（京津魯瓊專用）2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題七 數(shù)學(xué)文化及數(shù)學(xué)思想 第2講 函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合思想練習(xí)（含解析）

《（京津魯瓊專用）2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題七 數(shù)學(xué)文化及數(shù)學(xué)思想 第2講 函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合思想練習(xí)（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（京津魯瓊專用）2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題七 數(shù)學(xué)文化及數(shù)學(xué)思想 第2講 函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合思想練習(xí)（含解析）（13頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第2講　函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合思想 一、函數(shù)與方程思想 函數(shù)思想 方程思想 函數(shù)思想是通過建立函數(shù)關(guān)系或構(gòu)造函數(shù)，運(yùn)用函數(shù)的圖象和性質(zhì)去分析問題、轉(zhuǎn)化問題，從而使問題得到解決的思想 方程思想就是建立方程或方程組，或者構(gòu)造方程，通過解方程或方程組或者運(yùn)用方程的性質(zhì)去分析、轉(zhuǎn)化問題，使問題得到解決的思想 函數(shù)與方程思想在一定的條件下是可以相互轉(zhuǎn)化的，是相輔相成的，函數(shù)思想重在對(duì)問題進(jìn)行動(dòng)態(tài)的研究，方程思想則是在動(dòng)中求靜，研究運(yùn)動(dòng)中的等量關(guān)系 應(yīng)用一　函數(shù)與方程思想在不等式中的應(yīng)用 [典型例題] 設(shè)不等式2x－1>m(x2－1)對(duì)滿足|m|≤2的一切實(shí)數(shù)m都成立，則x的取值范圍

2、為________． 【解析】　問題可以變成關(guān)于m的不等式 (x2－1)m－(2x－1)<0在m∈[－2，2]上恒成立， 設(shè)f(m)＝(x2－1)m－(2x－1)， 則 即解得

3、 C．a(chǎn)e0，則f′(x)＝ex－1>0， 所以f(x)在(0，＋∞)上是增函數(shù)，且f(0)＝0，f(x)>0， 所以ex－1>x，即ea－1>a. 又y＝ax(0ae， 從而ea－1>a>ae. 2．關(guān)于x的不等式x＋－1－a2＋2a>0在x∈(2，＋∞)上恒成立，則a＝________． 解析：關(guān)于x的不等式x＋－1－a2＋2a>0在x∈(2，＋∞)上恒成立?函數(shù)f(x)＝x＋在x∈(2，＋∞)上的值域?yàn)?a2－2a＋1，＋∞)． 因?yàn)楹瘮?shù)f(x)＝x＋在(2，

4、＋∞)上為增函數(shù)，所以f(x)>2＋＝4，即f(x)在(2，＋∞)上的值域?yàn)?4，＋∞)， 所以a2－2a＋1＝4，解得a＝－1或a＝3. 答案：－1或3 應(yīng)用二　函數(shù)與方程思想在數(shù)列中的應(yīng)用 [典型例題] 已知數(shù)列{an}是各項(xiàng)均為正數(shù)的等差數(shù)列． (1)若a1＝2，且a2，a3，a4＋1成等比數(shù)列，求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an； (2)在(1)的條件下，數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，設(shè)bn＝＋＋…＋，若對(duì)任意的n∈N*，不等式bn≤k恒成立，求實(shí)數(shù)k的最小值． 【解】　(1)因?yàn)閍1＝2，a＝a2(a4＋1)， 又因?yàn)閧an}是正項(xiàng)等差數(shù)列，故d≥0， 所以(2＋2d

5、)2＝(2＋d)(3＋3d)，得d＝2或d＝－1(舍去)， 所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an＝2n. (2)因?yàn)镾n＝n(n＋1)，則＝＝－. 所以bn＝＋＋…＋ ＝＋＋…＋＝－＝＝. 令f(x)＝2x＋(x≥1)，則f′(x)＝2－>0恒成立，所以f(x)在[1，＋∞)上是增函數(shù)， 所以當(dāng)x＝1時(shí)，f(x)min＝f(1)＝3，即當(dāng)n＝1時(shí)，(bn)max＝， 要使對(duì)任意的正整數(shù)n，不等式bn≤k恒成立， 則須使k≥(bn)max＝， 所以實(shí)數(shù)k的最小值為. (1)本題完美體現(xiàn)函數(shù)與方程思想的應(yīng)用，第(2)問利用裂項(xiàng)相消求bn，構(gòu)造函數(shù)，利用單調(diào)性求bn的最大值．

6、 (2)數(shù)列的本質(zhì)是定義域?yàn)檎麛?shù)集或其有限子集的函數(shù)，數(shù)列的通項(xiàng)公式與前n項(xiàng)和公式即為相應(yīng)的解析式，因此解決數(shù)列最值(范圍)問題的方法如下：①由其表達(dá)式判斷單調(diào)性，求出最值；②由表達(dá)式不易判斷單調(diào)性時(shí)，借助an＋1－an的正負(fù)判斷其單調(diào)性．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 1．設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若S4＝－2，S5＝0，S6＝3，則nSn的最小值為________． 解析：由已知得，a5＝S5－S4＝2，a6＝S6－S5＝3，因?yàn)閿?shù)列{an}為等差數(shù)列，所以公差d＝a6－a5＝1.又S5＝＝0， 所以a1＝－2，故Sn＝－2n＋＝，即nSn＝，令f(n)＝(n>0且n∈Z)，則f′

7、(n)＝n2－5n，令f′(n)>0，得n>，令f′(n)<0，得00，a1＋a2＝4，a3－a2＝6. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式； (2)若對(duì)任意的n∈N*，kan，Sn，－1都成等差數(shù)列，求實(shí)數(shù)k的值． 解：(1)因?yàn)閍1＋a2＝4，a3－a2＝6， 所以因?yàn)閝>0，所以q＝3，a1＝1. 所以an＝1×3n－1＝3n－1，故數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an＝3n－1. (2)由(1)

8、知an＝3n－1，Sn＝＝，因?yàn)閗an，Sn，－1成等差數(shù)列， 所以2Sn＝kan－1，即2×＝k×3n－1－1，解得k＝3. 應(yīng)用三　函數(shù)與方程思想在三角函數(shù)、平面向量中的應(yīng)用 [典型例題] (1)若方程cos2x－sin x＋a＝0在x∈上有解，則a的取值范圍是________． (2)已知a，b，c為平面上三個(gè)向量，又a，b是兩個(gè)相互垂直的單位向量，向量c滿足|c|＝3，c·a＝2，c·b＝1，x，y均為實(shí)數(shù)，則|c－xa－yb|的最小值為________． 【解析】　(1)法一：把方程cos2x－sin x＋a＝0變形為a＝－cos2x＋sin x， 設(shè)f(x)＝－co

9、s2x＋sin x，x∈，f(x)＝－(1－sin2x)＋sin x＝－，由x∈可得sin x∈，易求得f(x)的值域?yàn)?－1，1]，故a的取值范圍是(－1，1]． 法二：令t＝sin x， 由x∈，可得t∈(0，1]． 依題意得1－t2－t＋a＝0，即方程t2＋t－1－a＝0在t∈(0，1]上有解，設(shè)f(t)＝t2＋t－1－a，其圖象是開口向上的拋物線，對(duì)稱軸為直線t＝－，如圖所示． 因此，f(t)＝0在(0，1]上有解等價(jià)于 即所以－1

10、以|c－xa－yb|2＝|c|2＋x2|a|2＋y2|b|2－2xc·a－2yc·b＋2xya·b＝9＋x2＋y2－4x－2y＝(x－2)2＋(y－1)2＋4， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝2，y＝1時(shí)，|c－xa－yb|＝4， 所以|c－xa－yb|的最小值為2. 【答案】　(1)(－1，1]　(2)2 (1)研究含參數(shù)的三角函數(shù)方程的問題，通常有兩種處理思路：一是分離參數(shù)構(gòu)建函數(shù)，將方程有解轉(zhuǎn)化為求函數(shù)的值域．二是換元，將復(fù)雜方程問題轉(zhuǎn)化為熟悉的二次方程，進(jìn)而利用二次方程解的分布情況構(gòu)建不等式或構(gòu)造函數(shù)加以解決． (2)平面向量中含函數(shù)(方程)的相關(guān)知識(shí)，對(duì)平面向量的模進(jìn)行平方處理，

11、把模問題轉(zhuǎn)化為數(shù)量積問題，再利用函數(shù)與方程思想進(jìn)行分析與處理，這是解決此類問題的一種比較常見的思維方式．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 1．已知向量a＝(λ，1)，b＝(λ＋2，1)，若|a＋b|＝|a－b|，則實(shí)數(shù)λ的值為(　　) A．－1　　 B．2　　 C．1　　 D．－2 解析：選A.法一：由|a＋b|＝|a－b|，可得a2＋b2＋2a·b＝a2＋b2－2a·b，所以a·b＝0，故a·b＝(λ，1)·(λ＋2，1)＝λ2＋2λ＋1＝0，解得λ＝－1. 法二：a＋b＝(2λ＋2，2)，a－b＝(－2，0)． 由|a＋b|＝|a－b|， 可得(2λ＋2)2＋4＝4，解得λ＝－1. 2

12、．在△ABC中，D為BC邊上一點(diǎn)，DC＝2BD，AD＝，∠ADC＝45°，若AC＝AB，則BD＝________． 解析：在△ADC中，AC2＝AD2＋DC2－2AD·DC·cos 45°＝2＋DC2－2·DC·＝2＋DC2－2DC. 在△ABD中，AB2＝BD2＋AD2－2BD·AD·cos 135°＝BD2＋2＋2·BD·＝2＋BD2＋2BD. 又因?yàn)镈C＝2BD，AC＝AB， 所以2·(2＋BD2＋2BD)＝2＋(2BD)2－2·2BD，整理得BD2－4BD－1＝0， 解得BD＝2＋(BD＝2－舍去)． 答案：2＋ 應(yīng)用四　函數(shù)與方程思想在解析幾何中的應(yīng)用 [典型例題]

13、 已知橢圓E：＋＝1(a>b>0)經(jīng)過點(diǎn)，離心率為. (1)求橢圓E的方程； (2)設(shè)點(diǎn)A，F(xiàn)分別為橢圓的右頂點(diǎn)、右焦點(diǎn)，經(jīng)過點(diǎn)F作直線交橢圓E于C，D兩點(diǎn)，求四邊形OCAD面積的最大值(O為坐標(biāo)原點(diǎn))． 【解】　(1)由題設(shè)得解得 所以橢圓E的方程為＋＝1. (2)設(shè)直線CD的方程為x＝ky＋1，C(x1，y1)，D(x2，y2)，與橢圓方程＋＝1聯(lián)立得(3k2＋4)y2＋6ky－9＝0. 所以y1＋y2＝－，y1y2＝－. 所以S四邊形OCAD＝S△OCA＋S△ODA ＝×2×|y1|＋×2×|y2| ＝|y1－y2| ＝ ＝ ＝ ＝(其中t＝，t≥1)． 因

14、為當(dāng)t≥1時(shí)，y＝3t＋單調(diào)遞增，所以3t＋≥4，所以S四邊形OCAD≤3(當(dāng)k＝0時(shí)取等號(hào))，即四邊形OCAD面積的最大值為3. 幾何中的最值是高考的熱點(diǎn)，在圓錐曲線的綜合問題中經(jīng)常出現(xiàn)，求解此類問題的一般思路為在深刻認(rèn)識(shí)運(yùn)動(dòng)變化的過程之中，抓住函數(shù)關(guān)系，將目標(biāo)量表示為一個(gè)(或者多個(gè))變量的函數(shù)，然后借助于函數(shù)最值的求法來求解，這是求面積、線段長(zhǎng)、最值(范圍)問題的基本方法．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 　設(shè)橢圓中心在坐標(biāo)原點(diǎn)，A(2，0)，B(0，1)是它的兩個(gè)頂點(diǎn)，直線y＝kx(k>0)與AB相交于點(diǎn)D，與橢圓相交于E，F(xiàn)兩點(diǎn)．若＝6，求k的值． 解：依題意得橢圓的方程為＋y2

15、＝1，直線AB，EF的方程分別為x＋2y＝2，y＝kx(k>0)． 如圖，設(shè)D(x0，kx0)，E(x1，kx1)，F(xiàn)(x2，kx2)，其中x1

16、想 借助于數(shù)的精確性、規(guī)范性及嚴(yán)密性來闡明形的某些屬性，即以數(shù)作為手段，形作為目的的解決問題的數(shù)學(xué)思想 數(shù)形結(jié)合思想通過“以形助數(shù)，以數(shù)輔形”，使復(fù)雜問題簡(jiǎn)單化，抽象問題具體化，能夠變抽象思維為形象思維，有助于把握數(shù)學(xué)問題的本質(zhì)，它是數(shù)學(xué)的規(guī)律性與靈活性的有機(jī)結(jié)合 應(yīng)用一　數(shù)形結(jié)合思想在函數(shù)與方程中的應(yīng)用 [典型例題] (1)記實(shí)數(shù)x1，x2，…，xn中最小數(shù)為min{x1，x2，…，xn}，則定義在區(qū)間[0，＋∞)上的函數(shù)f(x)＝min{x2＋1，x＋3，13－x}的最大值為(　　) A．5　　 B．6　　 C．8　　 D．10 (2)設(shè)函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函

17、數(shù)，且對(duì)任意的x∈R，都有f(x＋2)＝f(2－x)，當(dāng)x∈(－2，0]時(shí)，f(x)＝－1，則關(guān)于x的方程f(x)－log8(x＋2)＝0在區(qū)間(－2，6)上根的個(gè)數(shù)為(　　) A．1　　 B．2　　 C．3　　 D．4 【解析】　(1)在同一坐標(biāo)系中作出三個(gè)函數(shù)y＝x2＋1，y＝x＋3，y＝13－x的圖象如圖： 由圖可知，在實(shí)數(shù)集R上，min{x2＋1，x＋3，13－x}為y＝x＋3上A點(diǎn)下方的射線，拋物線AB之間的部分，線段BC，與直線y＝13－x上點(diǎn)C下方的部分的組合圖．顯然，在區(qū)間[0，＋∞)上，在C點(diǎn)時(shí)，y＝min{x2＋1，x＋3，13－x}取得最大值． 解方程組得點(diǎn)

18、C(5，8)． 所以f(x)max＝8. (2)因?yàn)閷?duì)任意的x∈R，都有f(x＋2)＝f(2－x)，所以f(x)的圖象關(guān)于直線x＝2對(duì)稱，又f(x)是定義在R上的偶函數(shù)，所以f(x＋2)＝f(2－x)＝f(x－2)，f(x＋4)＝f[(x＋2)＋2]＝f[(x＋2)－2]＝f(x)，所以函數(shù)f(x)是周期為4的函數(shù)，則函數(shù)y＝f(x)的圖象與y＝log8(x＋2)的圖象交點(diǎn)的個(gè)數(shù)即方程f(x)－log8(x＋2)＝0根的個(gè)數(shù)，作出y＝f(x)與y＝log8(x＋2)在區(qū)間(－2，6)上的圖象如圖所示，易知兩個(gè)函數(shù)在區(qū)間(－2，6)上的圖象有3個(gè)交點(diǎn)，所以方程f(x)－log8(x＋2)＝0

19、在區(qū)間(－2，6)上有3個(gè)根，故選C. 【答案】　(1)C　(2)C 用圖象法討論方程(特別是含參數(shù)的指數(shù)、對(duì)數(shù)、根式、三角等復(fù)雜方程)的解(或函數(shù)零點(diǎn))的個(gè)數(shù)是一種重要的方法，其基本思想是先把方程兩邊的代數(shù)式看作是兩個(gè)熟悉的函數(shù)表達(dá)式(不熟悉時(shí)，需要作適當(dāng)?shù)淖冃无D(zhuǎn)化為兩個(gè)熟悉的函數(shù))，然后在同一坐標(biāo)系中作出兩個(gè)函數(shù)的圖象，圖象的交點(diǎn)個(gè)數(shù)即為方程解(或函數(shù)零點(diǎn))的個(gè)數(shù)．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 1．已知函數(shù)f(x)＝(a∈R)，若函數(shù)f(x)在R上有兩個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　) A．(0，1]　　　　　　　 B．[1，＋∞) C．(0，1) D．(－∞，1] 解析

20、：選A.畫出函數(shù)f(x)的大致圖象如圖所示．因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在R有兩個(gè)零點(diǎn)，所以f(x)在(－∞，0]和(0，＋∞)上各有一個(gè)零點(diǎn)．當(dāng)x≤0時(shí)，f(x)有一個(gè)零點(diǎn)，需00時(shí)，f(x)有一個(gè)零點(diǎn)，需－a<0，即a>0.綜上，0

21、象如圖所示， 由圖易得0<<4，解得k>. 所以k的取值范圍為. 答案： 應(yīng)用二　數(shù)形結(jié)合思想在求解不等式或參數(shù)范圍中的應(yīng)用 [典型例題] 設(shè)函數(shù)f(x)＝，則滿足f(x＋1)

22、等式中量的特點(diǎn)，選擇適當(dāng)?shù)膬蓚€(gè)(或多個(gè))函數(shù)，利用兩個(gè)函數(shù)圖象的上、下位置關(guān)系轉(zhuǎn)化為數(shù)量關(guān)系來解決問題，往往可以避免煩瑣的運(yùn)算．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 　若不等式|x－2a|≥x＋a－1對(duì)x∈R恒成立，則a的取值范圍是________． 解析：作出y＝|x－2a|和y＝x＋a－1的簡(jiǎn)圖，依題意知應(yīng)有2a≤2－2a，故a≤. 答案：(－∞，] 應(yīng)用三　數(shù)形結(jié)合思想在解析幾何中的應(yīng)用 [典型例題] 已知拋物線的方程為x2＝8y，點(diǎn)F是其焦點(diǎn)，點(diǎn)A(－2，4)，在此拋物線上求一點(diǎn)P，使△APF的周長(zhǎng)最小，此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為________． 【解析】　因?yàn)?－2)2<8×4，所以點(diǎn)A

23、(－2，4)在拋物線x2＝8y的內(nèi)部，如圖，設(shè)拋物線的準(zhǔn)線為l，過點(diǎn)P作PQ⊥l于點(diǎn)Q，過點(diǎn)A作AB⊥l于點(diǎn)B，連接AQ. 則△APF的周長(zhǎng)為|PF|＋|PA|＋|AF|＝|PQ|＋|PA|＋|AF|≥|AQ|＋|AF|≥|AB|＋|AF|，當(dāng)且僅當(dāng)P，B，A三點(diǎn)共線時(shí)，△APF的周長(zhǎng)取得最小值，即|AB|＋|AF|. 因?yàn)锳(－2，4)，所以不妨設(shè)△APF的周長(zhǎng)最小時(shí)，點(diǎn)P的坐標(biāo)為(－2，y0)，代入x2＝8y，得y0＝，故使△APF的周長(zhǎng)最小的點(diǎn)P的坐標(biāo)為. 【答案】　 (1)對(duì)于幾何圖形中的動(dòng)態(tài)問題，應(yīng)分析各個(gè)變量的變化過程，找出其中的相互關(guān)系求解． (2)應(yīng)用幾何

24、意義法解決問題需要熟悉常見的幾何結(jié)構(gòu)的代數(shù)形式，主要有：①比值——可考慮直線的斜率；②二元一次式——可考慮直線的截距；③根式分式——可考慮點(diǎn)到直線的距離；④根式——可考慮兩點(diǎn)間的距離．　 [對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練] 1．設(shè)雙曲線C：－＝1(a>0，b>0)的左焦點(diǎn)為F，直線4x－3y＋20＝0過點(diǎn)F且與雙曲線C在第二象限的交點(diǎn)為P，O為原點(diǎn)，|OP|＝|OF|，則雙曲線C的離心率為(　　) A．5　　　　　　　　　　 B． C． D． 解析：選A.根據(jù)直線4x－3y＋20＝0與x軸的交點(diǎn)F為(－5，0)，可知半焦距c＝5， 設(shè)雙曲線C的右焦點(diǎn)為F2，連接PF2，根據(jù)|OF2|＝|OF|且|OP

25、|＝|OF|可得，△PFF2為直角三角形． 如圖，過點(diǎn)O作OA垂直于直線4x－3y＋20＝0，垂足為A，則易知OA為△PFF2的中位線， 又原點(diǎn)O到直線4x－3y＋20＝0的距離d＝4，所以|PF2|＝2d＝8，|PF|＝＝6，故結(jié)合雙曲線的定義可知|PF2|－|PF|＝2a＝2，所以a＝1，故e＝＝5.故選A. 2．已知圓C：(x－3)2＋(y－4)2＝1和兩點(diǎn)A(－m，0)，B(m，0)(m>0)．若圓C上存在點(diǎn)P，使得∠APB＝90°，則m的最大值為________． 解析：根據(jù)題意，畫出示意圖，如圖所示， 則圓心C的坐標(biāo)為(3，4)，半徑r＝1，且|AB|＝2m，因?yàn)椤螦PB＝90°，連接OP，易知|OP|＝|AB|＝m. 求m的最大值，即求圓C上的點(diǎn)到原點(diǎn)O的最大距離． 因?yàn)閨OC|＝＝5，所以|OP|max＝|OC|＋r＝6，即m的最大值為6. 答案：6 - 13 -