高三數學理,山東版一輪備課寶典 第八章　平面解析幾何

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1、▼▼▼2019屆高考數學復習資料▼▼▼ 第八章　平面解析幾何 第一節(jié)　直線的傾斜角與斜率、直線方程 [考情展望]　1.考查直線的有關概念，如直線的傾斜角、斜率、截距等.2.考查不同條件下求直線的方程(點斜式、兩點式及一般式等).3.題型多為客觀題，多與兩直線的位置關系、直線與圓的位置關系及圓錐曲線結合交匯命題． 一、直線的傾斜角與斜率 1．直線的傾斜角 (1)定義：當直線l與x軸相交時，取x軸作為基準，x軸正向與直線l向上方向之間所成的角叫做直線l的傾斜角．當直線l與x軸平行或重合時，規(guī)定它的傾斜角為0. (2)范圍：直線l傾斜角的范圍是[0，π)． 2．斜率公式 (1)

2、直線l的傾斜角為α≠90°，則斜率k＝tan_α. (2)P1(x1，y1)，P2(x2，y2)在直線l上，且x1≠x2，則l的斜率k＝. 二、直線方程的五種形式 名稱 方程 適用范圍 點斜式 y－y0＝k(x－x0) 不含直線x＝x0 斜截式 y＝kx＋b 不含垂直于x軸的直線 兩點式 ＝ 不含直線x＝x1(x1≠x2)和直線y＝y(tǒng)1(y1≠y2) 截距式 ＋＝1 不含垂直于坐標軸和過原點的直線 一般式 Ax＋By＋C＝0，A2＋B2≠0 平面內所有直線都適用 1．直線x－y＋a＝0的傾斜角為(　　) A．30°　　　B．60°　　　 C．15

3、0°　　　D．120° 【解析】　k＝tan α＝，且0°≤α＜180°，∴α＝60°. 【答案】　B 2．已知直線l：ax＋y－2－a＝0在x軸和y軸上的截距相等，則a的值是(　　) A．1 B．－1 C．－2或－1 D．－2或1 【解析】　當a＝0時，直線方程為y－2＝0，不滿足題意，所以a≠0，所以在x軸上的截距為，在y軸上的截距為2＋a，則由2＋a＝，得a＝－2或a＝1. 【答案】　D 3．已知A(3,5)，B(4,7)，C(－1，x)三點共線，則x＝________. 【解析】　由已知得＝，∴x＝－3. 【答案】?。? 4．一條直線經過點A(2，－3)，

4、并且它的傾斜角等于直線y＝x的傾斜角的2倍，則這條直線的一般式方程是______，斜截式方程是________． 【解析】　∵直線y＝x的傾斜角α＝30°， 所以所求直線的傾斜角為60°， 又該直線過點A(2，－3)， 故所求直線的方程為y－(－3)＝tan 60°(x－2)， 即x－y－2－3＝0，化成斜截式為y＝x－2－3. 【答案】　x－y－2－3＝0　y＝x－2－3 5．(2009·安徽高考)直線l過點(－1,2)且與直線2x－3y＋4＝0垂直，則l的方程是(　　) A．3x＋2y－1＝0 B．3x＋2y＋7＝0 C．2x－3y＋5＝0 D．2x－3y＋8

5、＝0 【解析】　可得l斜率為－，∴l(xiāng)：y－2＝－(x＋1)，即3x＋2y－1＝0. 【答案】　A 6．(2013·遼寧高考)已知點O(0,0)，A(0，b)，B(a，a3)．若△OAB為直角三角形，則必有(　　) A．b＝a3 B．b＝a3＋ C．(b－a3)＝0 D．|b－a3|＋＝0 【解析】　若以O為直角頂點，則B在x軸上，則a必為0，此時O，B重合，不符合題意； 若∠A＝，則b＝a3≠0. 若∠B＝，根據斜率關系可知a2·＝－1，所以a(a3－b)＝－1，即b－a3－＝0. 以上兩種情況皆有可能，故只有C滿足條件． 【答案】　C 考向一 [136]　直線的

6、傾斜角和斜率 　(1) 若直線l與直線y＝1，x＝7分別交于點P，Q，且線段PQ的中點坐標為(1，－1)，則直線l的斜率為(　　) A.　　　　B．－　　　　 C．－　　　　D. (2)直線xcos α＋y＋2＝0的傾斜角的范圍是(　　) A.∪ B.∪ C. D. 【思路點撥】　(1)分別設出P、Q點的坐標，利用中點坐標公式求解．(2)根據cos α的范圍確定直線斜率的范圍，結合正切函數圖象求傾斜角的范圍． 【嘗試解答】　(1)設P(x,1)，Q(7，y)， 則＝1，＝－1， ∴x＝－5，y＝－3，即P(－5,1)，Q(7，－3)， 故直線l的斜率k＝＝－. (

7、2)設直線的傾斜角為θ，則tan θ＝－cos α， 又cos α∈[－1,1]，∴－≤tan θ≤， 又0≤θ＜π，且y＝tan θ在及上均為增函數， 故θ∈∪. 【答案】　(1)B　(2)B 規(guī)律方法1　1.解答本例(2)時極易錯選D，出錯的原因是忽視了正切函數在和上的變化情況. 2.已知傾斜角的范圍，求斜率的范圍，實質上是求k＝tan α的值域問題；已知斜率k的范圍求傾斜角的范圍，實質上是在∪上解關于正切函數的三角不等式問題.由于函數k＝tan α在∪上不單調，故一般運用數形結合思想解決此類問題. 對點訓練　若直線l的斜率為k，傾斜角為α，而α∈∪，則k的取值范圍是____

8、____． 【解析】　當α∈時，k＝tan α∈， 當α∈時，k＝tan α∈[－，0)． 即k∈[－，0)∪. 【答案】　[－，0)∪ 考向二 [137]　求直線的方程 　已知點A(3,4)，求滿足下列條件的直線方程． (1)經過點A且在兩坐標軸上截距相等； (2)經過點A且與兩坐標軸圍成一個等腰直角三角形． 【思路點撥】　(1)分截距等于0和不等于0兩種情況求解． (2)直線的斜率為±1，可由點斜式寫出直線方程． 【嘗試解答】　(1)設直線在x，y軸上的截距均為a. ①若a＝0，即直線過點(0,0)及(3,4) ∴直線的方程為y＝x，即4x－3y＝0. ②若a≠

9、0，則設所求直線的方程為＋＝1， 又點(3,4)在直線上， ∴＋＝1，∴a＝7， ∴直線的方程為x＋y－7＝0. 綜合①②可知所求直線方程為4x－3y＝0或x＋y－7＝0. (2)由題意可知，所求直線的斜率為±1， 又過點(3,4)．由點斜式得y－4＝±(x－3)， 所求直線的方程為x－y＋1＝0或x＋y－7＝0. 規(guī)律方法2　1.截距不是距離，它可正、可負、可為0，因此在解與截距有關的問題時，一定要注意“截距為0”的情況，以防漏解. 2.求直線方程的一種重要方法就是先設直線方程，再求直線方程中的系數，這種方法叫做待定系數法，運用此方法，注意各種形式的適用條件，選擇適當的直線

10、方程的形式至關重要. 對點訓練　△ABC的三個頂點為A(－3,0)，B(2,1)，C(－2,3)，求： (1)BC所在直線的方程； (2)BC邊上中線AD所在直線的方程； (3)BC的垂直平分線DE的方程． 【解】　(1)因為直線BC經過B(2,1)和C(－2,3)兩點， 由兩點式得BC的方程為＝，即x＋2y－4＝0. (2)設BC中點D的坐標(x，y)，則 x＝＝0，y＝＝2. BC邊的中線AD過點A(－3,0)，D(0,2)兩點，由截距式得AD所在直線方程為＋＝1，即2x－3y＋6＝0. (3)BC的斜率k1＝－，則BC的垂直平分線DE的斜率k2＝2，由斜截式得直線DE

11、的方程為y＝2x＋2. 考向三 [138]　直線方程的綜合應用 　已知直線方程為(2＋m)x＋(1－2m)y＋4－3m＝0. (1)證明：直線恒過定點M； (2)若直線分別與x軸、y軸的負半軸交于A、B兩點，求△AOB面積的最小值及此時直線的方程． 【思路點撥】　(1)合并含參數m項的系數，依據多項式恒等求定點M. (2)設出直線的點斜式方程，分別求出橫縱截距，利用基本不等式求最值． 【嘗試解答】　(1)(2＋m)x＋(1－2m)y＋4－3m＝0可化為(x－2y－3)m＝－2x－y－4. 由得 ∴直線必過定點M(－1，－2)． (2)設直線的斜率為k(k＜0)，則其方程為y

12、＋2＝k(x＋1)， ∴|OA|＝1－，|OB|＝2－k， S△AOB＝·|OA|·|OB|＝(2－k)＝. ∵k＜0，∴－k＞0， ∴S△AOB＝ ＝≥4. 當且僅當－＝－k，即k＝－2時取等號， ∴△AOB的面積最小值是4， 此時直線的方程為y＋2＝－2(x＋1)，即y＋2x＋4＝0. 規(guī)律方法3　1.解答本題的關鍵是面積最小值的求法，解法中使用了均值不等式，仔細體會此解法. 2.利用直線方程解決問題，為簡化運算可靈活選用直線方程的形式：一般地，已知一點通常選擇點斜式；已知斜率選擇斜截式或點斜式；已知截距選擇截距式. 對點訓練　直線l經過點P(3,2)且與x，y軸的正

13、半軸分別交于A、B兩點，△OAB的面積為12，求直線l的方程． 【解】　法一　設直線l的方程為＋＝1(a＞0，b＞0)， ∴A(a,0)，B(0，b)，∴解得 ∴所求直線l的方程為＋＝1，即2x＋3y－12＝0. 法二　設直線l的方程為y－2＝k(x－3)， 令y＝0，得直線l在x軸的正半軸上的截距a＝3－， 令x＝0，得直線l在y軸的正半軸上的截距b＝2－3k， ∴(2－3k)＝24， 解得k＝－， ∴直線l的方程為y－2＝－(x－3)，即2x＋3y－12＝0. 易錯易誤之十五　求直線方程忽視零截距 ————[1個示范例]————[1個防錯練]———— 　　　

14、設直線l的方程為(a＋1)x＋y＋2－a＝0(a∈R)． (1)若l在兩坐標軸上截距相等，求l的方程； (2)若l不經過第二象限，求實數a的取值范圍． 【解】　(1)當直線過原點時，該直線在x軸和y軸上的截距為零，∴a＝2，方程即為3x＋y＝0. 當直線不經過原點時，截距存在且均不為0. ∴＝a－2，即a＋1＝1. ∴a＝0，方程即為x＋y＋2＝0. (2)將l的方程化為y＝－(a＋1)x＋a－2， ∴或∴a≤－1 綜上可知a的取值范圍是a≤－1. 【防范措施】　1.在求與截距有關的直線方程時，注意對直線的截距是否為零進行分類討論，防止忽視截距為零的情形，導致產生漏解.

15、 2.常見的與截距問題有關的易誤點有：“截距互為相反數”；“一截距是另一截距的幾倍”等，解決此類問題時，要先考慮零截距情形.注意分類討論思想的運用. 求經過點P(3,2)且在兩坐標軸上的截距相等的直線方程． 【解】　設直線l在x，y軸上的截距均為a，若a＝0，即l過點(0,0)和(3,2)， ∴l(xiāng)的方程為y＝x，即2x－3y＝0. 若a≠0，則設l的方程為＋＝1， ∵l過點(3,2)，∴＋＝1， ∴a＝5，∴l(xiāng)的方程為x＋y－5＝0， 綜上可知，直線l的方程為2x－3y＝0或x＋y－5＝0. 第二節(jié)　兩條直線的位置關系 [考情展望]　1.考查由已知兩條直線平行與垂直求參

16、數.2.考查距離的計算及對稱問題.3.本節(jié)內容客觀題主要考查基礎知識和基本能力，主觀題主要在知識交匯處命題注重考查分類討論與數形結合思想． 一、兩條直線的位置關系 1．兩條直線平行與垂直 (1)兩條直線平行： ①對于兩條不重合的直線l1、l2，若其斜率分別為k1，k2，則有l(wèi)1∥l2?k1＝k2. ②當直線l1、l2不重合且斜率都不存在時，l1∥l2. (2)兩條直線垂直： ①如果兩條直線l1、l2的斜率存在，設為k1、k2，則有l(wèi)1⊥l2?k1·k2＝－1. ②當其中一條直線的斜率不存在，而另一條直線的斜率為0時，l1⊥l2. 2．兩條直線的交點 直線l1：A1x＋B

17、1y＋C1＝0，l2：A2x＋B2y＋C2＝0，則l1與l2的交點坐標就是方程組的解． 1．一般地，與直線Ax＋By＋C＝0平行的直線方程可設為Ax＋By＋m＝0；與之垂直的直線方程可設為Bx－Ay＋n＝0. 2．過直線l1：A1x＋B1y＋C1＝0與l2：A2x＋B2y＋C2＝0的交點的直線系方程為A1x＋B1y＋C1＋λ(A2x＋B2y＋C2)＝0(λ∈R)，但不包括l2. 二、幾種距離 1．兩點P1(x1，y1)，P2(x2，y2)之間的距離|P1P2|＝. 2．點P0(x0，y0)到直線l：Ax＋By＋C＝0的距離 d＝. 3．兩條平行線Ax＋By＋C1＝0與Ax

18、＋By＋C2＝0(其中C1≠C2)間的距離d＝. 點到直線與兩平行線間的距離的使用條件： (1)求點到直線的距離時，應先化直線方程為一般式． (2)求兩平行線之間的距離時，應先將方程化為一般式且x，y的系數對應相等． 1．過點(1,0)且與直線x－2y－2＝0平行的直線方程是(　　) A．x－2y－1＝0　　　　　　　 B．x－2y＋1＝0 C．2x＋y－2＝0 D．x＋2y－1＝0 【解析】　∵所求直線與直線x－2y－2＝0平行， ∴所求直線的斜率為，又直線過(1,0)點， 則直線方程為x－2y－1＝0. 【答案】　A 2．已知點(a,2)(a＞0)到直線

19、l：x－y＋3＝0的距離為1，則a等于(　　) A.　　　B．2－　　　C.－1　　　D.＋1 【解析】　由題意知＝1，∴|a＋1|＝， 又a＞0，∴a＝－1. 【答案】　C 3．已知直線l1：(3＋m)x＋4y＝5－3m，l2：2x＋(5＋m)y＝8平行，則實數m的值為(　　) A．－7　　　 B．－1　　　 C．－1或－7　　　 D. 【解析】　l1的斜率為－，縱截距為， l2的斜率為－，縱截距為. 又∵l1∥l2，由－＝－得，m2＋8m＋7＝0，解得m＝－1或－7. m＝－1時，＝＝2，l1與l2重合，故舍去； m＝－7時，＝≠＝－4，符合題意，故選A. 【

20、答案】　A 4．若直線x－2y＋5＝0與直線2x＋my－6＝0互相垂直，則實數m＝________. 【解析】　∵直線x－2y＋5＝0與2x＋my－6＝0互相垂直，∴×＝－1，∴m＝1. 【答案】　1 5．(2009·上海高考)已知直線l1：(k－3)x＋(4－k)y＋1＝0，與l2：2(k－3)x－2y＋3＝0平行，則k的值是(　　) A．1或3 B．1或5 C．3或5 D．1或2 【解析】　當k＝3時，兩直線平行，當k≠3時，由兩直線平行，斜率相等，得：＝k－3，解得：k＝5. 【答案】　C 6．(2009·課標全國卷)若直線m被兩平行線l1：x－y＋1＝0與l2

21、：x－y＋3＝0所截得的線段的長為2，則m的傾斜角可以是 ①15°?、?0°?、?5°?、?0°?、?5° 其中正確答案的序號是________．(寫出所有正確答案的序號) 【解析】　兩平行線間的距離為d＝＝，由圖知直線m與l1的夾角為30°，l1的傾斜角為45°，所以直線m的傾斜角等于30°＋45°＝75°或45°－30°＝15°.故填寫①⑤. 【答案】?、佗? 考向一 [139]　兩條直線的平行與垂直 　已知直線l1：x＋my＋6＝0，直線l2：(m－2)x＋3y＋2m＝0，問當m為何值時，l1與l2： (1)相交？(2)垂直？(3)平行？(4)重合？ 【思路點撥】　可用

22、兩直線相交、垂直、平行、重合的充分條件． 【嘗試解答】　(1)3≠m·(m－2)即m2－2m－3≠0， 所以m≠3且m≠－1. 當m≠3且m≠－1時，l1與l2相交． (2)要使l1⊥l2， 只要1·(m－2)＋m·3＝0即m＝. ∴當m＝時，l1⊥l2. (3)要使l1∥l2， 只要 ? ∴當m＝－1時，l1∥l2. (4)由(3)知，當m＝3時，l1與l2重合． 規(guī)律方法1　在研究直線平行與垂直的位置關系時，如果所給直線方程含有字母系數時，要注意利用兩直線平行與垂直的充要條件： (1)l1∥l2?A1B2－A2B1＝0且A1C2－A2C1≠0(或B1C2－B2C1

23、≠0)； (2)l1⊥l2?A1A2＋B1B2＝0，這樣可以避免對字母系數進行分類討論，防止漏解與增根. 對點訓練　(1)a＝1是直線y＝ax＋1和直線y＝(a－2)x－1垂直的(　　) A．充分不必要條件　　　 B．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 (2)已知直線x＋a2y＋6＝0與直線(a－2)x＋3ay＋2a＝0平行，則a的值為(　　) A．0或3或－1 B．0或3 C．3或－1 D．0或－1 【解析】　(1)由a(a－2)＝－1得a2－2a＋1＝0， ∴a＝1， 故a＝1是直線y＝ax＋1和直線y＝(a－2)x－1垂直的充要條件

24、． (2)由3a－(a－2)a2＝0得a(a2－2a－3)＝0， ∴a＝－1或0或3.檢驗當a＝0或－1時兩直線平行， 當a＝3時兩直線重合． 【答案】　(1)C　(2)D 考向二 [140]　兩直線的交點與距離 　(1)求經過直線l1：3x＋2y－1＝0和l2：5x＋2y＋1＝0的交點，且垂直于直線l3：3x－5y＋6＝0的直線l的方程． (2)已知點P(2，－1)，①求過點P且與原點距離為2的直線l的方程；②求過點P且與原點距離最大的直線l的方程，并求最大距離． 【思路點撥】　(1)可先求出l1與l2的交點，再用點斜式；也可利用直線系方程求解． (2)①分直線斜率存在和不

25、存在兩種情況求解．②結合圖形分析l⊥OP時滿足條件． 【嘗試解答】　(1)法一　先解方程組得l1、l2的交點坐標為(－1,2)， 再由l3的斜率求出l的斜率為－， 于是由直線的點斜式方程求出l： y－2＝－(x＋1)，即5x＋3y－1＝0. 法二　由于l⊥l3，故l是直線系5x＋3y＋C＝0中的一條，而l過l1、l2的交點(－1,2)， 故5×(－1)＋3×2＋C＝0，由此求出C＝－1， 故l的方程為5x＋3y－1＝0. 法三　由于l過l1、l2的交點，故l是直線系3x＋2y－1＋λ(5x＋2y＋1)＝0中的一條， 將其整理，得(3＋5λ)x＋(2＋2λ)y＋(－1＋λ)＝0

26、， 其斜率－＝－，解得λ＝， 代入直線系方程即得l的方程為5x＋3y－1＝0. (2)①若直線l的斜率不存在，則直線l的方程為x＝2滿足條件． 若斜率存在，設l的方程為y＋1＝k(x－2)，即kx－y－2k－1＝0. 由已知，得＝2，解得k＝. 此時l的方程為3x－4y－10＝0. 綜上，可得直線l的方程為x＝2或3x－4y－10＝0. ②作圖可得過P點與原點O距離最大的直線是過P點且與PO垂直的直線，如圖． 由l⊥OP，得klkOP＝－1， 所以kl＝－＝2. 由點斜式得y＋1＝2(x－2)，2x－y－5＝0. ∴直線2x－y－5＝0是過P點且與原點O距離最大

27、的直線，最大距離為＝. 規(guī)律方法2　求點到直線距離的最值問題的方法：(1)直接利用點到直線的距離公式建立距離關于斜率k的代數關系式求解；(2)從幾何中位置關系的角度，利用幾何關系求解.在解決解析幾何問題時，要善于發(fā)現其中包含的幾何關系，充分利用幾何性質進行求解. 對點訓練　直線l經過點P(2，－5)且與點A(3，－2)和點B(－1,6)的距離之比為1∶2，求直線l的方程． 【解】　當直線l與x軸垂直時，此時l的方程為x＝2，A到l的距離為d1＝1，B到l的距離為d2＝3，不符合題意，故直線l的斜率必存在． ∵直線l過點P(2，－5)， ∴設直線l的方程為y＋5＝k(x－2)， 即k

28、x－y－2k－5＝0. ∴A(3，－2)到直線l的距離 d1＝＝， B(－1,6)到直線l的距離 d2＝＝. ∵d1∶d2＝1∶2，∴＝， ∴k2＋18k＋17＝0，∴k1＝－1，k2＝－17. ∴所求直線方程為x＋y＋3＝0和17x＋y－29＝0. 　 考向三 [141]　對稱問題 　光線由點P(－1,3)射出，遇直線l：x＋y＋1＝0反射，反射光線經過點Q(4，－2)，求入射光線與反射光線所在的直線方程． 【思路點撥】　根據鏡面反射的原理，先求點P關于l的對稱點P′，則直線P′Q為反射光線所在直線，點Q關于l的對稱點為Q′，則PQ′為入射光線所在直線． 【嘗試解答】

29、　設P(－1,3)關于直線x＋y＋1＝0的對稱點為P′(x1，y1)，點Q(4，－2)關于直線x＋y＋1＝0的對稱點為Q′(x2，y2)． ∴? 所以P′(－4,0)．同理有Q′(1，－5)．這樣，反射光線所在直線為P′Q，斜率k1＝＝－. 直線方程為x＋4y＋4＝0. 入射光線所在直線為PQ′，斜率k2＝＝－4，直線方程為4x＋y＋1＝0. ∴入射光線直線方程為4x＋y＋1＝0，反射光線直線方程為x＋4y＋4＝0. 規(guī)律方法3　(1)求點M(a，b)關于直線Ax＋By＋C＝0(AB≠0)的對稱點N的方法：, 設N(x，y)， 由求出x，y，即得點N的坐標. (2)兩點關于點

30、對稱，兩點關于直線對稱的常見結論有：,點(x，y)關于x軸、y軸、直線x－y＝0、直線x＋y＝0及原點的對稱點分別為(x，－y)、(－x，y)、(y，x)、(－y，－x)和(－x，－y). 對點訓練　已知點A的坐標為(－4,4)，直線l的方程為3x＋y－2＝0，求： (1)點A關于直線l的對稱點A′的坐標； (2)直線l關于點A的對稱直線l′的方程． 【解】　(1)設點A′的坐標為(x，y)，由題意可知 解得x＝2，y＝6， ∴A′點的坐標為(2,6)． (2)法一　在直線l′上任取一點P′(x，y)，其關于點A(－4,4)的對稱點(－8－x,8－y)必在直線l上， ∴即3(－

31、8－x)＋(8－y)－2＝0，即3x＋y＋18＝0， 所以所求直線的方程為3x＋y＋18＝0. 法二　由題意可知l′∥l，設l′的方程為3x＋y＋c＝0， 由題意可知＝， 解得c＝18或c＝－2(舍)， 所以所求直線的方程為3x＋y＋18＝0. 易錯易誤之十六　小視斜率不存在 ————[1個示范例]————[1個防錯練]———— 　　　已知l1：3x＋2ay－5＝0，l2：(3a－1)x－ay－2＝0.求使l1∥l2的a的值． 【解】　法一　當直線斜率不存在，即a＝0時，有l(wèi)1：3x－5＝0，l2：－x－2＝0，符合l1∥l2. 當直線斜率存在時，l1∥l2

32、，－＝＝a＝－，經檢驗，a＝－符合題意． 故使l1∥l2的a的值為0或－. 法二　由l1∥l2?3·(－a)－(3a－1)·2a＝0，得a＝0或a＝－，經檢驗，a＝0或a＝－均符合題意，故使l1∥l2的a的值為0或－. 【防范措施】在討論含參數的兩條直線的位置關系時，一定不要忘記兩條直線的斜率是否存在的情況，否則會出現漏解. 　已知直線l1：ax－y＋2a＝0，l2：(2a－1)x＋ay＋a＝0互相垂直，則實數a的值是________． 【解析】　因為直線l1：ax－y＋2a＝0，l2：(2a－1)x＋ay＋a＝0互相垂直，故有a(2a－1)＋a(－1)＝0，可知a的值為0或1.

33、 【答案】　0或1 第三節(jié)　圓的方程 [考情展望]　1.結合直線方程，考查運用待定系數法求圓的方程.2.考查運用圓的幾何性質求動點的軌跡方程.3.多以選擇題、填空題形式考查． 一、圓的定義及方程 定義 平面內到定點的距離等于定長的點集合 限定條件 標準方程 (x－a)2＋(y－b)2＝r2 圓心：(a，b)，半徑：r r＞0 一般方程 x2＋y2＋Dx＋Ey＋F＝0 圓心：，半徑： D2＋E2－4F＞0 確定圓的方程時，常用到的三個性質 (1)圓心在過切點且與切線垂直的直線上 (2)圓心在任一弦的中垂線上 (3)兩圓內切或外切時，切點與兩圓圓心三點

34、共線． 二、點M(x0，y0)與圓(x－a)2＋(y－b)2＝r2的位置關系 1．若M(x0，y0)在圓外，則(x0－a)2＋(y0－b)2＞r2. 2．若M(x0，y0)在圓上，則(x0－a)2＋(y0－b)2＝r2. 3．若M(x0，y0)在圓內，則(x0－a)2＋(y0－b)2＜r2. 從位置看d，r的關系 判定點與圓的位置關系還可利用點到圓心的距離d與r的關系：d＞r?點在圓外；d＝r?點在圓上；d＜r?點在圓內． 1．圓的方程為x2＋y2＋2by－2b2＝0，則圓的圓心和半徑分別為(　　) A．(0，b)，b　　　　　　　 B．(0，b)，|b| C．(

35、0，－b)，b D．(0，－b)，|b| 【解析】　圓的標準方程為x2＋(y＋b)2＝3b2， 從而圓的圓心坐標為(0，－b)，半徑為|b|. 【答案】　D 2．方程x2＋y2＋ax＋2ay＋2a2＋a－1＝0表示圓，則a的取值范圍是(　　) A．a＜－2或a＞ B．－＜a＜0 C．－2＜a＜0 D．－2＜a＜ 【解析】　由題意知a2＋4a2－4(2a2＋a－1)＞0， 解得－2＜a＜. 【答案】　D 3．若點(1,1)在圓(x－a)2＋(y＋a)2＝4的內部，則實數a的取值范圍是(　　) A．－1＜a＜1 B．0＜a＜1 C．a＞1或a＜－1 D．

36、a＝±1 【解析】　因為點(1,1)在圓的內部， ∴(1－a)2＋(1＋a)2＜4， ∴－1＜a＜1. 【答案】　A 4．已知圓C經過A(5,1)，B(1,3)兩點，圓心在x軸上，則C的方程為________． 【解析】　設圓心坐標為(a,0)，易知＝，解得a＝2，∴圓心為(2,0)，半徑為，∴圓C的方程為(x－2)2＋y2＝10. 【答案】　(x－2)2＋y2＝10 5．(2013·重慶高考)設P是圓(x－3)2＋(y＋1)2＝4上的動點，Q是直線x＝－3上的動點，則|PQ|的最小值為(　　) A．6　　　　B．4　　　　C．3　　　　D．2 【解析】　如圖，圓心M(

37、3，－1)與定直線x＝－3的最短距離為|MQ|＝3－(－3)＝6，又圓的半徑為2，故所求最短距離為6－2＝4. 【答案】　B 6．(2013·江西高考)過點(，0)引直線l與曲線y＝相交于A，B兩點，O為坐標原點，當△AOB的面積取最大值時，直線l的斜率等于(　　) A. B．－ C．± D．－ 【解析】　由于y＝，即x2＋y2＝1(y≥0)，直線l與x2＋y2＝1(y≥0)交于A，B兩點，如圖所示，S△AOB＝·sin ∠AOB≤，且當∠AOB＝90°時，S△AOB取得最大值，此時AB＝，點O到直線l的距離為，則∠OCB ＝30°，所以直線l的傾斜角為150°，則斜率

38、為－. 【答案】　B 考向一 [142]　求圓的方程 　求圓心在直線2x－y－3＝0上，且過點A(5,2)和點B(3，－2)的圓的方程． 【思路點撥】　結合圓的標準方程的特點，只需找到該圓的圓心和半徑即可，可以利用待定系數法，也可利用圓的性質求出圓心坐標和半徑，從而寫出該圓的方程． 【嘗試解答】　法一　∵圓過A(5,2)，B(3，－2)兩點， ∴圓心一定在線段AB的垂直平分線上． 線段AB的垂直平分線方程為y＝－(x－4)． 設所求圓的圓心坐標為C(a，b)，則有 解得 ∴C(2,1)，r＝|CA|＝＝. ∴所求圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝10. 法二

39、　設圓的方程為(x－a)2＋(y－b)2＝r2， 則解得 ∴圓的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝10. 法三　設圓的方程為x2＋y2＋Dx＋Ey＋F＝0(D2＋E2－4F＞0)， 則 解得D＝－4，E＝－2，F＝－5， ∴所求圓的方程為x2＋y2－4x－2y－5＝0. 規(guī)律方法1　求圓的方程有兩種方法： (1)代數法：即用“待定系數法”求圓的方程.①若已知條件與圓的圓心和半徑有關，則設圓的標準方程，列出關于a，b，r的方程組求解.②若已知條件沒有明確給出圓的圓心或半徑，則選擇圓的一般方程，列出關于D，E，F的方程組求解. (2)幾何法：通過研究圓的性質，直線和圓的關系等求出

40、圓心、半徑，進而寫出圓的標準方程. 對點訓練　已知直線l：y＝x＋m，m∈R，若以點M(2,0)為圓心的圓與直線l相切于點P，且點P在y軸上，求該圓的方程． 【解】　法一　依題意，點P的坐標為(0，m)， 因為MP⊥l，所以×1＝－1， 解得m＝2，即點P的坐標為(0,2)， 圓的半徑r＝|MP|＝＝2， 故所求圓的方程為(x－2)2＋y2＝8. 法二　設所求圓的半徑為r，則圓的方程可設為(x－2)2＋y2＝r2，依題意，所求圓與直線l：x－y＋m＝0相切于點P(0，m)， 則 解得 所以所求圓的方程為(x－2)2＋y2＝8. 考向二 [143]　與圓有關的最值問題 　

41、已知實數x、y滿足方程x2＋y2－4x＋1＝0. (1)求的最大值和最小值； (2)求y－x的最大值和最小值； (3)求x2＋y2的最大值和最小值． 【思路點撥】　根據代數式的幾何意義，借助于平面幾何知識，數形結合求解． 【嘗試解答】　(1)原方程可化為(x－2)2＋y2＝3， 表示以(2,0)為圓心，為半徑的圓，的幾何意義是圓上一點與原點連線的斜率． 所以設＝k，即y＝kx. 當直線y＝kx與圓相切時，斜率k取最大值或最小值， 此時＝，解得k＝±. 所以的最大值為，最小值為－. (2)設y－x＝b，y－x可看作是直線y＝x＋b在y軸上的截距，當直線y＝x＋b與圓相切時，

42、縱截距b取得最大值或最小值， 此時＝，解得b＝－2±. 所以y－x的最大值為－2＋，最小值為－2－. (3)x2＋y2表示圓上的一點與原點距離的平方， 由平面幾何知識知，在原點與圓心連線與圓的兩個交點處取得最大值和最小值． 又圓心到原點的距離為＝2， 所以x2＋y2的最大值是(2＋)2＝7＋4， x2＋y2的最小值是(2－)2＝7－4. 規(guī)律方法2　與圓有關的最值問題，常見的有以下幾種類型： (1)形如u＝型的最值問題，可轉化為過點(a，b)和(x，y)的直線的斜率的最值問題； (2)形如t＝ax＋by型的最值問題，可轉化為動直線的截距的最值問題； (3)形如(x－a)2

43、＋(y－b)2型的最值問題，可轉化為動點到定點的距離的最值問題. 對點訓練　已知圓Q：(x＋2)2＋y2＝1，P(x，y)為圓上任一點． (1)求的最大、最小值；(2)求x－2y的最大、最小值． 【解】　(1)設＝k，則kx－y－k＋2＝0.由于P(x，y)是圓上任一點，當直線與圓有交點時，如圖所示： 兩條切線的斜率分別是最大、最小值． 由d＝＝1，得k＝. ∴的最大值為，最小值為. (2)令x－2y＝m，同理，兩條切線在x軸上的截距分別是最大、最小值． 由d＝＝1， 得m＝－2±. ∴x－2y的最大值為－2＋，最小值為－2－. 考向三 [144]　與圓有關的軌跡問題

44、 　設定點M(－3,4)，動點N在圓x2＋y2＝4上運動，點O是坐標原點，以OM、ON為兩邊作平行四邊形MONP，求點P的軌跡． 【思路點撥】　四邊形MONP為平行四邊形?＝＋?把點P的坐標轉移到動點N上?而點N在圓上運動，故可求解．需注意O、M、N三點共線的情況． 【嘗試解答】　∵四邊形MONP為平行四邊形， ∴＝＋， 設點P(x，y)，點N(x0，y0)，則 ＝－＝(x，y)－(－3,4)＝(x＋3，y－4)． 又點N在圓x2＋y2＝4上運動， ∴(x＋3)2＋(y－4)2＝4. 又當OM與ON共線時，O、M、N、P構不成平行四邊形． 故動點P的軌跡是圓且除去點和.

45、規(guī)律方法3　1.本例中點P是平行四邊形MONP的一個頂點，因此在點M、O、N三點共線時，點P是不存在的，故所求的軌跡中應除去兩點． 2．求與圓有關的軌跡問題的常用方法． (1)直接法：由題設直接求出動點坐標所滿足的關系式． (2)定義法：利用定義寫出動點的軌跡方程． (3)代入法：若動點P(x，y)隨著圓上的另一動點Q(x1，y1)運動而運動，且x1，y1可用x，y表示，則可用Q點的坐標代入已知圓的方程，即得動點P的軌跡方程． 對點訓練　已知線段AB的端點B的坐標是(4,3)，端點A在圓(x＋1)2＋y2＝4上運動，求線段AB的中點M的軌跡． 【解】　設點M的坐標為(x，y)，

46、點A(x0，y0)． 因為M是線段AB的中點，且B(4,3)， 所以所以① 又點A在圓(x＋1)2＋y2＝4上運動， 所以(x0＋1)2＋y＝4.② 把①代入②，得(2x－4＋1)2＋(2y－3)2＝4， 整理得2＋2＝1. 所以點M的軌跡是以為圓心，1為半徑的圓. 規(guī)范解答之十四　破解圓的方程綜合問題 ————[1個示范例]————[1個規(guī)范練]———— 　(12分)在平面直角坐標系xOy中，曲線y＝x2－6x＋1與坐標軸的交點都在圓C上． (1)求圓C的方程； (2)若圓C與直線x－y＋a＝0交于A，B兩點，且OA⊥OB，求a的值． 【規(guī)范解答】　(1)曲

47、線y＝x2－6x＋1與y軸的交點為(0,1)，與x軸的交點為(3＋2，0) ，(3－2，0)． 故可設C的圓心為(3，t)，則有32＋(t－1)2＝(2)2＋t2， 解得t＝1.則圓C的半徑為＝3. 所以圓C的方程為(x－3)2＋(y－1)2＝9.6分 (2)設A(x1，y1)，B(x2，y2)，其坐標滿足方程組： 消去y，得到方程2x2＋(2a－8)x＋a2－2a＋1＝0. 由已知可得，判別式Δ＝56－16a－4a2＞0. 從而x1＋x2＝4－a，x1x2＝.　?、?分 由于OA⊥OB，可得x1x2＋y1y2＝0. 又y1＝x1＋a，y2＝x2＋a， 所以2x1x2＋

48、a(x1＋x2)＋a2＝0.　?、?0分 由①，②得a＝－1，滿足Δ＞0， 故a＝－1.12分 【名師寄語】　(1)若已知條件容易求出圓心坐標和半徑或需利用圓心坐標列方程，通常選用圓的標準方程；若已知條件為圓經過三點，一般采用一般式. (2)解決直線與圓的問題可以借助圓的幾何性質；但也要理解掌握一般的代數法，利用“設而不求”的方法技巧，要充分利用一元二次方程根與系數的關系求解. 在直角坐標系xOy中，以O為圓心的圓與直線x－y－4＝0相切． (1)求圓的方程； (2)圓O與x軸相交于A，B兩點，圓內的動點P使|PA|、|PO|、|PB|成等比數列，求·的取值范圍． 【解】　(1

49、)設圓的方程為x2＋y2＝r2，則r＝＝2.∴圓的方程為x2＋y2＝4. (2)由(1)知A(－2,0)，B(2,0)，設P(x0，y0)， 則|PA|＝，|PO|＝， |PB|＝. 又|PA|，|PO|，|PB|成等比數列， ∴|PO|2＝|PA|·|PB|， 即x＋y＝， 整理得y＝x－2. ∴·＝(－2－x0，－y0)·(2－x0，－y0)＝(x－4)＋y＝2x－6.又點P在圓內，∴x＋y＜4.∴2≤x＜3，∴－2≤·＜0. 第四節(jié)　直線與圓、圓與圓的位置關系 [考情展望]　1.考查根據給定直線、圓的方程判斷直線與圓、圓與圓的位置關系.2.考查通過數形結合思想，充分利

50、用圓的幾何性質解決圓的切線、圓的弦長問題.3.從考查形式上看，以選擇題、填空題為主，屬中檔題． 一、判斷直線與圓的位置關系常用的兩種方法 1．幾何法：利用圓心到直線的距離d和圓半徑r的大小關系： d＜r?相交；d＝r?相切；d＞r?相離． 2．代數法： 圓的切線方程常用結論 (1)過圓x2＋y2＝r2上一點P(x0，y0)的圓的切線方程為x0x＋y0y＝r2. (2)過圓(x－a)2＋(y－b)2＝r2上一點P(x0，y0)的圓的切線方程為(x0－a)(x－a)＋(y0－b)(y－b)＝r2. (3)過圓x2＋y2＝r2外一點M(x0，y0)作圓的兩條切線，則兩切點所在

51、直線方程為x0x＋y0y＝r2. 二、圓與圓的位置關系 　設圓O1：(x－a1)2＋(y－b1)2＝r(r1＞0)， 圓O2：(x－a2)2＋(y－b2)2＝r(r2＞0). 　　　方法 位置關系　　　 幾何法：圓心距d與r1，r2的關系 代數法：聯(lián)立兩圓方程組成方程組的解的情況 相離 d＞r1＋r2 無解 外切 d＝r1＋r2 一組實數解 相交 |r1－r2|＜d＜r1＋r2 兩組不同的實數解 內切 d＝|r1－r2|(r1≠r2) 一組實數解 內含 0≤d＜|r1－r2|(r1≠r2) 無解 常用結論 (1)兩圓的位置關系與公切線的條數

52、：①內含時：0條；②內切：1條；③相交：2條；④外切：3條；⑤外離：4條． (2)當兩圓相交時，兩圓方程(x2，y2項系數相同)相減便可得公共弦所在直線的方程． 1．圓x2＋y2－4x＝0在點P(1，)處的切線方程為(　　) A．x＋y－2＝0　　　 B．x＋y－4＝0 C．x－y＋4＝0 D．x－y＋2＝0 【解析】　圓的方程為(x－2)2＋y2＝4，圓心坐標為(2,0)，半徑為2，點P在圓上，設切線方程為y－＝k(x－1)， 即kx－y－k＋＝0，∴＝2，解得k＝. ∴切線方程為y－＝(x－1)，即x－y＋2＝0. 【答案】　D 2．與圓C1：x2＋y2＋2x－6

53、y－26＝0，C2：x2＋y2－4x＋2y＋4＝0都相切的直線有(　　) A．1條　　　B．2條 C．3條　　　D．4條 【解析】　把已知兩圓化為標準方程，C1：(x＋1)2＋(y－3)2＝36，C2：(x－2)2＋(y＋1)2＝1，故圓心分別為C1(－1,3)，C2(2，－1)．兩圓圓心距|C1C2|＝＝5，等于兩圓半徑之差，故兩圓相切，它們只有一條公切線． 【答案】　A 3．若圓x2＋y2＝1與直線y＝kx＋2沒有公共點，則實數k的取值范圍為________． 【解析】　圓心到直線的距離大于半徑即＞1，－＜k＜. 【答案】　(－，) 4．過點(－4，－8)作圓(x＋7)2＋

54、(y＋8)2＝9的切線，則切線的方程為________． 【解析】　設切線的方程為y＋8＝k(x＋4)， 圓心(－7，－8)到直線的距離等于半徑即＝3無解，故切線斜率不存在，x＝－4是切線． 【答案】　x＝－4 5．(2013·陜西高考)已知點M(a，b)在圓O：x2＋y2＝1外，則直線ax＋by＝1與圓O的位置關系是(　　) A．相切 B．相交 C．相離 D．不確定 【解析】　由題意知點在圓外，則a2＋b2>1，圓心到直線的距離d＝<1，故直線與圓相交． 【答案】　B 6．(2013·山東高考)過點(3,1)作圓(x－2)2＋(y－2)2＝4的弦，其中最短弦的長

55、為________． 【解析】　設A(3,1)，易知圓心C(2,2)，半徑r＝2，當弦過點A(3,1)且與CA垂直時為最短弦． |CA|＝＝. ∴半弦長＝＝＝. ∴最短弦長為2. 【答案】　2 考向一 [145]　直線與圓的位置關系 　在直角坐標系xOy中，以坐標原點O為圓心的圓與直線：x－y＝4相切． (1)求圓O的方程； (2)若圓O上有兩點M、N關于直線x＋2y＝0對稱，且|MN|＝2，求直線MN的方程． 【思路點撥】　(1)利用直線與圓相切，求出圓的半徑，寫出圓的方程．(2)設MN的方程為2x－y＋m＝0，利用|MN|＝2，求m值． 【嘗試解答】　(1)依題意

56、，圓O的半徑r等于原點O到直線x－y＝4的距離， 即r＝＝2. 所以圓O的方程為x2＋y2＝4. (2)由題意，可設直線MN的方程為2x－y＋m＝0. 則圓心O到直線MN的距離d＝. 由垂徑分弦定理得：＋()2＝22，即m＝±. 所以直線MN的方程為：2x－y＋＝0或2x－y－＝0. 規(guī)律方法1　1.與弦長有關的問題常用幾何法，即利用弦心距、半徑和弦長的一半構成直角三角形進行求解. 2.利用圓心到直線的距離可判斷直線與圓的位置關系，也可利用直線的方程與圓的方程聯(lián)立后得到的一元二次方程的判別式來判斷直線與圓的位置關系. 對點訓練　(1)直線x＋y＝0繞原點按順時針方向旋轉30°

57、所得直線與圓x2＋y2－4x＋1＝0的位置關系是(　　) A．直線與圓相切 B．直線與圓相交但不過圓心 C．直線與圓相離 D．直線過圓心 (2)若過點A(4,0)的直線l與曲線(x－2)2＋y2＝1有公共點，則直線l斜率的取值范圍為(　　) A．[－，]　　　　 B．(－，) C. D. 【解析】　(1)∵直線x＋y＝0的傾斜角為150°， ∴順時針方向旋轉30°后的傾斜角為120°. ∴旋轉后的直線方程為x＋y＝0. 將圓的方程化為(x－2)2＋y2＝3， ∴圓心的坐標為(2,0)，半徑為，圓心到直線x＋y＝0的距離為d＝＝＝圓的半徑，∴直線和圓相切． (2)依

58、題意，設直線l的方程是y＝k(x－4)， 即kx－y－4k＝0，由題意得圓心(2,0)到直線l的距離不超過該圓的半徑，即有≤1， 由此解得－≤k≤，選C. 【答案】　(1)A　(2)C 考向二 [146]　圓與圓的位置關系 　圓O1的方程為：x2＋(y＋1)2＝4，圓O2的圓心坐標為(2,1)． (1)若圓O1與圓O2相外切，求圓O2的方程； (2)若圓O1與圓O2相交于A、B兩點，且|AB|＝2，求圓O2的方程． 【思路點撥】　(1)根據兩圓外切求出圓O2的半徑，便可寫出圓O2的方程． (2)設出圓O2方程，求出直線AB的方程，根據點O1到直線AB的距離，列方程求解． 【

59、嘗試解答】　(1)∵圓O1的方程為：x2＋(y＋1)2＝4， ∴圓心O1(0，－1)，半徑r1＝2. 設圓O2的半徑為r2，由兩圓外切知|O1O2|＝r1＋r2， 又|O1O2|＝＝2， ∴r2＝|O1O2|－r1＝2－2， 圓O2的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝12－8. (2)設圓O2的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝r， 又圓O1的方程為：x2＋(y＋1)2＝4， 兩式相減得兩圓公共弦AB所在的直線方程為：4x＋4y＋r－8＝0， 作O1H⊥AB于H，則|AH|＝|AB|＝， ∵r1＝2，∴|O1H|＝＝， 又|O1H|＝＝， ∴＝，得r＝4或r＝20，

60、圓O2的方程為(x－2)2＋(y－1)2＝4或(x－2)2＋(y－1)2＝20. 規(guī)律方法2　1.圓與圓的位置關系取決于圓心距與兩個半徑的和與差的大小關系. 2.若兩圓相交，則兩圓的公共弦所在直線的方程可由兩圓的方程作差消去x2，y2項即可得到. 3.若兩圓相交，則兩圓的連心線垂直平分公共弦. 對點訓練　(1)(2012·山東高考)圓(x＋2)2＋y2＝4與圓(x－2)2＋(y－1)2＝9的位置關系為(　　) A．內切　　　B．相交　　　C．外切　　　D．相離 (2)若圓x2＋y2＝4與圓x2＋y2＋2ay－6＝0(a＞0)的公共弦的長為2，則a＝________. 【解析】　(

61、1)兩圓圓心分別為(－2,0)，(2,1)，半徑分別為2和3，圓心距d＝＝. ∵3－2

62、路點撥】　(1)設出圓的切線方程，利用圓的切線性質求解，注意檢驗直線斜率不存在時的情況． (2)直接利用圓心到切線的距離等于圓的半徑列式求解． (3)利用圓的幾何性質：弦長|AB|＝2(r為半徑，d為弦心距)求解． 【嘗試解答】　(1)圓心C(1,2)，半徑為r＝2， 當直線的斜率不存在時，方程為x＝3. 由圓心C(1,2)到直線x＝3的距離d＝3－1＝2＝r知， 此時，直線與圓相切． 當直線的斜率存在時，設方程為y－1＝k(x－3)， 即kx－y＋1－3k＝0. 由題意知＝2， 解得k＝. ∴方程為y－1＝(x－3)，即3x－4y－5＝0. 故過M點的圓的切線方程為x

63、＝3或3x－4y－5＝0. (2)由題意有＝2， 解得a＝0或a＝. (3)∵圓心到直線ax－y＋4＝0的距離為， ∴2＋2＝4，解得a＝－. 規(guī)律方法3　1.過圓外一點(x0，y0)的圓的切線方程的求法,(1)幾何方法：當斜率存在時，設為k，切線方程為y－y0＝k(x－x0)，由圓心到直線的距離等于半徑求解., (2)代數方法：當斜率存在時，設切線方程為y－y0＝k(x－x0)，即y＝kx－kx0＋y0，代入圓方程，得一個關于x的一元二次方程，由Δ＝0，求得k，切線方程即可求出. 2.求圓的弦長的常用方法：(1)幾何法；(2)代數方法. 對點訓練　(1)(2013·天津高考)

64、已知過點P(2,2)的直線與圓(x－1)2＋y2＝5相切，且與直線ax－y＋1＝0垂直，則a＝(　　) A．－　　　　B．1　　　　C．2　　　　D. (2)(2013·安徽高考)直線x＋2y－5＋＝0被圓x2＋y2－2x－4y＝0截得的弦長為(　　) A．1 B．2 C．4 D．4 【解析】　(1)由圓的切線與直線ax－y＋1＝0垂直，設切線方程為x＋ay＋c＝0，再代入點(2,2)，結合圓心到切線的距離等于圓的半徑，求出a的值． 由題意知圓心為(1,0)，由圓的切線與直線ax－y＋1＝0垂直，可設圓的切線方程為x＋ay＋c＝0，由切線x＋ay＋c＝0過點P(2,2)，∴c＝

65、－2－2a，∴＝，解得a＝2. (2)先把圓的一般方程化為標準方程，求出圓心和半徑，再在圓中構造直角三角形，利用勾股定理求弦長． 圓的方程可化為C：(x－1)2＋(y－2)2＝5，其圓心為C(1,2)，半徑R＝.如圖所示，取弦AB的中點P，連接CP，則CP⊥AB，圓心C到直線AB的距離d＝|CP|＝＝1.在Rt△ACP中，|AP|＝＝2，故直線被圓截得的弦長|AB|＝4. 【答案】　(1)C　(2)C 規(guī)范解答之十五　與圓有關的探索問題求解策略 ————[1個示范例]————[1個規(guī)范練]———— 　　　(12分)已知圓C：x2＋y2－2x＋4y－4＝0.問在圓C上

66、是否存在兩點A、B關于直線y＝kx－1對稱，且以AB為直徑的圓經過原點？若存在，寫出直線AB的方程；若不存在，說明理由． 【規(guī)范解答】　圓C的方程可化為(x－1)2＋(y＋2)2＝9，圓心為C(1，－2)．假設在圓C上存在兩點A、B滿足條件， 則圓心C(1，－2)在直線y＝kx－1上，即k＝－1.3分 于是可知，kAB＝1. 設lAB∶y＝x＋b，代入圓C的方程，整理得2x2＋2(b＋1)x＋b2＋4b－4＝0， 則Δ＝4(b＋1)2－8(b2＋4b－4)＞0，即b2＋6b－9＜0. 解得－3－3＜b＜－3＋3.7分 設點A、B的坐標分別為A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則x1＋x2＝－b－1，x1x2＝b2＋2b－2. 由題意知OA⊥OB，則有x1x2＋y1y2＝0， 也就是x1x2＋(x1＋b)(x2＋b)＝0. ∴2x1x2＋b(x1＋x2)＋b2＝0.10分 ∴b2＋4b－4－b2－b＋b2＝0，化簡得b2＋3b－4＝0. 解得b＝－4或b＝1，均滿足Δ＞0， 即直線AB的方程為x－y－4＝0，或x－y＋1＝0.12分 【名師寄語】　(1