5、薄的金屬板
D．將A板上移一段距離
圖D6－5
8．某同學(xué)在研究電子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)，得到了電子由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的軌跡如圖D6－5中實(shí)線所示，圖中未標(biāo)明方向的一組虛線可能是電場(chǎng)線，也可能是等勢(shì)面，則下列說法正確的是( )
A．如果圖中虛線是電場(chǎng)線，電子由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大
B．如果圖中虛線是等勢(shì)面，電子由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小
C．不論圖中虛線是電場(chǎng)線還是等勢(shì)面，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)都大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)
D．不論圖中虛線是電場(chǎng)線還是等勢(shì)面，a點(diǎn)的電勢(shì)都高于b點(diǎn)的電勢(shì)
二、計(jì)算題(62分)
9．(18分)如圖D6－6所示，空間中存在兩條射線OM、ON以及
6、沿射線OM方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，已知∠NOM＝θ，某帶電粒子從射線OM上的某點(diǎn)P垂直于OM入射，僅在電場(chǎng)作用下穿過射線ON上的Q點(diǎn)到達(dá)ON右側(cè)的區(qū)域，Q點(diǎn)與O點(diǎn)的距離為L.
(1)求粒子入射點(diǎn)P離O點(diǎn)的距離s.
(2)帶電粒子經(jīng)過電壓U加速后從P點(diǎn)入射，當(dāng)改變電壓U時(shí)，欲使粒子仍然能經(jīng)過Q點(diǎn)，試畫出電壓U與勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E之間的關(guān)系．(只需定性畫出圖線，無需說明理由)
圖D6－6
10．(22分)如圖D6－7所示，同一條豎直線上的A、B兩點(diǎn)固定兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，所帶的電荷量分別為＋Q和－Q，A、B相距為2d.MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，穿過細(xì)桿有一個(gè)帶電小球P，其
7、質(zhì)量為m、電荷量為＋q(可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布)．現(xiàn)將小球P從與點(diǎn)電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球P向下運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn)距離為d的O點(diǎn)時(shí)，速度為v.已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g，求：
(1)C、O間的電勢(shì)差UC O；
(2)小球P在O點(diǎn)時(shí)的加速度；
(3)小球P經(jīng)過與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的速度．
圖D6－7
11．(22分)如圖D6－8所示，質(zhì)量為M＝8 kg、帶電荷量為q＝＋3×10－2 C的小車置于光滑水平面上，水平面上方存在場(chǎng)強(qiáng)為E＝2×102 N/C的水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)．小車以3 m/s的速度
8、向右運(yùn)動(dòng)，將一個(gè)不帶電、可視為質(zhì)點(diǎn)的絕緣物塊輕放在小車右端，物塊的質(zhì)量為m＝1 kg，物塊與小車表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.2，小車足夠長，g取10 m/s2.求：
(1)物塊相對(duì)小車滑動(dòng)時(shí)物塊和小車的加速度；
(2)物塊相對(duì)小車滑動(dòng)的時(shí)間；
(3)物塊在小車上滑動(dòng)過程中系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量；
(4)從滑塊放在小車上后5 s內(nèi)小車電勢(shì)能的變化量．
圖D6－8
1．D [解析] 庫侖定律公式成立的前提條件是“真空中、點(diǎn)電荷”，實(shí)際的帶電體只有在帶電體本身的大小跟帶電體間的距離相比小得很多時(shí)才可以看成點(diǎn)電荷．本題兩個(gè)帶電小球原來相距100r時(shí)，可以看成點(diǎn)電荷，庫侖定律適用，但當(dāng)
9、它們相距為r時(shí)，兩個(gè)帶電小球本身的大小不能忽略，不能再當(dāng)作點(diǎn)電荷看待，庫侖定律已不再適用，D正確．
2．AC [解析] 公式E＝只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，A正確；電容的定義式C＝是比值法定義的，電容器極板上的電荷量每增加1 C，電壓就增加 V，B錯(cuò)誤；由W＝qU，一個(gè)電子在1 V電壓下加速，電場(chǎng)力做功為 1 eV，C正確；正電荷只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)的軌跡與電場(chǎng)線不一定重合，D錯(cuò)誤．
3．CD [解析] 可設(shè)兩小球原來的帶電荷量分別為q和7q，則原來的庫侖力大小為，但由于題目沒有說明兩個(gè)帶電小球的電性，故庫侖力可能是引力，也可能是斥力．分別討論兩種情況：若是兩個(gè)帶同種電荷的小球，則接觸后總電荷量為8
10、q，平均分配，兩球各帶的電荷量為4q，分開后庫侖力為；若是兩個(gè)帶異種電荷的小球，則接觸后總電荷量為6q，平均分配，兩球各帶的電荷量為3q，分開后庫侖力為，故C、D正確．
4．C [解析] 設(shè)電場(chǎng)方向與AC成θ角，E·AC·cosθ＝U，則θ＝0°，電場(chǎng)方向由A指向C，電子在A處的電場(chǎng)力方向由C指向A，A、B錯(cuò)誤；BC垂直于電場(chǎng)方向，則BC為一等勢(shì)線，C正確，D錯(cuò)誤．
5．AC [解析] 由于圓環(huán)光滑，因此圓環(huán)對(duì)小球的彈力一定沿半徑方向指向圓心或背離圓心，因而每個(gè)小球受其他兩個(gè)小球的庫侖力的合力必須沿半徑方向背離圓心或指向圓心．對(duì)甲圖中的C球受力分析，若A、B兩球帶同種電荷，則A、B對(duì)C球產(chǎn)
11、生的庫侖力的合力不可能沿半徑方向背離圓心或指向圓心，因此A、B兩球一定帶異種電荷，同理對(duì)B球受力分析，可以得出A、C兩球一定帶異種電荷；對(duì)乙圖中作同樣的分析可知，乙圖中的三個(gè)小球一定帶同種電荷，選項(xiàng)A、C正確．對(duì)甲圖中的A球受力分析，以過A球的半徑為平行四邊形的對(duì)角線，AB和AC為平行四邊形的兩鄰邊所在的直線，作出平行四邊形，由力的三角形和幾何三角形相似性可得出B、C兩球所帶電荷量大小不相等；對(duì)乙圖作同樣的分析可知，D、E、F三個(gè)小球的電荷量的大小關(guān)系為：QD＞QE＞QF，選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤．
6．B [解析] 兩個(gè)點(diǎn)電荷間的電勢(shì)都為正，因此兩點(diǎn)電荷都為正電荷，B錯(cuò)誤；兩個(gè)正點(diǎn)電荷的連線上有一點(diǎn)
12、場(chǎng)強(qiáng)為零，正的檢驗(yàn)電荷從兩電荷中的任一電荷附近沿連線向場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)移動(dòng)時(shí)電勢(shì)都降低，到場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)處電勢(shì)最低，C正確；場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)離Q1遠(yuǎn)，因此Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量，A正確；Q1和Q2之間各點(diǎn)的電場(chǎng)方向都指向P點(diǎn)，D正確．
7．B [解析] 將單刀雙擲開關(guān)接2時(shí)，電容器因充電而使兩極板間的電勢(shì)差增大，從而使電容器內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)增大，則帶電粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短而打在N點(diǎn)左側(cè)，故A錯(cuò)；將A板上移一段距離或?qū)板下移一段距離都會(huì)導(dǎo)致電容變小，電容器本應(yīng)發(fā)生放電，但由于二極管的單向?qū)щ娦远闺娙萜魉鶐У碾姾闪坎蛔儯蒃＝＝＝＝，可知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，將B板下移一段距離會(huì)使粒子運(yùn)動(dòng)的初始位置距B板的距
13、離變大，故粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長，從而使粒子打在N點(diǎn)的右側(cè)，而將A板上移一段距離對(duì)帶電粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間沒有任何影響，粒子仍將打在N點(diǎn)，故B對(duì)，D錯(cuò)；在A板下表面插入一很薄的金屬板相當(dāng)于兩板間的距離變小，電容變大，電容器充電而使兩板間的電勢(shì)差不變，因而場(chǎng)強(qiáng)變大，粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短，粒子將打在N點(diǎn)的左側(cè)，故C錯(cuò)．
8．ABC [解析] 電子做曲線運(yùn)動(dòng)，它受到的電場(chǎng)力指向軌跡的凹側(cè)．如果圖中虛線是電場(chǎng)線，電場(chǎng)力會(huì)沿電場(chǎng)線方向，顯然，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，帶負(fù)電的電子在a處的電勢(shì)能比在b處小，所以a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，又因?yàn)閍處電場(chǎng)線比b處分布密，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；如果圖
14、中虛線是等勢(shì)面，電子受到的電場(chǎng)力會(huì)沿垂直于等勢(shì)面方向，顯然，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，帶負(fù)電的電子在a處的電勢(shì)能比在b處大，所以a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)，又因?yàn)榈葎?shì)面密處電場(chǎng)線也密，a處等勢(shì)面較密，因而電場(chǎng)線也密，所以a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)．綜合以上分析，選項(xiàng)A、B、C正確．
9．(1)0.5Lcosθ (2)如圖所示
[解析] 如圖所示，依題意，粒子在Q點(diǎn)的速度方向沿著射線ON，粒子從P點(diǎn)開始做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a.
粒子沿著OM方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)：PS＝at2
其中，在Q點(diǎn)平行于OM方向的分速度：vy＝at
粒子沿著SQ方向做勻速運(yùn)動(dòng)：QS＝v0t
15、且v0＝vytanθ
解得：PS＝cosθ
顯然P點(diǎn)為OS的中點(diǎn)，故P離O點(diǎn)的距離s＝PS＝cosθ
10．(1) (2)＋g，方向豎直向下
(3)v
[解析] (1)小球P由C運(yùn)動(dòng)到O時(shí)，由動(dòng)能定理得：
mgd＋qUC O＝mv2－0
解得UC O＝.
(2)小球P經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)受力如圖所示，由庫侖定律得：
F1＝F2＝
它們的合力為：F＝F1cos45°＋F2cos45°＝
小球P在O點(diǎn)處的加速度a＝＝＋g，方向豎直向下．
(3)由電場(chǎng)特點(diǎn)可知，在C、D間電場(chǎng)的分布是對(duì)稱的，即小球P由C運(yùn)動(dòng)到O與由O運(yùn)動(dòng)到D的過程中合外力做的功是相等的，由 動(dòng)能定理得：
W合＝
16、mv－0＝2×mv2
解得vD＝v.
11．(1)2 m/s2 0.5 m/s2 (2)2 s (3)6 J (4)132 J
[解析] (1) 物塊放上后，小車向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，a1＝＝0.5 m/s2
物塊向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，a2＝μg＝2 m/s2
(2)設(shè)滑塊在小車滑行的時(shí)間為t1，則v1＋a1t1＝a2t1
所以t1＝2 s
(3)物塊在小車上相對(duì)小車滑行的距離
Δs＝s車－s物＝v1t1＋a1t2－a2t2＝3 m
系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量Q＝fΔs＝μmg·Δs＝6 J
(4)當(dāng)物塊與小車相對(duì)靜止時(shí)，共同運(yùn)動(dòng)的加速度a3＝＝ m/s2
當(dāng)物塊與小車相對(duì)靜止時(shí)，共同運(yùn)動(dòng)的速度v＝v1＋a1t1＝4 m/s
s1＝v1t1＋a1t＝7 m
s2＝vt2＋a3t＝4×3 m＋××32 m＝15 m
ΔEp減少＝W電＝qE·(s1＋s2)＝6×(7＋15) J＝132 J.
2022年高三物理一輪 雙基鞏固卷 第六單元
