《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題二 能量與動(dòng)量 專題跟蹤訓(xùn)練6 機(jī)械能守恒 功能關(guān)系》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題二 能量與動(dòng)量 專題跟蹤訓(xùn)練6 機(jī)械能守恒 功能關(guān)系（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題二 能量與動(dòng)量 專題跟蹤訓(xùn)練6 機(jī)械能守恒功能關(guān)系一、選擇題1(多選)一帶電小球在空中由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，只受重力和電場(chǎng)力作用若重力做功3 J，電場(chǎng)力做功1 J，則小球的()A重力勢(shì)能增加3 J B電勢(shì)能增加1 JC動(dòng)能減少3 J D機(jī)械能增加1 J解析根據(jù)重力做功與重力勢(shì)能的變化關(guān)系，重力做功3 J，其重力勢(shì)能一定增加3 J，選項(xiàng)A正確根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化關(guān)系，電場(chǎng)力做功1 J，其電勢(shì)能一定減少1 J，選項(xiàng)B錯(cuò)誤根據(jù)動(dòng)能定理，合外力做功為3 J1 J2 J，動(dòng)能減少2 J，選項(xiàng)C錯(cuò)誤根據(jù)除重力以外的其他力做了多少功，機(jī)械能就增加多少，可知電場(chǎng)力做
2、功1 J，機(jī)械能增加1 J，選項(xiàng)D正確答案AD2(2018石家莊質(zhì)檢一)如圖所示，質(zhì)量為m的物體A和質(zhì)量為2m的物體B通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩及輕質(zhì)彈簧連接在輕滑輪兩側(cè)開始用手托著物體A使彈簧處于原長(zhǎng)且輕繩伸直，此時(shí)物體A與水平地面的距離為h，物體B靜止在地面上現(xiàn)由靜止釋放A，A與地面即將接觸時(shí)速度恰好為0，此時(shí)物體B對(duì)地面恰好無(wú)壓力，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A物體A下落過(guò)程中一直處于失重狀態(tài)B物體A即將落地時(shí)，物體B處于失重狀態(tài)C從物體A開始下落到即將落地的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能最大值為mghD物體A下落過(guò)程中，A的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和先增大后減小解析根據(jù)題述“A與地面即將接觸時(shí)速
3、度恰好為0”，可知A先加速后減速向下運(yùn)動(dòng)，加速度方向先向下后向上，物體A先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)題述“A與地面即將接觸時(shí)速度恰好為0，此時(shí)物體B對(duì)地面恰好無(wú)壓力”，可知此時(shí)輕繩中拉力大小等于B的重力，B處于靜止?fàn)顟B(tài)，加速度為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；對(duì)A和彈簧組成的系統(tǒng)，在A由靜止下落到A與地面即將接觸時(shí)的過(guò)程中，系統(tǒng)的重力勢(shì)能、動(dòng)能和彈性勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，物體A即將落地時(shí)，重力勢(shì)能減少量為mgh，動(dòng)能與初狀態(tài)相同為0，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大為mgh，選項(xiàng)C正確；物體A下落過(guò)程中，A的重力勢(shì)能一直減小，A的動(dòng)能和彈簧的彈性勢(shì)能之和一直增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案C3(2018重慶市高三調(diào)研)(
4、多選)如圖所示，水平傳送帶以恒定速率轉(zhuǎn)動(dòng)每隔相同時(shí)間T，在左端A點(diǎn)，輕輕放上一個(gè)完全相同的工件，已知工件與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，工件質(zhì)量為m.經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)那些已經(jīng)和傳送帶共速的工件之間的距離均為L(zhǎng).已知重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A傳送帶的速度大小為B工件在傳送帶上的加速時(shí)間為C每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為D傳送帶因傳送一個(gè)工件而多消耗的能量為解析工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件放在傳送帶上后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，可知LvT，解得傳送帶的速度v，A正確；設(shè)每個(gè)工件做勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，根據(jù)牛頓第二定律有，工件的加速度為g，根據(jù)vv0at，解得t，B
5、錯(cuò)誤；工件與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)的路程為xv，則摩擦產(chǎn)生的熱量為Qmgx，C錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒有，傳送帶因傳送一個(gè)工件多消耗的能量Emv2mgx，D正確答案AD4(2018惠州市高三調(diào)研)(多選)如圖所示，粗糙斜面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連，彈簧處于自然長(zhǎng)度時(shí)物塊位于O點(diǎn)現(xiàn)將物塊拉到A點(diǎn)后由靜止釋放，物塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B，圖中B點(diǎn)未畫出下列說(shuō)法正確的是()A速度最大時(shí)，B點(diǎn)一定在O點(diǎn)左下方B速度最大時(shí)，物塊的位置可能在O點(diǎn)左下方C從A到B的過(guò)程中，物塊和彈簧的總機(jī)械能一定減少D從A到B的過(guò)程中，物塊減少的機(jī)械能一定等于它克服摩擦力做的功解析彈簧處于自然長(zhǎng)度時(shí)物塊處于O點(diǎn)，所以在O點(diǎn)時(shí)彈簧
6、彈力為零，物塊從A向B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受重力、支持力、彈簧的彈力和滑動(dòng)摩擦力作用，當(dāng)受力平衡時(shí)物塊的速度最大，由于摩擦力平行斜面向上，所以當(dāng)彈力和重力沿斜面的分力之和大小等于摩擦力時(shí)，速度最大，由于不知道物塊重力沿斜面方向的分力與摩擦力的大小關(guān)系，故無(wú)法判斷彈簧此時(shí)是處于伸長(zhǎng)還是壓縮狀態(tài)，即B點(diǎn)可能在O點(diǎn)，也可能在O點(diǎn)左下方，也可能在O點(diǎn)右上方，A錯(cuò)誤，B正確；從A到B的過(guò)程中，滑動(dòng)摩擦力一直做負(fù)功，故物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少，C正確；從A到B的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律，當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能增加時(shí)，物塊減少的機(jī)械能大于它克服摩擦力做的功，D錯(cuò)誤答案BC5. (2018安徽省示范高中聯(lián)考)(多選
7、)如圖所示，靜止在光滑水平面上的木板，右端有一根輕質(zhì)彈簧沿水平方向與木板相連，木板質(zhì)量M6 kg，質(zhì)量m2 kg的鐵塊以水平速度v012 m/s從木板的左端沿板面向右滑行，壓縮彈簧后又被彈回，最后恰好停在木板的左端，則下列說(shuō)法中正確的是()A鐵塊和木板最終共同以3 m/s的速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能為54 JC運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鐵塊與木板因摩擦而產(chǎn)生的熱量為54 JD運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鐵塊與木板因摩擦而產(chǎn)生的熱量為108 J解析設(shè)最終鐵塊與木板的共同速度大小為v，鐵塊相對(duì)木板向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)的最大路程為L(zhǎng)，滑動(dòng)摩擦力大小為f.取向右為正方向，根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒可知mv0(Mm)v，解得
8、v3 m/s，方向向右，所以鐵塊和木板最終共同以3 m/s的速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A正確鐵塊相對(duì)于木板向右運(yùn)動(dòng)，鐵塊與木板的速度相同時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，由動(dòng)量守恒定律知此時(shí)兩者的速度也為v3 m/s，根據(jù)能量守恒定律，鐵塊相對(duì)于木板向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程，有mvfL(Mm)v2Ep，鐵塊相對(duì)于木板運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程有，mv2fL(Mm)v2，聯(lián)立解得彈簧的最大彈性勢(shì)能Ep54 J、fL54 J，B正確由功能關(guān)系知，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中鐵塊與木板因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q2fL108 J，C錯(cuò)誤，D正確答案ABD6(2018漢中市高三質(zhì)檢一)空降兵是現(xiàn)代軍隊(duì)的重要兵種一次訓(xùn)練中，空降兵從靜止在空中的直升機(jī)上豎直跳下(初速
9、度可看成零，未打開降落傘前不計(jì)空氣阻力)，下落高度h之后打開降落傘，接著又下降高度H之后，空降兵勻速下降設(shè)空降兵打開降落傘之后受到的空氣阻力與速度平方成正比，比例系數(shù)為k，即fkv2，重力加速度為g，那么關(guān)于空降兵的說(shuō)法正確的是()A空降兵從跳下到下落高度為h時(shí)，機(jī)械能一定損失了mghB空降兵從跳下到剛勻速下降時(shí)，重力勢(shì)能一定減少了mgHC空降兵勻速下降時(shí)，速度大小為 D空降兵從跳下到剛勻速下降的過(guò)程，克服阻力做功為mg(Hh)解析空降兵從跳下到下落高度為h的過(guò)程中，只有重力做功，機(jī)械能不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；空降兵從跳下到剛勻速下降時(shí)，重力做功為mg(Hh)，重力勢(shì)能一定減少了mg(Hh)，選項(xiàng)B
10、錯(cuò)誤；空降兵勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力與阻力大小相等，所以：kv2mg，得：v，選項(xiàng)C正確；空降兵從跳下到剛勻速下降的過(guò)程，重力和阻力對(duì)空降兵做的功等于空降兵動(dòng)能的變化，即：mg(Hh)Wfmv2，解得：Wfmg(Hh)m2mg(Hh)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案C7(2018福州四校聯(lián)考)(多選)如圖所示，帶有擋板的光滑斜面固定在水平地面上，斜面傾角30，質(zhì)量均為2 kg的A、B兩物體用輕彈簧拴接在一起，彈簧的勁度系數(shù)為5 N/cm，質(zhì)量為4 kg的物體C用細(xì)線通過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體B連接，開始時(shí)A、B均靜止在斜面上，A緊靠在擋板處，用手托住C，使細(xì)線剛好被拉直，現(xiàn)把手拿開，讓C由靜止開始運(yùn)動(dòng)，從C開始運(yùn)動(dòng)到
11、A剛要離開擋板的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(物體C未觸地，g取10 m/s2)()A初狀態(tài)彈簧的壓縮量為2 cmB末狀態(tài)彈簧的伸長(zhǎng)量為2 cmC物體B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D物體C克服細(xì)線的拉力所做的功為0.8 J解析初狀態(tài)細(xì)線中拉力為0，對(duì)B受力分析，由平衡條件可得F1mgsin3010 N，解得輕彈簧彈力F110 N，根據(jù)胡克定律可得，初狀態(tài)彈簧的壓縮量為x12 cm，選項(xiàng)A正確；A剛要離開擋板時(shí)，輕彈簧對(duì)A的拉力F2mgsin3010 N，根據(jù)胡克定律可得，末狀態(tài)彈簧的伸長(zhǎng)量為x22 cm，選項(xiàng)B正確；C由靜止開始運(yùn)動(dòng)，從C開始運(yùn)動(dòng)到A剛要離開擋板的過(guò)程中，物體B、C和輕彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)
12、械能守恒，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能一直在改變，故物體B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能并不守恒，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從C開始運(yùn)動(dòng)到A剛要離開擋板的過(guò)程中，物體C下落hx1x24 cm，對(duì)A、B、C和輕彈簧組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒，輕彈簧的彈性勢(shì)能在運(yùn)動(dòng)過(guò)程的初、末位置相等，則有mCgh(mBmC)v21.6 J，對(duì)物體C由動(dòng)能定理，mCghWmCv2，解得物體C克服細(xì)線的拉力所做的功為WmCghmCv2 J，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案AB8(2018合肥市質(zhì)檢一)把質(zhì)量為0.2 kg的小球放在豎立的輕質(zhì)彈簧上，并將球向下按至A的位置，如圖甲所示迅速松手后，球被彈起并沿豎直方向運(yùn)動(dòng)到最高位置C(圖丙)，途中經(jīng)過(guò)B的位置時(shí)彈簧
13、正好處于自由狀態(tài)(圖乙)已知B、A高度差為0.1 m，C、B高度差為0.2 m，不計(jì)空氣阻力，重力加速度取10 m/s2.下列說(shuō)法正確的是()A從A到C的過(guò)程中，球先加速后減速，在B位置時(shí)動(dòng)能最大B從A到C的過(guò)程中，球的機(jī)械能守恒C松手瞬間球的加速度為10 m/s2D彈簧被壓縮至A位置時(shí)具有的彈性勢(shì)能為0.6 J解析小球由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力大小等于彈簧的彈力時(shí)，小球的加速度為零，此時(shí)小球的速度最大、動(dòng)能最大，然后小球向上做減速運(yùn)動(dòng)，直到運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，A錯(cuò)誤；小球由A到B的過(guò)程中，彈簧的彈力對(duì)小球做正功，則該過(guò)程中小球的機(jī)械能不守恒，B錯(cuò)誤；如果放手后小球剛好運(yùn)
14、動(dòng)到B點(diǎn)速度減為零，則小球在B點(diǎn)的加速度大小為10 m/s2，由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，松手的瞬間小球加速度大小也為10 m/s2，而本題中由于小球離開彈簧后能繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，則表明在松手的瞬間小球的加速度大于10 m/s2，C錯(cuò)誤；由題意可知，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則由機(jī)械能守恒定律可知，彈簧被壓縮到A位置時(shí)的彈性勢(shì)能等于小球從A到C的過(guò)程中重力勢(shì)能的增加量，即EpmghAC0.210(0.10.2) J0.6 J，D正確答案D9(2018昆明市高三摸底)如圖所示，兩平行帶電金屬板水平放置，板間距為d.若在兩板正中間O點(diǎn)放一質(zhì)量為m的帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將兩板繞過(guò)O點(diǎn)且垂直
15、紙面的軸順時(shí)針旋轉(zhuǎn)60，再由O點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒，該微粒恰好能從上極板邊緣射出，取重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A極板長(zhǎng)為dB微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，其重力勢(shì)能減小mgdD微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，其電勢(shì)能增加mgd解析根據(jù)微粒恰好保持靜止可得mgF，其中F為微粒在兩平行金屬板間所受的電場(chǎng)力大小，將兩板繞過(guò)O點(diǎn)且垂直紙面的軸順時(shí)針旋轉(zhuǎn)60，電場(chǎng)力的大小沒(méi)有改變，但方向改變了，將重力沿平行金屬板方向和垂直金屬板方向分解，則有沿平行金屬板方向：F1mgsin60ma1，La1t2，其中L為平行金屬板的板長(zhǎng)；垂直于平行金屬板的方向：F2Fmgcos60ma2，da
16、2t2，聯(lián)立解得t ，Ld，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，重力做正功，重力勢(shì)能減少Epmgcos60dmgd，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少EpFdmgd，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案A二、非選擇題10(2018江西六校聯(lián)考)如圖甲所示，質(zhì)量為M、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的平板車B靜止在光滑水平面上某時(shí)刻質(zhì)量m1 kg的滑塊A以水平向右、大小為v03 m/s的初速度滑上平板車B的上表面，忽略滑塊A的大小從滑塊A剛滑上平板車B開始計(jì)時(shí)，它們?cè)?1 s時(shí)間內(nèi)的速度隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示，已知滑塊A在平板車B上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t1 s求滑塊A在平板車B上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，滑塊A和平板車
17、B組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能解析解法一：設(shè)平板車B對(duì)滑塊A的摩擦力的大小為f，滑塊A對(duì)平板車B的摩擦力的大小為f，滑塊A與平板B的加速度大小分別為aA、aB，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)滑塊A有fmaA，對(duì)平板車B有fMaB，根據(jù)牛頓第三定律可知ff，由題圖乙知v03 m/s，vA2 m/s，vB1 m/s，aA1 m/s2，aB1 m/s2，解得M1 kg，滑塊A在平板車上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律，滑塊A和平板車B組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能EmvmvMv2 J.解法二：滑塊A和平板車組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有mv0mvAMvB，由題圖乙知v03 m/s，vA2 m/s
18、，vB1 m/s，得M1 kg，滑塊A在平板車上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)能量守恒定律，滑塊A和平板車B組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能EmvmvMv2 J.解法三：由題圖乙知v03 m/s，vA2 m/s，aA1 m/s2，對(duì)滑塊A，由牛頓第二定律得fmaA1 N，題圖乙中滑塊A與平板車B的vt圖線包圍的梯形的面積表示滑塊A相對(duì)于平板車B的運(yùn)動(dòng)路程L，即L(13)1 m2 m，滑塊A在平板車B上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，滑塊A和平板車B組成的系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能EfL2 J.答案2 J11(2018浙江五校聯(lián)考)如圖所示，質(zhì)量mB3.5 kg的物體B通過(guò)下端固定在地面上的輕彈簧與地面連接，彈簧的勁度系數(shù)k100 N/m.輕繩一端
19、與物體B連接，另一端繞過(guò)兩個(gè)光滑的輕質(zhì)小定滑輪O1、O2后，與套在光滑直桿頂端E處的質(zhì)量mA1.6 kg的小球A連接已知直桿固定不動(dòng)，桿長(zhǎng)L為0.8 m，且與水平面的夾角37.初始時(shí)使小球A靜止不動(dòng)，與A相連的一段繩子保持水平，此時(shí)繩子中的張力F為45 N已知EO10.5 m，重力加速度g取10 m/s2，繩子不可伸長(zhǎng)現(xiàn)將小球A從靜止釋放(1)求在釋放小球A之前彈簧的形變量；(2)若直線CO1與桿垂直，求小球A從靜止運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中繩子拉力對(duì)小球A所做的功；(3)求小球A運(yùn)動(dòng)到直桿底端D點(diǎn)時(shí)的速度大小解析(1)釋放小球A前，B處于靜止?fàn)顟B(tài)，由于繩子中的張力大于物體B的重力，故彈簧被拉伸，設(shè)彈
20、簧形變量為x，有kxFmBg，解得x0.1 m.(2)對(duì)A球從E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理得WmAghmAv0其中hxCO1cos37，而xCO1xEO1sin370.3 m物體B下降的高度hxEO1xCO10.2 m由此可知，彈簧這時(shí)被壓縮了0.1 m，此時(shí)彈簧彈性勢(shì)能與初始時(shí)刻相等，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有mAghmBghmAvmBv由題意知，小球A在C點(diǎn)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向與繩垂直，此時(shí)B物體速度vB0由得W7 J.(3)由題意知，桿長(zhǎng)L0.8 m，由幾何知識(shí)可知ECCD，CDO1CEO137，故DO1EO1當(dāng)A到達(dá)D點(diǎn)時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能與初狀態(tài)相等，物體B又回到原位置，將A在D點(diǎn)的速度沿平行于繩和垂直于繩兩方向進(jìn)行分解，平行于繩方向的速度即B的速度，由幾何關(guān)系得vBvAcos37整個(gè)過(guò)程機(jī)械能守恒，可得mAgLsin37mAvA2mBvB2由得vA2 m/s.答案(1)0.1 m(2)7 J(3)2 m/s
2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專題二 能量與動(dòng)量 專題跟蹤訓(xùn)練6 機(jī)械能守恒 功能關(guān)系
