高考物理二輪復習 計算題47分模擬小卷(打包4套).zip
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計算題47分模擬小卷(一)計算題:本題共3小題,共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13(15分)(2016鹽城三模)如圖1所示,水平桌面上的輕質(zhì)彈簧左端固定,右端與靜止在O點質(zhì)量為m1 kg的小物塊接觸而不連接,此時彈簧無形變。現(xiàn)對小物塊施加F10 N水平向左的恒力,使其由靜止開始向左運動。小物塊在向左運動到A點前某處速度最大時,彈簧的彈力為6 N,運動到A點時撤去推力F,小物塊最終運動到B點靜止。圖中OA0.8 m,OB0.2 m,重力加速度取g10 m/s2。求小物塊:(1)與桌面間的動摩擦因數(shù);(2)向右運動過程中經(jīng)過O點的速度;(3)向左運動的過程中彈簧的最大壓縮量。圖1解析(1)小物塊速度達到最大時,加速度為零。FmgF彈0(3分)0.4(1分)(2)設向右運動通過O點時的速度為v0,從OB由動能定理得fxOB0mv(3分)fmg4 N(2分)解得v0 m/s(1分)(3)設撤去F推力后,小物塊繼續(xù)向左運動x的距離,彈簧的壓縮量最大值為xmax。取小物塊運動的全過程,根據(jù)動能定理得FxOAf(xOA2xxAB)0(3分)x0.1 m(1分)則xmax0.8 mx0.9 m(1分)答案(1)0.4(2) m/s(3)0.9 m14(16分)(2016南京模擬)如圖2甲所示,足夠長的光滑平行金屬導軌MN、PQ豎直放置,其寬度L1 m,一勻強磁場垂直穿過導軌平面,導軌的上端M與P之間連接阻值為R0.40 的電阻,質(zhì)量為m0.01 kg、電阻為r0.30 的金屬棒ab緊貼在導軌上?,F(xiàn)使金屬棒ab由靜止開始下滑,下滑過程中ab始終保持水平,且與導軌接觸良好,其下滑距離x與時間t的關系如圖乙所示,圖象中的OA段為曲線,AB段為直線,導軌電阻不計,g取10 m/s2(忽略ab棒運動過程中對原磁場的影響),求:圖2(1)磁感應強度B的大小;(2)金屬棒ab從開始運動到1.5 s內(nèi),電路中產(chǎn)生的熱量。解析(1)從1.5 s到2.1 s,由xt圖象知金屬棒這段時差是內(nèi)做勻速直線運動,則mgBIL(2分)I(4分)且vm(2分)解式得B0.1 T(1分)(2)01.5 s內(nèi),由能量守恒律得:mghmvQ(4分)解式得Q0.455 J(3分)答案(1)0.1 T(2)0.455 J15(16分)(2016南通一模)如圖3所示,足夠大的熒光屏ON垂直xOy坐標平面,與x軸夾角為30,y軸與ON間有沿y方向、場強為E的勻強電場,一質(zhì)量為m、電荷量為q的離子從y軸上的P點以速度v0、沿x軸方向射入電場,恰好垂直打到熒光屏上的M點(圖中未標出)?,F(xiàn)撤去電場,在y軸與ON間加上垂直坐標平面向里的勻強磁場,相同的離子仍以速度v0從y軸上的Q點沿x軸方向射入磁場,恰好也垂直打到熒光屏上的M點,離子的重力不計。(1)求離子在電場中運動的時間t1;(2)求P點距O點的距離y1和離子在磁場中運動的加速度大小a;(3)若相同的離子分別從y軸上的不同位置以速度vky(y0,k為常數(shù))、沿x軸方向射入磁場,離子都能打到熒光屏上,求k應滿足的條件。圖3解析設離子垂直打到熒光屏上的M點時,沿y方向的分速度大小為vy,在電場中運動的加速度為a1,則vy(1分)qEma1(1分)vya1t1(1分)解得t1(1分)(2)由幾何關系可知y1a1tv0t1tan 30(1分)解得y1(1分)設離子在磁場中做圓周運動半徑為r,則rcos 30v0t1(1分)而a(1分)解得a(1分)(3)如圖所示,設從縱坐標為y處射入磁場的離子恰好能打到熒光屏上,對應的圓周運動半徑為r0,則r0y(1分)而qBv(2分)其中vky(1分)為使離子能打到熒光屏上應滿足rr0qBv0ma(1分)解得k(2分)答案(1)(2)(3)k4計算題47分模擬小卷(三)計算題:本題共3小題,共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13(15分)(2016淮安三模)如圖1甲所示,在水平桌面上放置一邊長L0.2 m的正方形閉合金屬線圈abcd,線圈的匝數(shù)n10,質(zhì)量m0.1 kg,總電阻R0.1 ,與水平桌面間的動摩擦因數(shù)0.2,線圈與水平面的最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。線圈的右半邊處于豎直向上的勻強磁場中,磁場的左邊界MN與線圈ab、cd兩邊平行且距離相等。從t0時刻起,勻強磁場的磁感應強度B隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。取g10 m/s2,求:圖1(1)t1 s時刻線圈中的感應電動勢的大小E;(2)t0 s至t3 s線圈中流過的電荷量q和線圈中產(chǎn)生的熱量Q;(3)線圈何時開始發(fā)生滑動,向什么方向滑動。解析(1)根據(jù)法拉第電磁感應定律得Enn0.02 V(3分)(2)I0.2 A(2分)qIt0.6 C(2分)QI2Rt0.012 J(2分)(3)nBILmg(2分)B0.5 T(2分)根據(jù)圖象規(guī)律可得t6 s,向左滑動(2分)答案(1)0.02 V(2)0.6 C0.012 J(3)6 s向左滑動14(16分)(2016揚泰南三模)如圖2所示,光滑斜面傾角為,底端固定一垂直于斜面的擋板C,在斜面上放置長木板A,A的下端與C的距離為d,A的上端放置小物塊B,A、B的質(zhì)量均為m,A、B間的動摩擦因數(shù)tan 。現(xiàn)同時由靜止釋放A、B,A與C發(fā)生碰撞的時間極短,碰撞前、后瞬間速度大小相等。運動過程中小物塊始終沒有從木板上滑落,已知重力加速度為g。求:圖2(1)A與C發(fā)生第一次碰撞前瞬間的速度大小v1;(2)A與C發(fā)生第一次碰撞后上滑到最高點時,小物塊B的速度大小v2;(3)為使B不與C碰撞,木板A長度的最小值L。解析(1)第一次碰撞前由機械能守恒定律有(mm)v2mgdsin (3分)解得v1(1分)(2)設發(fā)生第一次碰撞后,A上滑、B下滑的加速度大小分別為aA、aB,則mgcos mgsin maA(2分)mgcos mgsin maB(2分)由于aAaB,則A先減速到零。設A第一次碰撞后上滑到最高點的時間為t,則v1aAt(1分)v2v1aBt(1分)解得v2(2分)(3)研究A、B運動全過程,由能量守恒定律有mgdsin mg(dL)sin mgLcos (3分)解得L4d(1分)答案(1)(2)(3)4d15.(16分)如圖3所示,光滑桿AB長為L,B端固定一根勁度系數(shù)為k、原長為l0的輕彈簧,質(zhì)量為m的小球套在光滑桿上并與彈簧的上端連接。OO為過B點的豎直軸,桿與水平面間的夾角始終為。圖3(1)桿保持靜止狀態(tài),讓小球從彈簧的原長位置靜止釋放,求小球釋放瞬間的加速度大小a及小球速度最大時彈簧的壓縮量l1;(2)當球隨桿一起繞OO軸勻速轉(zhuǎn)動時,彈簧伸長量為l2,求勻速轉(zhuǎn)動的角速度;(3)若30,移去彈簧,當桿繞OO軸以角速度0勻速轉(zhuǎn)動時,小球恰好在桿上某一位置隨桿在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動,球受輕微擾動后沿桿向上滑動,到最高點A時球沿桿方向的速度大小為v0,求小球從開始滑動到離開桿的過程中,桿對球所做的功W。解析(1)小球從彈簧的原長位置靜止釋放時,根據(jù)牛頓第二定律有mgsin ma(2分)解得agsin (1分)小球速度最大時其加速度為零,則kl1mgsin (1分)解得l1(1分)(2)彈簧伸長l2時,球受力如圖所示,水平方向上有FNsin kl2cos m2(l0l2)cos (2分)豎直方向上有FNcos kl2sin mg0(2分)解得(1分)(3)當桿繞OO軸以角速度0勻速轉(zhuǎn)動時,設小球距離B點L0,此時有mgtan mL0cos (1分)解得L0(1分)此時小球的動能Ek0m(0L0cos )2(1分)小球在最高點A離開桿瞬間的動能EkAmv(0Lcos )2(1分)根據(jù)動能定理有Wmg(LL0)sin EkAEk0(1分)解得WmgLmv(1分)答案(1)gsin (2)(3)mgLmv4計算題47分模擬小卷(二)計算題:本題共3小題,共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13(15分)(2016泰州一模)如圖1所示,在傾角為30的光滑斜面上,一勁度系數(shù)為k200 N/m的輕質(zhì)彈簧一端連接固定擋板C,另一端連接一質(zhì)量為m4 kg的物體A,一輕細繩通過定滑輪,一端系在物體A上,另一端與質(zhì)量也為m的物體B相連,細繩與斜面平行,斜面足夠長。用手托住物體B使繩子剛好沒有拉力,然后由靜止釋放。求:圖1(1)彈簧恢復原長時的細繩上的拉力;(2)物體A沿斜面向上運動多遠時獲得最大速度;(3)物體A的最大速度的大小。解析彈簧恢復原長時對B有mgTma(2分)對A有Tmgsin 30ma(2分)解得T30 N(1分)(2)初態(tài)彈簧壓縮x110 cm(2分)當A速度最大時mgkx2mgsin 30(2分)彈簧伸長x210 cm(1分)所以A沿斜面向上運動xx1x220 cm時獲得最大速度。(1分)(3)因x1x2,故彈性勢能改變量EP0(1分)由系統(tǒng)機械能守恒mg(x1x2)mg(x1x2)sin 302mv2(2分)得vg1 m/s(1分)答案(1)30 N(2)20 cm(3)1 m/s14(16分)(2016無錫一模)如圖2所示,水平面內(nèi)有一對不計電阻的平行金屬導軌,間距為l,導軌端點連接著阻值為R的定值電阻。導軌之間還存在一系列邊界為半個正弦波形的有界勻強磁場,磁場的上邊界與導軌MN相切,下邊界與導軌PQ重合,寬度為d,其中第奇數(shù)個磁場方向垂直于紙面向里,磁感應強度為B,第偶數(shù)個磁場方向垂直于紙面向外,磁感應強度為2B。建立圖示坐標系,一質(zhì)量為m、長度為l、不計電阻的細導體棒開始與y軸重合,棒與導軌緊密接觸且摩擦不計、電阻不計?,F(xiàn)對導體棒施加一個水平向右的拉力,使其向右以速度v勻速運動。(1)規(guī)定回路中逆時針電流方向為正,畫出回路電流隨時間的變化關系圖線(至少畫出一個周期);(2)求運動過程中導體棒所受安培力的最大值;(3)求從開始運動到穿過第4個磁場區(qū)域的過程中水平拉力所做的功。圖2解析(1)如圖所示(3分)(2)最大感應電動勢Em2Blv(2分)回路最大電流Im(1分)最大安培力Fm2BIml(2分)聯(lián)立得Fm(1分)(3)在第奇數(shù)個磁場內(nèi)運動電流的有效值為I1(1分)在第偶數(shù)個磁場內(nèi)運動電流的有效值為I2(2分)產(chǎn)生的總熱量為QIR()IR()(2分)由功能關系,拉力做功WQ(2分)答案(1)見解析(2)(3)15(16分)(2016無錫二模)如圖3所示,光滑圓弧軌道與長為L4.84 m的水平傳送帶BC相切于B。傳送帶以v2 m/s的速度勻速向右傳動。一質(zhì)量為m2 kg的小滑塊從軌道最高點A由靜止開始釋放。整個裝置放在風洞實驗室中,小滑塊始終受到大小為F6 N、水平向左的恒定風力的作用。當小滑塊運動到B點時的速度大小為v06 m/s,當它滑過B后,立即將圓弧軌道撤去。已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1,重力加速度取g10 m/s2。圖3(1)求圓弧軌道的半徑和小滑塊經(jīng)過B點時對軌道的壓力大小;(2)小滑塊最終從哪邊離開傳送帶?求它在傳送帶上運動的總時間;(3)求滑塊在傳送帶上運動的過程中,系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量。解析(1)由動能定理mgRFRmv(1分)得R m(1分)在B點:FNmg(1分)得FN48 N由牛頓第三定律,小滑塊對軌道的壓力FN48 N(1分)(2)第一階段,滑塊向右勻減速,加速度大小為a1,F(xiàn)mgma1(1分)得a14 m/s2(1分)從到達B至與傳送帶共速,用時t11 s(1分)此間滑塊滑行x1(v0v)t14 m0.84 m(1分)說明滑塊尚未減速至零,已由C端離開。設第二階段滑行時間為t2,有(Lx1)vt2a2t(1分)代入數(shù)據(jù),得t20.6 s或t21.4 s(舍去),所用總時間tt1t21.6 s(1分)(3)第一階段,相對位移x1x1vt12 m第二階段,相對位移x2vt2(Lx1)0.36 m(1分)Qmg(x1x2)(1分)代入數(shù)據(jù),得Q4.72 J(1分)答案(1) m48 N(2)從C端離開1.6 s(3)4.72 J4計算題47分模擬小卷(四)計算題:本題共3小題,共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13(15分)(2016南京一模)如圖1所示,在水平虛線范圍內(nèi)有B0.5 T,高度為h1.0 m,方向垂直紙面向里的勻強磁場。質(zhì)量m0.2 kg,邊長L1.0 m的正方形線框abcd,其電阻R1.0 ,cd邊跟磁場下邊平行且相距一段距離?,F(xiàn)用F3.0 N豎直向上的恒力由靜止開始拉動線框,cd邊剛進入磁場時,恰好做勻速運動,并穿過磁場區(qū)域,最后到達位置。整個過程中線框保持在豎直平面內(nèi),求線框:(取g10 m/s2)(1)開始運動的加速度;(2)剛進入磁場時c、d兩點間電勢差;(3)在穿越磁場過程中產(chǎn)生的熱量。圖1解析(1)根據(jù)牛頓第二定律得Fmgma(2分)a5 m/s2(2分)(2)cd邊進入磁場后做勻速運動FmgBIL(2分)I(2分)E2 V(2分)UcdE1.5 V(2分)(3)Q(Fmg)2L2 J(3分)答案(1)5 m/s2(2)1.5 V(3)2 J14(16分)(2016上海單科,31)風洞是研究空氣動力學的實驗設備。如圖2,將剛性桿水平固定在風洞內(nèi)距地面高度H3.2 m處,桿上套一質(zhì)量m3 kg,可沿桿滑動的小球。將小球所受的風力調(diào)節(jié)為F15 N,方向水平向左。小球以初速度v08 m/s向右離開桿端,假設小球所受風力不變,取g10 m/s2。求:圖2(1)小球落地所需時間和離開桿端的水平距離;(2)小球落地時的動能;(3)小球離開桿端后經(jīng)過多少時間動能為78 J?解析(1)小球在豎直方向做自由落體運動,運動時間為t00.8 s(2分)小球在水平方向做勻減速運動,加速度大小為a5 m/s2(2分)水平位移sv0t0at4.8 m(2分)(2)由動能定理得EkmvmgHFs(2分)可得Ek120 J(2分)(3)設小球離開桿后經(jīng)過時間t的水平位移為s,則sv0tat2(1分)由動能定理得Ekmvmggt2Fs(2分)將Ek78 J和v08 m/s代入得125t280t120(1分)解得t10.4 s(舍去),t20.24 s(2分)答案(1)0.8 s4.8 m(2)120 J(3)0.24 s15(16分)(2016泰州一模)在xOy平面第象限中,存在沿x軸負方向的勻強電場,場強為E1,第象限中存在沿x軸正方向的勻強電場,場強為E2,在第、象限中,存在垂直于xOy平面方向的勻強磁場,方向如圖3所示。磁感應強度B1B,B22B。帶電粒子a、b同時從y軸上的點M(0,l)以不同的速率向相反方向射出,射出時粒子a的速度方向與y軸正方向成60角,經(jīng)過時間t0,粒子a、b同時第一次垂直x軸進入電場,不計粒子重力和兩粒子間相互作用。圖3(1)求粒子a的比荷及射出磁場時的位置;(2)求粒子a、b射出時速度的大?。?3)進入電場后,粒子a、b先后第一次到達y軸上的P、Q兩點(圖中未畫出),求P、Q兩點間的距離。解析(1)粒子a:t0(1分)則(1分)經(jīng)過x軸時位置xal。(2)粒子a:Ra2l,Bqava(1分)則va。(1分)粒子b:Rb2l,t0,(1分)則,(1分)Rb,(1分)則vb,(1分)(3)粒子進入電場后均做類平拋運動對粒子a:a1(1分)la1t,t1,(1分)yPvat1l。(1分)對粒子b:a2,(1分)3la2t,(1分)t2,(1分)yQvbt28l,(1分)則PQyQyPl。(1分)答案(1)l(2)(3)l4
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