蘇教版數(shù)學選修21：第2章 圓錐曲線與方程 第2章 單元檢測B卷含答案

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1、 精品資料 第2章　單元檢測(B卷) (時間：120分鐘　滿分：160分) 一、填空題(本大題共14小題，每小題5分，共70分) 1．以x軸為對稱軸，拋物線通徑長為8，頂點在坐標原點的拋物線的方程為__________． 2．雙曲線9x2－4y2＝－36的漸近線方程是__________． 3．若拋物線y2＝2px上的一點A(6，y)到焦點F的距離為10，則p＝________. 4．已知雙曲線－＝1 (a>b>0)的離心率為，橢圓＋＝1的離心率為________． 5．設F1、F2是雙曲線－y2＝1的兩個焦點，點P

2、在雙曲線上，∠F1PF2＝90，則△F1PF2的面積是________． 6．過雙曲線M：x2－＝1的左頂點A作斜率為1的直線l，若l與雙曲線M的兩條漸近線分別相交于點B、C，且AB＝BC，則雙曲線M的離心率是________． 7．雙曲線－＝1 (a>0，b>0)的左、右焦點分別是F1，F(xiàn)2，過F1作傾斜角為30的直線交雙曲線右支于M點，若MF2垂直于x軸，則雙曲線的離心率為________． 8．橢圓＋＝1的離心率為，則k的值為________． 9．雙曲線mx2＋y2＝1的虛軸長是實軸長的2倍，則m＝________. 10．曲線y＝1＋與直線y＝k(x－2)＋4有兩個交點時，

3、實數(shù)k的取值范圍是__________． 11．在平面直角坐標系中，橢圓＋＝1 (a>b>0)的焦距為2，以O為圓心，a為半徑作圓，過點作圓的兩切線互相垂直，則離心率e＝________. 12．橢圓＋＝1 (a>b>0)的焦點為F1，F(xiàn)2，兩條準線與x軸的交點分別為M，N，若MN≤2F1F2，則該橢圓離心率的取值范圍是________． 13．若點M是拋物線y2＝4x到直線2x－y＋3＝0的距離最小的一點，那么點M的坐標是__________． 14．過雙曲線－＝1的焦點作弦MN，若MN＝48，則此弦的傾斜角為________． 二、解答題(本大題共6小題，共90分) 15．(1

4、4分)已知雙曲線與橢圓＋＝1共焦點，它們的離心率之和為，求雙曲線方程． 16.(14分)拋物線y2＝2px (p>0)有一內(nèi)接直角三角形，直角的頂點在原點，一直角邊的方程是y＝2x，斜邊長是5，求此拋物線方程． 17．(14分)設P是橢圓＋y2＝1 (a>1)短軸的一個端點，Q為橢圓上的一個動點，求PQ的最大值． 18.(16分)點

5、A、B分別是橢圓＋＝1長軸的左、右端點，點F是橢圓的右焦點，點P在橢圓上，且位于x軸上方，PA⊥PF.求點P的坐標． 19．(16分)已知拋物線y2＝2x，直線l過點(0,2)與拋物線交于M，N兩點，以線段MN的長為直徑的圓過坐標原點O，求直線l的方程． 20.(16分)已知拋物線C：y＝2x2，直線y＝kx＋2交C于A，B兩點，M是線段AB的中點，過M作x軸的垂線交C于點N.

6、 (1)證明：拋物線C在點N處的切線與AB平行； (2)是否存在實數(shù)k使＝0，若存在，求k的值；若不存在，說明理由． 第2章　圓錐曲線與方程(B) 1．y2＝8x 解析　2p＝8，拋物線開口向左或向右． 2．y＝x 3．8 解析　∵6＋＝10，∴p＝8. 4. 解析　∵＝2＝＝，∴＝. ∴橢圓＋＝1的離心率為. 5．1 解析　由題意，得PF1－PF2＝4， PF＋PF＝54＝20. ∴2PF1PF2＝20－16＝4， ∴S△F1PF2＝PF1PF2＝1. 6. 解析　直線l的方程是y＝x＋1，兩條漸近線方程為y＝hx，

7、由AB＝BC，可得B是A、C的中點，＝－1＋，解得h＝0(舍去)或h＝3，故e＝＝. 7.　8.－或21 9．－ 解析　y2－＝1，∴－＝4，∴m＝－. 10. 解析　y＝1＋即為x2＋(y－1)2＝4(y≥1)表示上半圓．直線過(－2,1)時k＝；直線與半圓相切時，＝2，得k＝.所以k∈. 11. 解析　由2c＝2，所以c＝1.因為兩條切線互相垂直，所以＝R＝a，所以＝. 12. 解析　MN＝，F(xiàn)1F2＝2c，MN≤2F1F2， 則≤2c，該橢圓離心率e的取值范圍是. 13. 解析　由得y2－2y＋2m＝0. 因為Δ＝0得m＝，所以y＝1，x＝， 所以M. 14

8、．60或120 解析　設弦的方程為y＝k(x－3)， 代入2x2－y2＝18得(2－k2)x2＋6k2x－27k2－18＝0， 所以x1＋x2＝，x1x2＝. ∴MN＝＝48， ∴k＝. 故傾斜角為60或120. 15．解　由于橢圓焦點為F(0，4)，離心率為e＝， 所以雙曲線的焦點為F(0，4)，離心率為2， 從而c＝4，a＝2，b＝2. 所以所求雙曲線方程為：－＝1. 16．解　設△AOB為拋物線的內(nèi)接直角三角形，直角頂點為O，AO邊的方程是y＝2x，則OB邊方程為y＝－x. 由，可得A點坐標為. 由，可得B點坐標為(8p，－4p)． ∵AB＝5，∴ ＝5.

9、∵p>0，解得p＝， ∴所求的拋物線方程為y2＝x. 17．解　依題意可設P(0,1)，Q(x，y)， 則PQ＝，又因為Q在橢圓上， 所以，x2＝a2(1－y2)， PQ2＝a2(1－y2)＋y2－2y＋1 ＝(1－a2)y2－2y＋1＋a2 ＝(1－a2)2－＋1＋a2. 因為|y|≤1，a>1，若a≥，則≤1， 當y＝時，PQ取最大值. 18．解　由已知可得點A(－6,0)，F(xiàn)(4,0)， 設點P的坐標是(x，y)， 則＝(x＋6，y)，＝(x－4，y)， 由已知得， 則2x2＋9x－18＝0，x＝或x＝－6. 由于y>0，只能x＝，于是y＝， ∴點P的坐標

10、是. 19．解　由題意知直線l的斜率存在， 設為k，則直線l的方程為y＝kx＋2， 解方程組， 消去x得ky2－2y＋4＝0， Δ＝4－16k>0?k< (k≠0)， 設M(x1，y1)，N(x2，y2)， 則y1＋y2＝，y1y2＝， ?x1x2＝(y1y2)2＝. OM⊥ON?kOMkON＝－1， ∴x1x2＋y1y2＝0， ∴＋＝0，解得k＝－1. 所以所求直線方程為y＝－x＋2， 即x＋y－2＝0. 20．(1)證明　 如圖，設A(x1,2x)，B(x2，2x)，把y＝kx＋2代入y＝2x2得2x2－kx－2＝0， 由韋達定理得x1＋x2＝，x1x2

11、＝－1， ∴xN＝xM＝＝， ∴N點的坐標為. 設拋物線在點N處的切線l的方程為 y－＝m， 將y＝2x2代入上式得2x2－mx＋－＝0， ∵直線l與拋物線C相切， ∴Δ＝m2－8＝m2－2mk＋k2 ＝(m－k)2＝0，∴m＝k. 即l∥AB. (2)假設存在實數(shù)k，使＝0， 則NA⊥NB， 又∵M是AB的中點，∴MN＝AB. 由(1)知yM＝(y1＋y2) ＝(kx1＋2＋kx2＋2) ＝[k(x1＋x2)＋4] ＝＝＋2. ∵MN⊥x軸，∴MN＝|yM－yN| ＝＋2－＝. 又AB＝|x1－x2| ＝ ＝ ＝. ∴＝， 解得k＝2. 即存在k＝2，使＝0.