2013年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一階段專題一第2講 專題特輯 課下 針對高考押題訓(xùn)練

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1、[課下——針對高考押題訓(xùn)練] 1. (2012·上海質(zhì)檢)甲、乙兩位同學(xué)進(jìn)行百米賽跑，假如把他們的運(yùn)動近似當(dāng)作勻速直線運(yùn)動來處理，他們同時從起跑線起跑，經(jīng)過一段時間后他們的位置如圖1所示，在圖2中分別作出在這段時間內(nèi)兩人運(yùn)動的位移s、速度v與時間t的關(guān)系圖象，正確的是(　　) 圖1 圖2 解析：選B　甲、乙兩同學(xué)均做勻速直線運(yùn)動，D錯誤，由題圖1可知，v乙>v甲，故B正確，A、C錯誤。 2. (2012·廣東六校聯(lián)考)質(zhì)量為0.3 kg的物體在水平面上運(yùn)動，圖3中兩直線分別表示物體受水平拉力和不受水平拉力時的速度—時間圖象，則下列說

2、法正確的是(　　) A．物體所受摩擦力一定等于0.1 N 圖3 B．水平拉力一定等于0.1 N C．物體不受水平拉力時的速度—時間圖象一定是a D．物體不受水平拉力時的速度—時間圖象一定是b 解析：選B　由速度—時間圖象知，a、b圖線表示物體做勻減速運(yùn)動。加速度大小設(shè)為aa、ab，則aa＝ m/s2＝ m/s2，ab＝ m/s2＝ m/s2。拉力的情形可能有兩種：若拉力和摩擦力與速度方向相反，則f＝maa，F(xiàn)＋f＝mab，此時F＝f＝0.3× N＝0.1 N，此情況，a表示沒有受拉力時的情況，b表示受拉力時的情況；

3、若拉力方向與速度方向相同，則f＝mab，f－F＝maa，此時f＝0.3× N＝0.2 N，F(xiàn)＝0.1 N，這時，a表示受拉力時的情況，b表示沒有受拉力時的情況，故選B。 3．(2012·重慶檢測)如圖4所示，汽車以10 m/s的速度勻速駛向路口，當(dāng)行駛至距路口停車線20 m處時，綠燈還有3 s熄滅。而該汽車在綠燈熄滅時剛好停在停車線處，則汽車運(yùn)動的速度(v)－時間(t)圖象可能是 (　　) 圖4 解析：選C　由速度圖象與橫軸所夾“面積”等于這段時間內(nèi)的位移可知，該汽車在綠燈熄滅時剛好停在停車線處，其在3 s內(nèi)的位移一定為20 m，故汽車運(yùn)動的速度(v)－時間(t)圖象可能是C。 4

4、. (2012·安徽高考)如圖5所示，放在固定斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則(　　) 圖5 A．物塊可能勻速下滑 B．物塊仍以加速度a勻加速下滑 C．物塊將以大于a的加速度勻加速下滑 D．物塊將以小于a的加速度勻加速下滑 解析：選C　對物塊進(jìn)行受力分析，設(shè)斜面的角度為θ，可列方程mgsin θ－μmgcos θ＝ma，sin θ－μcos θ＝a/g，當(dāng)加上力F后，由牛頓第二定律得(mg＋F)sin θ－μ(mg＋F)cos θ＝m

5、a1，即mgsin θ－μmgcos θ＋Fsin θ－μFcos θ＝ma1，ma＋Fsin θ－μFcos θ＝ma1，F(xiàn)sin θ－μFcos θ＝F(sin θ－μcos θ)＝Fa/g，F(xiàn)a/g大于零，代入上式知，a1大于a。物塊將以大于a的加速度勻加速下滑。只有C項正確。 5. (2012·上海高考)如圖6所示，光滑斜面固定于水平面上，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對靜止，A上表面水平。則A、B整體在斜面上運(yùn)動時，B受力的示意圖為(　　) 圖6 圖7 解析：選A　因A上表面水平，A、B間若存在摩擦力，只能

6、沿水平方向，故C、D均錯誤；因A、B沿光滑斜面向上沖時，加速度一定沿斜面向下，故滑塊B水平方向必有向左的合外力，即A對B的靜摩擦力Ff，故A正確，B錯誤。 6．利用如圖8甲所示的裝置測量滑塊和滑板間的動摩擦因數(shù)，將質(zhì)量為M的滑塊A放在傾斜滑板B上，C為位移傳感器，它能將滑塊A到傳感器C的距離數(shù)據(jù)實時傳送到計算機(jī)上，經(jīng)計算機(jī)處理后在屏幕上顯示出滑塊A的速度－時間(v－t)圖象。先給滑塊A一個沿滑板B向上的初速度，得到的v－t圖象如圖乙所示，則(　　) 圖8 A．滑塊A上滑時加速度的大小為8 m/s2 B．滑塊A下滑時加速度的大小為8 m/s2 C．滑塊與滑板之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.

7、5 D．滑塊A上滑時運(yùn)動的位移為2 m 解析：選A　滑塊A上滑時加速度的大小a1＝ m/s2＝8.0 m/s2，A項正確；A下滑時的加速度a2＝ m/s2＝4.0 m/s2，B項錯誤；由牛頓第二定律知A上滑時mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1，A下滑時mgsin θ－μmgcos θ＝ma2，解得μ＝0.25，C項錯誤；在速度－時間圖象中面積表示位移，滑塊A上滑時運(yùn)動的位移為1 m，D項錯誤。 7．(2011·福建高考)如圖9甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運(yùn)行。初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在

8、傳送帶上運(yùn)動的v－t圖象(以地面為參考系)如圖乙所示。已知v2>v1，則(　　) 圖9 A．t2時刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大 B．t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達(dá)到最大 C．0～t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左 D．0～t3時間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用 解析：選B　小物塊對地速度為零時，即t1時刻，向左離開A處最遠(yuǎn)。t2時刻，小物塊相對傳送帶靜止，此時不再相對傳送帶滑動，所以從開始到此刻，它相對傳送帶滑動的距離最大。0～t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力為滑動摩擦力，方向始終向右，大小不變。t2時刻以后相對傳送帶靜止，故不再受摩擦力作用。B正確

9、。 8. (2012·合肥模擬)如圖10所示，在水平桌面上疊放著質(zhì)量相等的A、B兩塊木板，在木板A上放著質(zhì)量為m的物塊C，木板和物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)。A、B、C之間以及B與地面之間的動摩擦因數(shù)均為μ，設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g，現(xiàn)用水平恒力F向右拉木板A，則以下判斷正確的是(　　) 圖10 A．不管F多大，木板B一定保持靜止 B．B受到地面的滑動摩擦力大小一定小于F C．A、C之間的摩擦力大小一定等于μmg D．A、B之間的摩擦力大小不可能等于F 解析：選A　設(shè)A、B的質(zhì)量為M，則

10、A對B的最大靜摩擦力fAB＝μ(M＋m)g，而地面對B的最大靜摩擦力大小為fB地＝μ(2M＋m)g，故無論F多大，B一定保持靜止，A正確；若F

11、s2。 圖11 (1)求電梯在上升過程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2； (2)類比是一種常用的研究方法。對于直線運(yùn)動，教科書中講解了由v－t圖象求位移的方法。請你借鑒此方法，對比加速度和速度的定義，根據(jù)圖乙所示a－t圖象，求電梯在第1 s內(nèi)的速度改變量Δv1和第2 s末的速率v2。 解析：(1)由牛頓第二定律，有F－mg＝ma 由a－t圖象可知，F(xiàn)1和F2對應(yīng)的加速度分別是a1＝1.0 m/s2，a2＝－1.0 m/s2， F1＝m(g＋a1)＝2.0×103×(10＋1.0)N＝2.2×104 N F2＝m(g＋a2)＝2.0×103×(10－1.0)N＝1.8×104

12、 N (2)類比可得，所求速度變化量等于第1 s內(nèi)a－t圖線下的面積 Δv1＝0.5 m/s 同理可得Δv2＝v2－v0＝1.5 m/s v0＝0，第2 s末的速率v2＝1.5 m/s 答案：(1)F1＝2.2×104 N　F2＝1.8×104 N (2) Δv1＝0.5 m/s　v2＝1.5 m/s 10．(2012·武漢調(diào)考)如圖12所示，水平面上有一固定著輕質(zhì)定滑輪O的木塊A，它的上表面與水平面平行，它的右側(cè)是一個傾角θ＝37°的斜面。放置在A上的物體B和物體C通過一輕質(zhì)細(xì)繩相連，細(xì)繩的一部分與水平面平行，另一部分與斜面平行。現(xiàn)對A施加一水平向右的恒力F，使A、B、C恰好保持相對靜止。已知A、B、C的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，不計一切摩擦，求恒力F的大小。(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) 圖12 解析：設(shè)繩的張力為T，斜面對物體C的支持力為FN，系統(tǒng)加速度為a，以B為研究對象T＝ma 以C為研究對象 FNsin θ－Tcos θ＝ma FNcos θ＋Tsin θ＝mg 聯(lián)立解得a＝ 以A、B、C為整體F＝3ma， 故F＝mg。 答案：mg