全國高考理綜試題物理部分解析(全國卷Ⅲ)

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1、2018年全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力測試物理部分（全國卷III） 二、選擇題：第14~17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18?21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得 6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。 14 . 1934年，約里奧-居里夫婦用a粒子轟擊鋁核回，產(chǎn)生了第一個(gè)人工放射性核素X： F T o X的原子序數(shù)和質(zhì)量數(shù)分別為（ ） A. 15 和 28 B. 15 和 30 C. 16 和 30 D. 17 和 31 14【答案】B【解析】本題考查核反應(yīng)方程遵循的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒規(guī)律及其相關(guān)的知識點(diǎn)。 根據(jù)核反應(yīng)遵循的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X的電荷數(shù)為2+13=15

2、,質(zhì)量數(shù)為4+27-1=30, 根據(jù)原子核的電荷數(shù)等于原子序數(shù)，可知X的原子序數(shù)為15,質(zhì)量數(shù)為30, B正確。 15 .為了探測引力波，“天琴計(jì)劃”預(yù)計(jì)發(fā)射地球衛(wèi)星P,其軌道半徑約為地球半徑的16倍?：另一地 球衛(wèi)星Q的軌道半徑約為地球半徑的4倍。P與Q的周期之比約為（ ） A. 2:1 B. 4:1 C. 8:1 D. 16:1 15【答案】C【解析】設(shè)地球半徑為R根據(jù)題述，地球衛(wèi)星P的軌道半徑為/?產(chǎn)16R地球衛(wèi)星 。的軌道半徑為a=4R根據(jù)開普勒定律，所以尸與。的周期之比為7>： 7>8： 1, C正確。 16 . 一電阻接到方波交流電源上，在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為?！ǎ喝粼?/p>

3、電阻接到正弦交變電源上, 在一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為。正。該電阻上電壓的峰值為“0,周期為T,如圖所示。 則?！保?。上等于（ ）A.回 B. 回 C. 1:2 D. 2:1 16【答案】D【解析】正弦交變電流的電壓有效值為0 ,而方波交流電的有效值為、 根據(jù)焦耳定律和歐姆定律，Q=FRT= 0八可知在一個(gè)周期丁內(nèi)產(chǎn)生的熱量與電壓有效值的二次方 成正比，?！ǎ?。二1102：（ x）三2：1,選項(xiàng)D正確， 此題將正弦交變電流和方波 交變電流、 有效值、焦可定律有機(jī)融合.解答此題常見錯(cuò)誤是：一是把方波交變電流視為正弦交變電流；二是認(rèn)為在一個(gè)周期T內(nèi)產(chǎn)生的熱量與電壓有效值，導(dǎo)致錯(cuò)選B；

4、三是比值顛倒，導(dǎo)致錯(cuò)選C。 17 .在一斜面頂端，將甲乙兩個(gè)小球分別以v和色的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面 上。甲球落至斜而時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率的（ ） A. 2倍 B. 4倍 C. 6倍 D. 8倍 17【答案】A【解析】 設(shè)甲球落至斜而時(shí)的速率為力，乙落至斜而時(shí)的速率為丫2,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī) 律，.a* 產(chǎn)，設(shè)斜而傾角為6,由幾何關(guān)系，tan仇小球由拋出到落至斜而，由機(jī)械能守 恒定律，11//IV]2 ?聯(lián)立解得： vi= I X I V,即落至斜面時(shí)的速率I J拋出時(shí)的速率 成正比。同理可得，V2= GJ ?v/2,所以甲球落至斜而時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)的

5、速率的2 倍，選項(xiàng)A正確。此題將平拋運(yùn)動(dòng)、斜而模型、機(jī)械能守恒定律有機(jī)融合，綜合性強(qiáng)。對于小球 在斜而上的平拋運(yùn)動(dòng)，一般利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律和幾何關(guān)系列方程解答。 18 .甲乙兩車在同一平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲乙兩車的 位置x隨時(shí)間t的變化如圖所示。下列說法正確的是（ A.在h時(shí)刻兩車速度相等 B.從。到h時(shí)間內(nèi)，兩車走過的路程相等 C.從h到"時(shí)間內(nèi)，兩車走過的路程相等 D.從八到f2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車速度相等 18【答案】CD 【解析1試題分析本題考查對位移圖像的理解及其相關(guān)的知識點(diǎn)。 解析 根據(jù)位移圖象的物理意義可知，在時(shí)刻兩車的位置

6、相同，速度不相等，乙車的速度大于甲車的速 度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；從。到口時(shí)間內(nèi)，乙車走過的路程大于甲車，選頊B錯(cuò)誤；從八到上時(shí)間內(nèi)，兩車都是 從對位置走到七位置，兩車走過的路程相等，選項(xiàng)C正確；根據(jù)位移圖像的斜率等于速度可知，從力到力 時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車速度相等，選項(xiàng)D正確。 19 .地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機(jī)通過豎井運(yùn)送至地而。某豎井中礦車提升的速度大小v 隨時(shí)間，的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加 速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對 于第①次和第②次提升過程，（ ） A,礦車上升所用的時(shí)間之比為

7、4:5 B.電機(jī)的最大牽引力之比為2:1 C.電機(jī)輸出的最大功率之比為2:1 D.電機(jī)所做的功之比為4:5 19【答案】AC【解析】 設(shè)第②次所用時(shí)間為L根據(jù)速度圖象的面積等于位移（此題中為提升的 高度）可知,3 x2/oxvo= x（t+3仙2） x小，,解得：t=5W2,所以第①次和第②次提升過程所用 時(shí)間之比為2s : 5t“2=4 ：5,選項(xiàng)A正確：由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階 段，由牛頓第二定律，F(xiàn)-gna,可得提升的最大牽引力之比為1 ： 1,選項(xiàng)B錯(cuò)誤：由功率公式, P” 電機(jī)輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2：1,選項(xiàng)C正確；加速上升過程的加速

8、 度〃尸可，加速上升過程的牽引力凡=，必+〃捫〃（目+g）,減速上升過程的加速度3 0，減速 上升過程的牽引力后=〃“+〃爐Mg -）,勻速運(yùn)動(dòng)過程的牽引力乃=岫 第①次提升過程做功 l%=Rx弓x/oxr（＞+ F：x可x/（）xg〃g vm（）；第0次提升過程做功叫=八弓x弓M 小b+ F3x可vux3r（）/2+ F2x 3 x 3 f0x 3 v0 =,M.? Vo/o;兩次做功相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。此題以速度圖像給出解題信息。解答此 題常見錯(cuò)誤主要有四方而：一是對速度圖像而積表示位移掌握不到位；二是運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解 牽引力錯(cuò)誤；三是不能找出最大功率：四是不能得出兩次提升電機(jī)做功。

9、實(shí)際上，可以根據(jù)兩次提 升的高度相同，提升的質(zhì)量相同，利用功能關(guān)系得出兩次做功相同。 20 .如圖（a）,在同一平而內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R, R在PQ的右側(cè)。導(dǎo)線PQ中通 有正弦交流電流i，i的變化如圖（b）所示，規(guī)定從Q到P為電流的正方向。導(dǎo)線框R中的感 應(yīng)電動(dòng)勢（） P j / A.在區(qū)］時(shí)為零 R B.在區(qū)| 時(shí)改變方向 31 /t C.在國時(shí)最大，且沿順時(shí)針方向 Q D.在口時(shí)最大，且沿順時(shí)針方向 圖圖他） 20【答案】AC【解析】 由圖（b）可知，導(dǎo)線P。中電流在仁774時(shí)達(dá)到最大值，變化率為零. 導(dǎo)線框H中磁通量變化率為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律

10、，在仁774時(shí)導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢 為零，選項(xiàng)A正確；在/=772時(shí)，導(dǎo)線尸。中電流圖象斜率方向不變，導(dǎo)致導(dǎo)線框K中磁通量變化 率的正負(fù)不變，根據(jù)楞次定律，所以在仁〃2時(shí)，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢方向不變，選項(xiàng)B錯(cuò) 誤：由于在，=7/2時(shí)，導(dǎo)線尸。中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導(dǎo)致導(dǎo)線框R中磁通量變 3 / 9 化率最大，?根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在仁772時(shí)導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，由楞次定律可 判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，選項(xiàng)C正確：由楞次定律可判斷出在仁丁時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢的 方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。此題以交變電流圖象給出解題信息，考查電磁感應(yīng)及其相關(guān)知

11、識點(diǎn)。解答此題常見錯(cuò)誤主要有四方面：一是由于題目以交變電流圖象給出解題信息，導(dǎo)致一些同 學(xué)看到題，后，不知如何入手；二是不能正確運(yùn)用法拉第電磁感應(yīng)「定律分析判斷；三是不能正確運(yùn)用 楞次定律分析判斷，陷入誤區(qū)。 21 .如圖一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平，兩微粒心〃所帶電荷量大小相 等、符號相反，使它們分別靜止于電容器的上、下極板附近，與極板距離相等?，F(xiàn)同時(shí)釋放“、 〃，它們由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在隨后的某時(shí)刻，，〃、/，經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平而, 〃、匕間的相互作用和重力可忽略。下列說法正確是（ ） A.”的質(zhì)量比〃的大 8. 在f時(shí)刻，”的動(dòng)能比b的大

12、C.在f時(shí)刻，”和〃的電勢能相等 二 D.在f時(shí)刻，”和〃的動(dòng)量大小相等 21【答案】BD【解析】根據(jù)題述可知，微?！跋蛳录铀龠\(yùn)動(dòng)，微粒/，向■?上加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)“、b 經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平而，可知”的加速度大小大于，，的加速度大小，即詼＞,仇 對微粒小由牛頓第二定律，qEnnm 對微粒b,由牛頓第二定律，qE =?,聯(lián)立解得： 兇 ， 由此式可以得出”的質(zhì)量比匕小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤：在小人兩微粒運(yùn)動(dòng)過程中，“微粒所受合外力大于 沙微粒，“微粒的位移大于6微粒，根據(jù)動(dòng)能定理，在，時(shí)刻，”的動(dòng)能比方大，選項(xiàng)B正確：由于 在f時(shí)刻兩微粒經(jīng)過同一水平而，電勢相等，電荷量大小相等，符號

13、相反，所以在，時(shí)刻，〃和〃的 電勢能不等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤：由于“微粒受到的電場力（合外力）等于b微粒受到的電場力（合外力）, 根據(jù)動(dòng)量定理，在/時(shí)刻，“微粒的動(dòng)量等于〃微粒，選項(xiàng)D正確.若此題考慮微粒的重力，你還 能夠得出〃的質(zhì)量比8小嗎？在，時(shí)刻力微粒的動(dòng)量還相等嗎？在，時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)過程中，微粒的 電勢能變化相同嗎？ 22. （6分）甲、乙兩同學(xué)通過下面的實(shí)驗(yàn)測量人的反應(yīng)時(shí)間。實(shí)驗(yàn)步驟如下： （1）甲用兩個(gè)手指輕輕捏住量程為L的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放在尺的下端 （位置恰好處于L刻度處，但未碰到尺），準(zhǔn)備用手指夾住下落的尺。 （2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落：乙看到

14、尺子下落后快速用手指夾住尺子。 若夾住尺子的位置刻度為L”重力加速度大小為8，則乙的反應(yīng)時(shí)間為 （用L、 L\和g表示）。 （3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80 m/s2, L=30.0 cm, Li=10.4 cm,乙的反應(yīng)時(shí)間為 s0 （結(jié)果保留2位有效數(shù)字） （4）寫出一條提高測量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：。 22【答案】（1）. 區(qū)］（2）. 0.20 （3）.多次測量取平均值；初始時(shí)乙的手指盡可能接近尺子【解 析】 根據(jù)題述，在乙的反應(yīng)時(shí)間r內(nèi)，尺子下落高度力=心心，由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，月 解 得1=國。代入數(shù)據(jù)得：f=0.20Se測量反應(yīng)時(shí)間是教材上的小實(shí)驗(yàn)。 23.

15、 （9分）一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路測量某待測電阻尺的阻值，圖中心為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻 （Ro=20.0C）； V可視為理想電壓表。Si為單刀開關(guān)，S2位單刀雙擲開關(guān)，E為電源，R為滑 動(dòng)變阻器。采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)： （1）按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖（a）,將圖（b）中實(shí)物連線； 圖(a) （2）將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)位置，閉合S】： （3）將開關(guān)S2擲于1端，改變滑動(dòng)變阻器動(dòng)端的位置，記下此時(shí)電壓表V的示數(shù)5；然后將 S?擲于2端，記下此時(shí)電壓表V的示數(shù)S; （4）待測電阻阻值的表達(dá)式R產(chǎn)（用心、幼、S表示）; （5）重復(fù)步驟（3）,得到如下數(shù)據(jù)： 1 2 3 4

16、 5 U\N 0.25 0.30 0.36 0.40 0.44 UUV 0.86 1.03 1.22 1.36 1.49 3 3.44 3.43 3.39 3.40 3.39 （6）利用上述5次測量所得g的平均值，求得以=。（保留1位小數(shù)） 【解析】開關(guān)S2擲于1端,由歐姆定律可得通過心的電流/=S/Ro,將開關(guān)S2擲于2端，島和尺 串聯(lián)電路電壓為S，&兩端電壓為U=S-U|,由歐姆定律可得待測電阻阻值&=U〃= 叵］R尸 （百-I ）用）。5 次測量所得 0 的平均值 H （3.44+3.43+3.39+3.40+3.39） =3.41,代

17、入 &= （ Q -1） R尸（3.41-1） x20.0Q=48.2Qa 24. （12分）如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙而內(nèi)水平向右 運(yùn)動(dòng)，自M點(diǎn)垂直于磁場邊界射入勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁場左邊界豎直。 已知甲種離子射入磁場的速度大小為盯，并在磁場邊界的 ；::: N點(diǎn)射出；乙種離子在MN的中點(diǎn)射出；MN長為/。不 N：x x x 計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求： iX X X 離子源? ? ［XXX ⑴磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?I it x x x （2）甲、乙兩種離子的比荷之比。 -U-? ；x x x 24【答案】（1）

18、 叵］（2） 1： 4【解析】1）設(shè)甲種離子所帶電荷量為⑺、質(zhì)量為四，在磁場 中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,由動(dòng)能定理有 | * | ① 由洛倫茲力公式和牛頓第二定律有 | X | ② 由幾何關(guān)系知 國③ 由①②③式得 S④ （2）設(shè)乙種離子所帶電荷量為伏、質(zhì)量為川2,射入磁場的速度為也，在磁場中做勻速 圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為同理有 目⑤ E⑥ 由題給條件有回⑦ 由①②③⑤⑥⑦式得, 甲、乙兩種離子的比荷之比為 E⑧ 25. （20分）如圖，在豎直平而內(nèi)，一半徑為R的光滑圓弧軌道ABC和水平軌道用在A點(diǎn)相切。8C 為圓弧軌道的直徑。。為圓心，和。8之間的夾角為

19、a, sina=3/5, 一質(zhì)量為〃?的小球沿水 平軌道向右運(yùn)動(dòng)，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道通過。點(diǎn)，落至水平軌道：在整個(gè)過程中，除受到重力及 軌道作用力外，小球還一直受到一水平恒力的作用，己 知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時(shí)小球?qū)?軌道的壓力恰好為零。重力加速度大小為以求： （1）水平恒力的大小和小球到達(dá)c點(diǎn)時(shí)速度的大?。? （2）小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)動(dòng)量的大?。? （3）小球從。點(diǎn)落至水平軌道所用的時(shí)間。 25【答案】 ⑴ —.(2).一, ⑶ i__1 國 EH1 國 解析：（I）設(shè)水平恒力的大小為尺，小球到達(dá)c點(diǎn)時(shí)所受合力的大小為尸。由力的合成法則有 I X I① I 1 ■

20、② 設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為以由牛頓第二定律得叵]③ 由①②③式和題給數(shù)據(jù)得 叵]④ [H]⑤ （2）設(shè)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度大小為日，作 ㈢ ，交辦于。點(diǎn)，由幾何關(guān)系得 「三H @ I X I ⑦ 由動(dòng)能定理有 [=I ⑧ 式和題給數(shù)據(jù)得，小球在A點(diǎn)的動(dòng)量大小為 （3）小球離開。點(diǎn)后在豎直方向上做初速度不為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為大 設(shè)小球 在豎直方向的初速度為因，從C點(diǎn)落至水平軌道上所用時(shí)間為九由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 ⑩ r^i h 由⑤（⑦⑩h式和題給數(shù)據(jù)得 區(qū)|日 選考題：請考生從2道物理題、題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。 33 .[物理

21、——選修3?3] （15分） （1）（5分）如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)"變化到狀態(tài)〃，其過程如圖中從〃到，，的 直線所示.在此過程中 o （填正確答案標(biāo)號。選對1個(gè)得2分，選對2個(gè)得4分，選 對3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為。分） A.氣體溫度一直降低 B.氣體內(nèi)能一直增加 C.氣體一直對外做功 D.氣體一直從外界吸熱 E.氣體吸收的熱量一直全部用于對外做功 33（1）【答案】BCD【解析】一定質(zhì)量的理想氣體從a到b的過程.由理想氣體狀態(tài)方程 必匕區(qū)=〃牝6可知，Th>Ta.即氣體的溫度一直升高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)理想氣體的內(nèi)能只與溫度 有關(guān)，可知?dú)怏w的內(nèi)能一直增

22、加，選項(xiàng)B正確：由于從a到b的過程中氣體的體枳增大，所以氣體 一直對外做功，選項(xiàng)C正確：根據(jù)熱力學(xué)第一定律，從a到b的過程中，氣體一直從外界吸熱，選 項(xiàng)D正確：氣體吸收的熱量一部分增加內(nèi)能，一部分對外做功，選項(xiàng)E錯(cuò)誤。 （2） （10分）在兩端封閉、粗細(xì)均勻的U形細(xì)玻璃管內(nèi)有一股 水銀柱，水銀柱的兩端各封閉有一段空氣。當(dāng)U形管兩端豎 直朝上時(shí)，左、右兩邊空氣柱的長度分別為/1=18.0 cm和 11=12.0 cm,左邊氣體的壓強(qiáng)為12.0 cmHg?，F(xiàn)將U形管緩 慢平放在水平桌面上，沒有氣體從管的一邊通過水銀逸入另 一邊。求U形管平放時(shí)兩邊空氣柱的長度。 在整個(gè)過程中，氣體溫度不變。

23、（2）【答案】7.5 cm【解析】試題分析 本題考查玻意耳定律、液 柱模型、關(guān)聯(lián)氣體及其相關(guān)的知識點(diǎn)。解析設(shè)U形管兩端豎直朝 上時(shí)，左、右兩邊氣體的壓強(qiáng)分別為0和U形管水平放置時(shí), 兩邊氣體壓強(qiáng)相等，設(shè)為P,此時(shí)原左、右兩邊氣體長度分別變?yōu)?”和/九由力的平衡條件有 ①式中國為水銀密度，8為重力加 速度大小。 由玻意耳定律有P/=M② 〃2/2=/”2③ ④ 由①②③④式和題給條件得//=22.5 cm⑤ 11=7.5 cm@ 34 .[物理——選修3?4] （15分） 3）（5分）一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在=0和仁0.20 s時(shí)的波形分別如圖中實(shí)線和虛 線所示。己知該波

24、的周期八＞0.20 s。下列說法正確的是 o （填正確答案標(biāo)號。選對1個(gè)得 2分，選對2個(gè)得4分，選對3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為。分） A,波速為 0.40 m/s ycm B,波長為 0.08 m /—、、 C. a=0.08 m 的質(zhì)點(diǎn)在 /=0.70 s 時(shí)位于波谷 ~^\ /8\ ）l6 ^cni D. 40.08 m的質(zhì)點(diǎn)在/=0.12s時(shí)位于波谷 E.若此波傳入另一介質(zhì)中其波速變?yōu)?.80 m/s,則它在該介質(zhì)中的波長為0.32m 34 （1）【答案】ACE （2） （10分）如圖，某同學(xué)在一張水平放置的白紙上畫了一個(gè)小標(biāo)記（圖中0點(diǎn)），然后用 橫截

25、而為等邊三角形ABC的三棱鏡壓在這個(gè)標(biāo)記上，小標(biāo)記 B 位于AC邊上。D位于AB邊上，過D點(diǎn)做AC邊的垂線交 A。 AC于凡該同學(xué)在。點(diǎn)正上方向下順著直線OF的方向觀察。 / \ 恰好可以看到小標(biāo)記的像;過。點(diǎn)做AB邊的垂線交直線DF / f 于 E： DE=2 cm, EF=\ cmo ―[ g ——1—— 求三棱鏡的折射率。（不考慮光線在三棱鏡中的反射） 34 （2）過。點(diǎn)作A8邊的發(fā)現(xiàn) 臼，連接OD,則 占1 為。點(diǎn)發(fā)出的光纖在。點(diǎn)的入 射角：設(shè)該光線在。點(diǎn)的折射角為，如圖所示。 根據(jù)折射定律有①式中n為三棱鏡的折射率 由幾何關(guān)系可知U② ③ 在巨O中有 I =*-= II ④ 由③④式和題給條件得1⑤ 根據(jù)題給條件可知， 1 為等腰三角形，有閆⑥ 由①②式得目⑦ 9 / 9