備戰(zhàn)2019年高考物理 高頻考點(diǎn)解密 專(zhuān)題10 磁場(chǎng)教學(xué)案

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1、專(zhuān)題10 磁場(chǎng) 核心考點(diǎn) 考綱要求 磁場(chǎng)、磁感應(yīng)強(qiáng)度、磁感線 通電直導(dǎo)線和通電線圈周?chē)艌?chǎng)的方向 安培力、安培力的方向 勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的安培力 洛倫茲力、洛倫茲力的方向 洛倫茲力公式 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 質(zhì)譜儀和回旋加速器 Ⅰ Ⅰ Ⅰ Ⅱ Ⅰ Ⅱ Ⅱ Ⅰ 考點(diǎn)1 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 1．帶電粒子垂直磁場(chǎng)方向射入磁場(chǎng)時(shí)，粒子只受洛倫茲力時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知，粒子運(yùn)動(dòng)的半徑為；粒子運(yùn)動(dòng)的周期為。粒子所受洛倫茲力的方向用左手定則來(lái)判斷（若是負(fù)電荷，則四指指運(yùn)動(dòng)的反方向）。 2．“三步法”分析帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題

2、 （1）畫(huà)軌跡：也就是確定圓心，用幾何方法求半徑并畫(huà)出軌跡。作帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡時(shí)需注意的問(wèn)題： ①四個(gè)點(diǎn)：分別是入射點(diǎn)、出射點(diǎn)、軌跡圓心和入射速度直線與出射速度直線的交點(diǎn)。 ②六條線：圓弧兩端點(diǎn)所在的軌跡半徑，入射速度直線和出射速度直線，入射點(diǎn)與出射點(diǎn)的連線，圓心與兩條速度直線交點(diǎn)的連線。前面四條邊構(gòu)成一個(gè)四邊形，后面兩條為對(duì)角線。 ③三個(gè)角：速度偏轉(zhuǎn)角、圓心角、弦切角，其中偏轉(zhuǎn)角等于圓心角，也等于弦切角的兩倍。 （2）找聯(lián)系： ①軌道半徑與磁感應(yīng)強(qiáng)度、運(yùn)動(dòng)速度相聯(lián)系，分析粒子的運(yùn)動(dòng)半徑常用的方法有物理方法和幾何方法兩種。物理方法也就是應(yīng)用公式確定；幾何方法一般根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)（直角三

3、角形知識(shí)、三角函數(shù)等）通過(guò)計(jì)算確定。 ②速度偏轉(zhuǎn)角φ與回旋角（轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角）α、運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相聯(lián)系。如圖所示，粒子的速度偏向角φ等于回旋角α，等于弦切角θ的2倍，且有φ=α=2θ=ωt=t或，（其中s為運(yùn)動(dòng)的圓弧長(zhǎng)度）。 （3）用規(guī)律：應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律關(guān)系式，特別是周期公式和半徑公式，列方程求解。 （2018·云南省玉溪市高三聯(lián)合調(diào)研）如圖所示是某粒子速度選擇器截面的示意圖，在一半徑為R=10 cm的圓柱形桶內(nèi)有B=10–4 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向平行于軸線，在圓柱桶某一截面直徑的兩端開(kāi)有小孔，作為入射孔和出射孔。粒子束以不同角度入射，最后有不同速度的粒子束射出?，F(xiàn)有一

4、粒子源發(fā)射比荷為的正粒子，粒子束中速度分布連續(xù)。當(dāng)角θ=45°時(shí)，出射粒子速度v的大小是 A． B． C． D． 【參考答案】B 【試題解析】離子從小孔a射入磁場(chǎng)，與ab方向的夾角為α=45°，則離子從小孔b離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度與ab的夾角也為α=45°，過(guò)入射速度和出射速度方向作垂線，得到軌跡的圓心O′，畫(huà)出軌跡如圖，由幾何知識(shí)得到軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為：θ=2α=90°，由幾何關(guān)系知，又，解得：，故選B。 1．（2018·江西浮梁一中高三沖刺訓(xùn)練）據(jù)有關(guān)資料介紹，受控核聚變裝置中有極高的溫度，因而帶電粒子將沒(méi)有通常意義上的“容器”可裝，而是由磁場(chǎng)約束帶電粒子運(yùn)動(dòng)，使之束縛

5、在某個(gè)區(qū)域內(nèi)。如圖所示，環(huán)狀磁場(chǎng)的內(nèi)半徑為，外半徑為，被束縛的帶電粒子的比荷為k，中空區(qū)域內(nèi)帶電粒子具有各個(gè)方向的速度，速度大小為v。中空區(qū)域中的帶電粒子都不會(huì)穿出磁場(chǎng)的外邊緣而被約束在半徑為的區(qū)域內(nèi)，則環(huán)狀區(qū)域內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可能是 A． B． C． D． 【答案】BC 由圖可知，，即，解得：，故AD不可能，C可能；第二種情況：其在環(huán)形磁場(chǎng)內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡圓中最大者與磁場(chǎng)外邊界圓相切，如圖所示： 設(shè)軌跡圓的半徑為r，由幾何關(guān)系得：，解得：，即，，故B可能。 2．如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)充滿(mǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)

6、磁場(chǎng)，MN是一豎直放置的感光板。從圓形磁場(chǎng)最高點(diǎn)P垂直磁場(chǎng)射入大量的帶正電、電荷量為q、質(zhì)量為m、速度為v的粒子，不考慮粒子間的相互作用力，關(guān)于這些粒子的運(yùn)動(dòng)以下說(shuō)法正確的是 A．只要速度滿(mǎn)足v=，沿不同方向入射的粒子出射后均可垂直打在MN上 B．對(duì)著圓心入射的粒子，其出射方向的反向延長(zhǎng)線不一定過(guò)圓心 C．對(duì)著圓心入射的粒子，速度越大在磁場(chǎng)中通過(guò)的弧長(zhǎng)越長(zhǎng)，時(shí)間也越長(zhǎng) D．只要對(duì)著圓心入射，出射后均可垂直打在MN上 【答案】A 3．（2018·內(nèi)蒙古集寧一中高二期末）如圖所示，一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50 T，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，MN是磁場(chǎng)的左邊界．在距磁

7、場(chǎng)左邊界MN的1.0 m處有一個(gè)放射源A，內(nèi)裝放射物質(zhì)（鐳），發(fā)生α衰變生成新核Rn（氡）。放在MN左側(cè)的粒子接收器接收到垂直于邊界。MN方向射出的質(zhì)量較小的粒子，此時(shí)接收器位置距直線OA的距離為1.0 m。 （1）試寫(xiě)出Ra的衰變方程； （2）求衰變后α粒子的速率； （3）求一個(gè)靜止鐳核衰變釋放的能量。（設(shè)核能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，取1 u=1.6×10–27 kg，電子電量e=1.6×10–19 C） 【答案】（1） （2） （3）E=2.04×10–12 J 考點(diǎn)2 帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的臨界、多解問(wèn)題 1．臨界問(wèn)題：帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于磁

8、場(chǎng)邊界的存在及速度大小和方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向的不確定性，往往引起粒子運(yùn)動(dòng)的臨界問(wèn)題。 2．粒子圓周運(yùn)動(dòng)的多解問(wèn)題： （1）帶電粒子的電性不確定形成多解，可能出現(xiàn)兩個(gè)方向的運(yùn)動(dòng)軌跡。 （2）磁場(chǎng)方向不確定形成多解，可能出現(xiàn)兩個(gè)方向的運(yùn)動(dòng)軌跡。 （3）臨界狀態(tài)不唯一形成多解，需要根據(jù)臨界狀態(tài)的不同，分別求解。 （4）圓周運(yùn)動(dòng)的周期性形成多解。 3．方法技巧總結(jié)： （1）利用極限思維法求解帶電粒子在磁場(chǎng)中的臨界問(wèn)題： 極限思維法是把某個(gè)物理量推向極端（即極大和極?。┑奈恢?，并以此作出科學(xué)的推理分析，從而做出判斷或?qū)С鲆话憬Y(jié)論的一種思維方法。 分析帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)

9、動(dòng)的臨界問(wèn)題時(shí)，通常以題目中的“恰好”“最高”“最長(zhǎng)”“至少”等為突破口，將不確定的物理量推向極端（如極大、極??；最上、最下；最左、最右等），結(jié)合幾何關(guān)系分析得出臨界條件，列出相應(yīng)方程求解結(jié)果。 （2）常見(jiàn)的三種幾何關(guān)系： a．剛好穿出磁場(chǎng)邊界的條件是帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡與邊界相切。 b．當(dāng)速率v一定時(shí)，弧長(zhǎng)（或弦長(zhǎng)）越長(zhǎng)，圓心角越大，則帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)。 c．當(dāng)速率v變化時(shí)，圓心角大的，運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)。 （3）兩種動(dòng)態(tài)圓的應(yīng)用方法： a．如圖所示，一束帶負(fù)電的粒子以初速度v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若初速度v方向相同，大小不同，所有粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心都在垂直于初速度方

10、向的直線上，速度增大時(shí)，軌道半徑隨之增大，所有粒子的軌跡組成一組動(dòng)態(tài)的內(nèi)切圓，與右邊界相切的圓即為臨界軌跡。 b．如圖所示，一束帶負(fù)電的粒子以初速度v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若初速度v大小相同，方向不同，則所有粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相同，但不同粒子的圓心位置不同，其共同規(guī)律是：所有粒子的圓心都在以入射點(diǎn)O為圓心、以軌道半徑為半徑的圓上，從而可以找出動(dòng)態(tài)圓的圓心軌跡。利用動(dòng)態(tài)圓可以畫(huà)出粒子打在邊界上的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。 （4）求解帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)多解問(wèn)題的技巧： a．分析題目特點(diǎn)，確定題目多解性形成原因。 b．作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖（全面考慮多種可能性）。 c．若為周期性重復(fù)的多解問(wèn)題

11、，尋找通項(xiàng)式，若是出現(xiàn)幾種解的可能性，注意每種解出現(xiàn)的條件。 （2018·山東省日照市高三模擬）如圖所示，一足夠長(zhǎng)的矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿(mǎn)方向垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在ad邊中點(diǎn)O，方向垂直磁場(chǎng)向里射入一速度方向跟ad邊夾角θ=30°、大小為v（未知量）的帶正電粒子，己知粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，ad邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，ab邊足夠長(zhǎng)，粒子重力不計(jì)，求： （1）若粒子恰好不能從磁場(chǎng)上邊界射出，求粒子的入射速度大小。 （2）若帶電粒子的速度v大小可取任意值，求粒子的磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。 【參考答案】（1） （2） 【試題解析】（1）臨界情況的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

12、 若粒子速度為v，則 解得： 設(shè)圓心在O1處對(duì)應(yīng)圓弧與ab邊相切，相應(yīng)速度為 由幾何關(guān)系得： 解得： 則有： （2）由和可知，粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)過(guò)的弧所對(duì)的圓心角α越大，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也越長(zhǎng)。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑r≤R時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)。 則圓弧所對(duì)圓心角為 所以最長(zhǎng)時(shí)間為t= 1．（2018·重慶市高二上學(xué)期期末聯(lián)考）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第一和第四象限內(nèi)有一個(gè)有界圓形區(qū)域與y軸相切于原點(diǎn)O，其圓心為O1、半徑一定，圓內(nèi)存在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。第二和第三象限內(nèi)有平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)。第二象限內(nèi)有一P點(diǎn)，坐標(biāo)，一帶電粒子（重力不計(jì)）自P點(diǎn)以平行于x軸的初速度v

13、0開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，粒子從O點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后又從y軸上的Q點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）垂直于y軸回到電場(chǎng)區(qū)域，并恰能返回到P點(diǎn)。求： （1）粒子從P點(diǎn)到O點(diǎn)經(jīng)歷的時(shí)間及粒子在第二象限的加速度大??； （2）粒子經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O時(shí)的速度大??； （3）電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的比值。 【答案】（1） （2）2v0 （3） 【解析】（1）設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1 解得 設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度與x軸夾角為θ，根據(jù) 解得θ=60° 磁場(chǎng)中由幾何關(guān)系得 解得 設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù) 求出 粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng) 將代入 解得 解得： 2．（2018·湖南省岳陽(yáng)

14、市第一中學(xué)高二期末）如圖所示，在矩形內(nèi)，對(duì)角線以上的區(qū)域存在平行于 向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，對(duì)角線以下的區(qū)域存在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未標(biāo)出)，其中邊長(zhǎng)為邊長(zhǎng)為，一個(gè)質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子(不計(jì)重力)以初速度從點(diǎn)沿方向進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)對(duì)角線某處垂直進(jìn)入磁場(chǎng)。求： （1）該粒子選入磁場(chǎng)時(shí)速度的大小； （2）電場(chǎng)強(qiáng)度的大??； （3）要使該粒子能從磁場(chǎng)返回電場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿(mǎn)足什么條件?(結(jié)論可用根式來(lái)表示) 【答案】（1）2v0 （2） （3） 3．如圖所示，在xOy平面內(nèi)第Ⅱ象限有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為 N/C。y軸右側(cè)有一個(gè)邊界為圓形的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，

15、圓心O′位于x軸上，半徑為r=0.02 m，磁場(chǎng)最左邊與y軸相切于O點(diǎn)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。第Ⅰ象限內(nèi)與x軸相距為m處，有一平行于x軸長(zhǎng)為l=0.04 m的屏PQ，其左端P離y軸的距離為0.04 m。一比荷為C/kg帶正電的粒子，從電場(chǎng)中的M點(diǎn)以初速度m/s垂直于電場(chǎng)方向向右射出，粒子恰能通過(guò)y軸上的N點(diǎn)。已知M點(diǎn)到y(tǒng)軸的距離為s=0.01 m，N點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為m，不計(jì)粒子的重力。求： （1）粒子通過(guò)N點(diǎn)時(shí)的速度大小與方向； （2）要使粒子打在屏上，則圓形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿(mǎn)足的條件； （3）若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為T(mén)，且圓形磁場(chǎng)區(qū)域可上下移動(dòng)，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間。

16、【答案】（1） m/s， （2）（3）s 【解析】（1）設(shè)粒子通過(guò)N點(diǎn)時(shí)的速度為v，速度與豎直方向的夾角為θ，粒子進(jìn)入電場(chǎng)后做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)有： 設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角為α，弦長(zhǎng)為，由幾何關(guān)系有： 考點(diǎn)3 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題是電磁場(chǎng)的綜合問(wèn)題，這類(lèi)問(wèn)題的顯著特點(diǎn)是粒子的運(yùn)動(dòng)情況和軌跡較為復(fù)雜、抽象、多變，因而這部分習(xí)題最能考查學(xué)生分析問(wèn)題的能力。解決這類(lèi)問(wèn)題與解決力學(xué)題目方法類(lèi)似，不同之處是多了電場(chǎng)力和洛倫茲力，因此，帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題除了利用力學(xué)三大觀點(diǎn)（動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)、能量觀點(diǎn)、動(dòng)量觀點(diǎn)）來(lái)分析外，還要注

17、意電場(chǎng)和磁場(chǎng)對(duì)帶電粒子的作用特點(diǎn)，如電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，洛倫茲力方向始終和運(yùn)動(dòng)速度方向垂直，永不做功等。 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的分析思路 1．正確的受力分析：除重力、彈力和摩擦力外，要特別注意電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力的分析。 2．正確分析物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)：找出物體的速度、位置及其變化特點(diǎn)，分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程。如果出現(xiàn)臨界狀態(tài)，要分析臨界條件。帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做什么運(yùn)動(dòng)，取決于帶電粒子的受力情況。 （1）當(dāng)粒子在復(fù)合場(chǎng)內(nèi)所受合力為零時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)（如速度選擇器）。 （2）當(dāng)帶電粒子所受的重力與電場(chǎng)力等值反向，洛倫茲力提供向心力時(shí)，帶電粒子在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。 （3）

18、當(dāng)帶電粒子所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時(shí)，粒子做非勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，這時(shí)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶電粒子可能連續(xù)通過(guò)幾個(gè)情況不同的復(fù)合場(chǎng)區(qū)，因此粒子的運(yùn)動(dòng)情況也發(fā)生相應(yīng)的變化，其運(yùn)動(dòng)過(guò)程也可能由幾種不同的運(yùn)動(dòng)階段所組成。 （2018·四川省成都市高中畢業(yè)班摸底測(cè)試）圖示區(qū)域有方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶正電的微粒以水平向右的初速度進(jìn)入該區(qū)域時(shí)，恰能沿直線運(yùn)動(dòng)。欲使微粒向下偏轉(zhuǎn)，可采用的方法是 A．僅減小入射速度 B．僅減小微粒的質(zhì)量 C．僅增大微粒的電荷量 D．僅增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 【參考答案】A 【試題解析】帶正

19、電的粒子受到向下的電場(chǎng)力和重力以及向上的洛倫茲力作用，當(dāng)qvB=mg+qE時(shí)，粒子沿直線通過(guò)正交場(chǎng)區(qū)；若減小入射速度，則洛倫茲力減小，電場(chǎng)力不變，合力向下，向下偏轉(zhuǎn)，故A正確；僅減小微粒的質(zhì)量，則洛倫茲力大于電場(chǎng)力，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；增加電荷量，則電場(chǎng)力與洛倫茲力都增加，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，則向上的洛倫茲力增加，合力向上，向上偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。 1．（2018·河南省七校模擬測(cè)試）如圖所示，在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電場(chǎng)方向豎直向上，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，帶電粒子B靜止在正交的電磁場(chǎng)中，另一帶電粒子A以一定的水平速度沿直線向右運(yùn)動(dòng)，與粒子B

20、碰撞后粘在一起，碰撞過(guò)程中粒子的電荷量沒(méi)有損失，兩個(gè)粒子的質(zhì)量相等，則下列說(shuō)法正確的是 A．粒子A帶負(fù)電，粒子B帶正電 B．粒子A的帶電量一定小于粒子B的帶電量 C．兩粒子碰撞后仍沿直線運(yùn)動(dòng) D．兩粒子碰撞后會(huì)做向上偏轉(zhuǎn)運(yùn)動(dòng) 【答案】BD 2．（2018·重慶市高二上學(xué)期期末聯(lián)考）如圖所示的虛線區(qū)域內(nèi)，充滿(mǎn)垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一帶電小球以一定的初速度由左邊界的O點(diǎn)射入磁場(chǎng)和電場(chǎng)區(qū)域，恰好沿直線由區(qū)域右邊界的O′點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）穿出。若撤去該區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)而保留電場(chǎng)不變，將此帶電小球仍以相同初速度由O點(diǎn)射入，從區(qū)域右邊界穿出，則該帶電小球 A．穿

21、出位置一定在O′點(diǎn)下方 B．在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能一定增大 C．在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能可能增大 D．在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力勢(shì)能可能增大 【答案】BD 3．如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第二、三象限內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第一、四象限內(nèi)存在半徑為L(zhǎng)的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的圓心在M（L，0），磁場(chǎng)方向垂直于坐標(biāo)平面向外。一個(gè)質(zhì)量m電荷量q的帶正電的粒子從第三象限中的Q（–2L，–L）點(diǎn)以速度v0沿x軸正方向射出，恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入磁場(chǎng)，從P（2L，0）點(diǎn)射出磁場(chǎng)。不計(jì)粒子重力，求： （1）電場(chǎng)強(qiáng)度E； （2）從P點(diǎn)射出時(shí)速度vP的大??； （3）粒子在磁場(chǎng)與電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間

22、之比。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示； （1）粒子在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)， 軸方向：， 方向： 解得，電場(chǎng)強(qiáng)度： 考點(diǎn)4 帶電體在電磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 1．注意帶電體的區(qū)別 （1）對(duì)于微觀粒子，如電子、質(zhì)子、離子等，因?yàn)槠渲亓σ话闱闆r下與電場(chǎng)力或磁場(chǎng)力相比太小，可以忽略。而對(duì)于一些實(shí)際物體，如帶電小球、液滴、金屬塊等，一般應(yīng)考慮其重力。 （2）在題目中明確說(shuō)明的按說(shuō)明要求是否考慮重力。 （3）不能直接判斷是否考慮重力的，在進(jìn)行受力分析與運(yùn)動(dòng)分析時(shí)，要由分析結(jié)果確定是否考慮重力。

23、 2．帶電體在電磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的處理方法 （1）正確分析帶電體的受力情況及運(yùn)動(dòng)形式是解決問(wèn)題的前提 帶電體在復(fù)合場(chǎng)中做什么運(yùn)動(dòng)，取決于帶電體所受的合力及其初速度，因此應(yīng)把帶電體的初速度情況和受力情況結(jié)合起來(lái)分析。 帶電體在復(fù)合場(chǎng)中所受合外力為零時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)（如速度選擇器：粒子重力不計(jì)，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡）。 當(dāng)帶電體所受的重力與電場(chǎng)力等值反向，洛倫茲力恰好提供向心力，帶電體在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，相當(dāng)于帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)。 當(dāng)帶電體所受的合力是變力，且與初速度方向不在一條直線上時(shí)，帶電體做非勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，這時(shí)帶電體的運(yùn)動(dòng)軌跡既不是圓弧，也不是拋物線，由于帶

24、電體可能連續(xù)通過(guò)幾個(gè)情況不同的電磁場(chǎng)區(qū)或單獨(dú)的電場(chǎng)、磁場(chǎng)區(qū)，因此帶電體的運(yùn)動(dòng)情況也發(fā)生相應(yīng)的變化，其運(yùn)動(dòng)過(guò)程可能由幾種不同的運(yùn)動(dòng)階段所組成，要注意區(qū)分。 （2）靈活選用力學(xué)規(guī)律是解決問(wèn)題的關(guān)鍵 當(dāng)帶電體在電磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，應(yīng)畫(huà)出受力圖，根據(jù)平衡條件列方程求解。 當(dāng)帶電體在電磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，往往同時(shí)應(yīng)用牛頓第二定律和平衡條件列方程聯(lián)立求解。 當(dāng)帶電體在電磁場(chǎng)中做一般的曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，應(yīng)選用動(dòng)能定理求解，在找最大速度時(shí)結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律處理。 當(dāng)帶電體在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)，應(yīng)根據(jù)初速度和電場(chǎng)力、重力研究分運(yùn)動(dòng)。 當(dāng)帶電體不計(jì)重力，在單獨(dú)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡為圓弧，宜根據(jù)圓心和

25、軌跡，利用圓周運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)求解，在單獨(dú)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線，宜利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解，找分運(yùn)動(dòng)求解。 3．如果涉及兩個(gè)帶電體的碰撞問(wèn)題，要根據(jù)定量守恒定律累出方程，再與其他方程聯(lián)立求解。由于帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中受力情況復(fù)雜，運(yùn)動(dòng)情況多變，往往出現(xiàn)臨界問(wèn)題，這時(shí)應(yīng)以題目中的“恰好”“最大”“最高”“至少”等詞語(yǔ)為突破口，挖掘隱含條件，根據(jù)臨界條件列出輔助方程，再與其他方程聯(lián)立求解。 （2018·云南省建水縣高三四校聯(lián)考）如圖所示，在x軸的上方有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在x軸的下方等腰三角形CDy區(qū)域內(nèi)有垂直于xOy平面由內(nèi)向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，其中C、D在x軸上，

26、它們到原點(diǎn)O的距離均為a，?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m，帶電量為q的帶正電粒子，從y軸上的P點(diǎn)由靜止釋放，設(shè)P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為h，不計(jì)重力作用與空氣阻力的影響。，下列說(shuō)法正確的是 A．若，則粒子垂直Cy射出磁場(chǎng) B．若，則粒子平行于x軸射出磁場(chǎng) C．若，則粒子垂直Cy射出磁場(chǎng) D．若，則粒子平行于x軸射出磁場(chǎng) 【參考答案】AD 【試題解析】若，則在電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理得：qEh=mv2；在磁場(chǎng)中，有qvB=m聯(lián)立解得：r=a，如圖，根據(jù)幾何知識(shí)可知粒子垂直Cy射出磁場(chǎng)，故A正確，B錯(cuò)誤。若，與上題同理可得：r=a，則根據(jù)幾何知識(shí)可知粒子平行于x軸射出磁場(chǎng)，故C錯(cuò)誤，D正確。 1．如圖所

27、示，套在很長(zhǎng)的絕緣直棒上的小球，質(zhì)量為1.0×10－4 kg，帶4.0×10－4 C的正電荷，小球在棒上可以滑動(dòng)，將此棒豎直放置在沿水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=10 N/C，方向水平向右，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5 T，方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蚶?，小球與棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.2，（設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所帶電荷量保持不變，g取10 m/s2） A．小球由靜止沿棒豎直下落的最大加速度為10 m/s2 B．小球由靜止沿棒豎直下落最大速度2 m/s C．若磁場(chǎng)的方向反向，其余條件不變，小球由靜止沿棒豎直下落的最大加速度為5 m/s2 D．若磁場(chǎng)的方向反向，其余條件

28、不變，小球由靜止沿棒豎直下落的最大速度為45 m/s 【答案】D 【解析】小球靜止時(shí)只受電場(chǎng)力、重力及摩擦力，電場(chǎng)力水平向右，摩擦力豎直向上；開(kāi)始時(shí)，小球的加速度應(yīng)為：；小球速度將增大，產(chǎn)生洛倫茲力，由左手定則可知，洛倫茲力向右，故水平方向合力將增大，摩擦力將增大；加速度將減小，當(dāng)加速度等于零時(shí)，即重力等于摩擦力，此時(shí)小環(huán)速度達(dá)到最大，則有：mg=μ（qvB+qE），解得：，故AB錯(cuò)誤；若磁場(chǎng)的方向反向，其 2．（2018·安徽省宣城市高二期末）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，的直角三角形內(nèi)存在垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊在軸上，線段。在第四象限正方形內(nèi)存在沿方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電子束以相同的速

29、度沿方向從邊上的各點(diǎn)射入磁場(chǎng)，己知這些電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑均為。電子的電量為質(zhì)量為，忽略電子之間的相互作用力以及電子的重力。試求： （1）磁感應(yīng)強(qiáng)度。 （2）在所有能射入第四象限的電子中，最右側(cè)進(jìn)入的電子剛好經(jīng)過(guò)軸上的點(diǎn)，求第四象限的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）由題可知電子在磁場(chǎng)中的軌道半徑r=L/3 由牛頓第二定律得 解得磁感應(yīng)強(qiáng)度B= （2）若電子能進(jìn)入電場(chǎng)中，且離O點(diǎn)右側(cè)最遠(yuǎn)，則電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)圓軌跡應(yīng)恰好與邊AD相切，即粒子從F點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，離O點(diǎn)最遠(yuǎn)。 3．（2018·原創(chuàng)模擬卷）如圖所示，在的區(qū)域內(nèi)存在與xOy平

30、面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，方向垂直紙面向里，假設(shè)一系列質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子初速度為零，經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速后從O點(diǎn)沿Ox軸正方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，有一塊厚度不計(jì)、高度為d的金屬板豎直放置在磁場(chǎng)中，截面如圖，M、N分別為金屬板截面的上、下端點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)為（d，2d），N點(diǎn)的坐標(biāo)為（d，d）。不計(jì)正離子的重力。 （1）加速電場(chǎng)的電壓在什么范圍內(nèi)，進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子才能全部打在金屬板上？ （2）求打在金屬板上的離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間與最長(zhǎng)時(shí)間的比值（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）設(shè)加速電壓為U，正離子

31、初速度為零，經(jīng)過(guò)加速電場(chǎng)加速，根據(jù)動(dòng)能定理得 正離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力， 聯(lián)立解得 當(dāng)加速電壓較小時(shí)，離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑較小，當(dāng)離子恰好打到金屬板下端點(diǎn)N時(shí)，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑最小為，如圖1所示 又 聯(lián)立解得 離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期與加速電壓無(wú)關(guān) 離子在圖1所示的軌跡中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短為 離子在圖2所示的軌跡中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)為 根據(jù)幾何知識(shí)，，則 所以 1．（2018·新課標(biāo)全國(guó)II卷）如圖，紙面內(nèi)有兩條互相垂直的長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線L1、L2，L1中的電流方向向左，L2中的電流方向向上；L1的正上方有a、b兩點(diǎn)，它

32、們相對(duì)于L2對(duì)稱(chēng)。整個(gè)系統(tǒng)處于勻強(qiáng)外磁場(chǎng)中，外磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，方向垂直于紙面向外。已知a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和，方向也垂直于紙面向外。則 A．流經(jīng)L1的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B．流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 C．流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 D．流經(jīng)L2的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 【答案】AC 2．（2017·新課標(biāo)全國(guó)Ⅱ卷）如圖，虛線所示的圓形區(qū)域內(nèi)存在一垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)。大量相同的帶電粒子以相同的速率經(jīng)過(guò)P點(diǎn)，在紙面內(nèi)沿不同的方向射入磁場(chǎng)。若粒子射入速率為，這些粒子在磁場(chǎng)邊界

33、的出射點(diǎn)分布在六分之一圓周上；若粒子射入速率為，相應(yīng)的出射點(diǎn)分布在三分之一圓周上。不計(jì)重力及帶電粒子之間的相互作用。則為 A． B． C． D． 【答案】C 3．（2017·新課標(biāo)全國(guó)Ⅰ卷）如圖，空間某區(qū)域存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向豎直向上（與紙面平行），磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，三個(gè)帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質(zhì)量分別為ma、mb、mc。已知在該區(qū)域內(nèi)，a在紙面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)。下列選項(xiàng)正確的是 A． B． C． D． 【答案

34、】B 【解析】由題意知，mag=qE，mbg=qE+Bqv，mcg+Bqv=qE，所以，故B正確，ACD錯(cuò)誤。 4．（2016·新課標(biāo)全國(guó)Ⅱ卷）一圓筒處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與筒的軸平行，筒的橫截面如圖所示。圖中直徑MN的兩端分別開(kāi)有小孔，筒繞其中心軸以角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。在該截面內(nèi)，一帶電粒子從小孔M射入筒內(nèi)，射入時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向與MN成30°角。當(dāng)筒轉(zhuǎn)過(guò)90°時(shí)，該粒子恰好從小孔N飛出圓筒。不計(jì)重力。若粒子在筒內(nèi)未與筒壁發(fā)生碰撞，則帶電粒子的比荷為 A． B． C． D． 【答案】A 5．（201

35、6·新課標(biāo)全國(guó)Ⅲ卷）平面OM和平面ON之間的夾角為30°，其橫截面（紙面）如圖所示，平面OM上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點(diǎn)向左上方射入磁場(chǎng)，速度與OM成30°角。已知該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，并從OM上另一點(diǎn)射出磁場(chǎng)。不計(jì)重力。粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的出射點(diǎn)到兩平面交線O的距離為 A． B． C． D． 【答案】D 6．（2016·新課標(biāo)全國(guó)Ⅰ卷）現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來(lái)分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其

36、中加速電壓恒定。質(zhì)子在入口處從靜止開(kāi)始被加速電場(chǎng)加速，經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從出口離開(kāi)磁場(chǎng)。若某種一價(jià)正離子在入口處從靜止開(kāi)始被同一加速電場(chǎng)加速，為使它經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開(kāi)磁場(chǎng)，需將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來(lái)的12倍。此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為 A．11 B．12　　 　 C．121 D．144 【答案】D 【解析】根據(jù)動(dòng)能定理可得：，帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度，帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供，，解得，所以此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為144，故ABC錯(cuò)誤，D正確。 7．（2018·江蘇卷）如

37、圖所示，真空中四個(gè)相同的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，高為4d，寬為d，中間兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域間隔為2d，中軸線與磁場(chǎng)區(qū)域兩側(cè)相交于O、O′點(diǎn)，各區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等．某粒子質(zhì)量為m、電荷量為+q，從O沿軸線射入磁場(chǎng)．當(dāng)入射速度為v0時(shí)，粒子從O上方處射出磁場(chǎng)．取sin53°=0.8，cos53°=0.6． （1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B； （2）入射速度為5v0時(shí)，求粒子從O運(yùn)動(dòng)到O′的時(shí)間t； （3）入射速度仍為5v0，通過(guò)沿軸線OO′平移中間兩個(gè)磁場(chǎng)（磁場(chǎng)不重疊），可使粒子從O運(yùn)動(dòng)到O′的時(shí)間增加Δt，求Δt的最大值． 【答案】（1） （2） （3） （3）將中間兩磁場(chǎng)分別向中央移

38、動(dòng)距離x 8．（2018·天津卷）如圖所示，在水平線ab下方有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，方向豎直向下，ab的上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里，磁場(chǎng)中有一內(nèi)、外半徑分別為R、的半圓環(huán)形區(qū)域，外圓與ab的交點(diǎn)分別為M、N。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電粒子在電場(chǎng)中P點(diǎn)靜止釋放，由M進(jìn)入磁場(chǎng)，從N射出，不計(jì)粒子重力。 （1）求粒子從P到M所用的時(shí)間t； （2）若粒子從與P同一水平線上的Q點(diǎn)水平射出，同樣能由M進(jìn)入磁場(chǎng)，從N射出，粒子從M到N的過(guò)程中，始終在環(huán)形區(qū)域中運(yùn)動(dòng)，且所用的時(shí)間最少，求粒子在Q時(shí)速度的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）設(shè)粒子在磁

39、場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，所受洛倫茲力提供向心力，有① 設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所受電場(chǎng)力為F，有F=qE② 設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律有F=ma③ 粒子在電場(chǎng)中做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有v=at④ 聯(lián)立①②③④式得⑤ （2）粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其周期和速度、半徑無(wú)關(guān)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間只由粒子所通過(guò)的圓 9．（2018·新課標(biāo)全國(guó)III卷）如圖，從離子源產(chǎn)生的甲、乙兩種離子，由靜止經(jīng)加速電壓U加速后在紙面內(nèi)水平向右運(yùn)動(dòng)，自M點(diǎn)垂直于磁場(chǎng)邊界射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，磁場(chǎng)左邊界豎直。已知甲種離子射入磁場(chǎng)的速度大小為v1，并在磁場(chǎng)邊界的N點(diǎn)射出；乙

40、種離子在MN的中點(diǎn)射出；MN長(zhǎng)為l。不計(jì)重力影響和離子間的相互作用。求： （1）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??； （2）甲、乙兩種離子的比荷之比。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）設(shè)甲種離子所帶電荷量為q1、質(zhì)量為m1，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R1，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，由動(dòng)能定理有 ① 10．（2018·新課標(biāo)全國(guó)I卷）如圖，在y>0的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，在y<0的區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)氕核11H和一個(gè)氘核21H先后從y軸上y=h點(diǎn)以相同的動(dòng)能射出，速度方向沿x軸正方向。已知11H進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度方向

41、與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場(chǎng)。11H的質(zhì)量為m，電荷量為q不計(jì)重力。求 （1）11H第一次進(jìn)入磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)O的距離； （2）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小； （3）12H第一次離開(kāi)磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)O的距離。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】（1）在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。設(shè)在電場(chǎng)中的加速度大小為，初速度大小為，它在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，第一次進(jìn)入磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)Ｏ的距離為。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 ① ② ⑦ 由幾何關(guān)系得 ⑧ 聯(lián)立以上各式得 ⑨ （3）設(shè)在電場(chǎng)中沿x軸正方向射出的速度大小為，在電場(chǎng)中的加速度大小為，由題給條件得 ⑩ 由牛頓第二定律有 ? 45