)間1,3上恒有一個零點，且只有一個零點？若存在，求出a的取值范圍；若不存在，說明理由.點評二次函數(shù)零點問題或二次函數(shù)圖象與直線交點個數(shù)問題，一般都需轉化為二次方程根的存在性及根的分布來解決，解決的方法是列出判別式和有關函數(shù)值的不等式(組)，或用數(shù)形結合方法解決.變式訓練1設定義域為R的函數(shù)f(x)則關于x的函數(shù)y2f 2(x)3f(x)1的零點的個數(shù)為_.題型二函數(shù)與不等式的轉化例2已知函數(shù)yf(x)是定義在R上的增函數(shù)，函數(shù)yf(x1)的圖象關于點(1,0)對稱.若對任意的x，yR，不等式f(x26x21)f(y28y)3時，x2y2的取值范圍是_.點評不等式是解決函數(shù)定義域、值域、參數(shù)范圍等問題的有效工具，將函數(shù)問題轉化為不等式解決是解答此類問題的常規(guī)思路.而二次不等式的解的確定又要借助二次函數(shù)圖象，所以二者關系密切.函數(shù)單調性的確定是抽象函數(shù)轉化為不等式的關鍵.變式訓練2已知一元二次不等式f(x)0的解集為x|x，則f(10x)0的解集為()A.x|xlg 2 B.x|1xlg 2 D.x|x0，且AB，則實數(shù)p的取值范圍是()A.p4 B.4p0的解集為()A.x|x2或x2 B.x|2x2C.x|x4 D.x|0x43.已知函數(shù)f(x)x22x3在閉區(qū)間0，m上的最大值為3，最小值為2，則m的取值范圍為()A.1，) B.0,2C.(，2 D.1,24.若方程x2xm0在x1,1上有實根，則m的取值范圍是()A.m B.mC.m D.m5.若f(x)x2ax1有負值，則實數(shù)a的取值范圍是()A.a2 B.2a2或a2 D.1a36.(2015長沙模擬)已知函數(shù)f(x) 若關于x的方程f2(x)af(x)0恰有5個不同的實數(shù)解，則a的取值范圍是()A.(0,1) B.(0,2)C.(1,2) D.(0,3)7.已知函數(shù)f(x)ax22ax4(0a3)，若x1x2，x1x21a，則()A.f(x1)f(x2)D.f(x1)與f(x2)的大小不能確定8.若abc，則函數(shù)f(x)(xa)(xb)(xb)(xc)(xc)(xa)的兩個零點分別位于區(qū)間()A.(a，b)和(b，c)內 B.(，a)和(a，b)內C.(b，c)和(c，)內 D.(，a)和(c，)內9.(2015湖北)a為實數(shù)，函數(shù)f(x)|x2ax|在區(qū)間0,1上的最大值記為g(a).當a_時，g(a)的值最小.10.若關于x的不等式(2x1)20，即f(x)0有兩個不相等的實數(shù)根，若實數(shù)a滿足條件，則只需f(1)f(3)0即可.f(1)f(3)(13a2a1)(99a6a1)4(1a)(5a1)0，a或a1.檢驗：(1)當f(1)0，a1時，f(x)x2x.令f(x)0，即x2x0，得x0或x1.方程在1,3上有兩個實數(shù)根，不合題意，故a1.(2)當f(3)0時，a，此時f(x)x2x.令f(x)0，即x2x0，解得x或x3.方程在1,3上有兩個實數(shù)根，不合題意，故a.綜上所述，a1.變式訓練17解析由y2f2(x)3f(x)10得f(x)或f(x)1，如圖畫出f(x)的圖象，由f(x)知有4個根，由f(x)1知有3個根，故函數(shù)y2f2(x)3f(x)1共有7個零點.例2(13,49)解析由函數(shù)f(x1)的圖象關于點(1,0)對稱可知，函數(shù)f(x)為奇函數(shù).所以不等式f(x26x21)f(y28y)0可化為f(x26x21)f(y28y)f(y28y).又因為函數(shù)f(x)在R上為增函數(shù)，故必有x26x21y28y，即x26x21y28y0，配方，得(x3)2(y4)23，故不等式組表示為它表示的區(qū)域為如圖所示的半圓的內部.而x2y2表示該區(qū)域內的點到坐標原點距離的平方.由圖可知，x2y2的最小值在點A處取得，但因為該點在邊界的分界線上，不屬于可行域，故x2y2322213，而最大值為圓心(3,4)到原點的距離與半徑之和的平方，但因為該點在圓的邊界上，不屬于可行域，故x2y2(52)249，故13x2y20的解集為x|1x0等價于110x1，而10x可化為10x10lg ，即10x10lg 2.由指數(shù)函數(shù)的單調性可知xlg 2，故選D.例3解(1)由條件，拋物線f(x)x22mx2m1與x軸的交點分別在區(qū)間(1,0)和(1,2)內，如圖所示，得即m，故m的取值范圍是(，).(2)拋物線與x軸交點的橫坐標均在區(qū)間(0,1)內，如圖所示，列不等式組即m1.故m的取值范圍是(，1.變式訓練3B 令f(x)(m2)xn80，x，當m2時，對稱軸x0，由題意，得2，2mn12，6，mn18，由2mn12且2mn知m3，n6.當m2時，拋物線開口向下，由題意，即2nm18，9，mn，由2nm18且2nm，得m9(舍去)，mn最大值為18，選B.高考題型精練1.A 當A時，(p2)240，4p4.2.C f(x)ax2(b2a)x2b.f(x)是偶函數(shù)，b2a0，即b2a.f(x)ax24a，又f(2)0，x(0，)時，f(x)為增函數(shù).f(2x)f(2)或f(2x)f(2).2x2或2x2，即x4.3.D f(x)(x1)22，其對稱軸為x1，當x1時，f(x)min2，故m1，又f(0)3，f(2)3，m2.綜上可知1m2.4.D mx2x2，x1,1.當x1時，m取最大值為，當x時，m取最小值為，m.5.C f(x)x2ax1有負值，(a)240，則a2或a2.6.A 設tf(x)，則方程為t2at0，解得t0或ta，即f(x)0或f(x)a.如圖，作出函數(shù)f(x)的圖象，由函數(shù)圖象，可知f(x)0的解有兩個，故要使方程f2(x)af(x)0恰有5個不同的解，則方程f(x)a的解必有三個，此時0a1.所以a的取值范圍是(0,1).7.A f(x)的對稱軸為直線x1，又x1x21a，0a1.x10，f(x1)f(x2).8.A 由于ab0，f(b)(bc)(ba)0.因此有f(a)f(b)0，f(b)f(c)0，又因f(x)是關于x的二次函數(shù)，函數(shù)的圖象是連續(xù)不斷的曲線，因此函數(shù)f(x)的兩零點分別位于區(qū)間(a，b)和(b，c)內，故選A.9.22解析(1)當a0時，f(x)x2，函數(shù)f(x)在區(qū)間0,1上單調遞增，故g(a)f(1)1.(2)當a0時，函數(shù)f(x)的圖象如圖(1)所示，函數(shù)f(x)在區(qū)間0,1上單調遞增，故g(a)f(1)1a.(3)當0a1時，函數(shù)f(x)的圖象如圖(2)所示，f，f(1)1a，ff(1)(1a).當0a22時，因為ff(1)0，即ff(1)，所以g(a)f(1)1a；當22a1時，因為ff(1)0，即ff(1)，所以g(a)f.(4)當1a2時，函數(shù)f(x)的圖象如圖(3)所示，因為函數(shù)f(x)在區(qū)間上單調遞增，在區(qū)間上單調遞減，故g(a)f.(5)當a2時，函數(shù)f(x)的圖象如圖(4)所示，因為函數(shù)f(x)在區(qū)間0,1上單調遞增，故g(a)f(1)a1.綜上，g(a)當ag(22)32；當22a32.綜上，當a22時，g(a)min32.10.解析因為不等式等價于(a4)x24x10，且有4a0，故0a4，不等式的解集為x，則一定有1,2,3為所求的整數(shù)解集.所以30時，f(x)在1,1上有零點的條件是解得a.綜上，實數(shù)a的取值范圍為.12.解依題意，f(x)g(x)，即ax2axxa，整理得ax2(a1)xa0，a0，函數(shù)f(x)與g(x)的圖象相交于不同的兩點A、B，0，即(a1)24a23a22a1(3a1)(a1)0，1a且a0.設A(x1，y1)，B(x2，y2)，且x10，x1x2.設點O到直線g(x)xa的距離為d，則d，S|x1x2| .1a且a0，當a時，S取得最大值.即OAB的面積S的最大值為.