高考物理大二輪總復習 模塊滾動檢測卷（六）

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模塊滾動檢測卷(六)(范圍：選修35滿分100分)一、單項選擇題(本題共11小題，每小題3分，滿分33分每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確選對得3分，不選或錯選得0分)1用藍光照射一光電管，能產生光電流，則下列一定可以使該光電管產生光電效應的有()A紅光 B黃光C綠光 D紫光答案D解析紫光的頻率大于藍光的頻率，一定能夠發(fā)生光電效應，紅光的頻率、黃光的頻率和綠光的頻率都小于藍光的，不一定能使光電管產生光電效應2如圖1為電子束通過鋁箔時的衍射圖樣根據圖樣，下列說法正確的是()圖1A電子落在“亮環(huán)”上的概率小B電子落在“暗環(huán)”上的概率大C電子具有波動性D相鄰“亮環(huán)”間的距離相等答案C解析物質波是一種概率波，體現為該物質在空間出現的幾率大小不一樣，落在“亮環(huán)”上的概率大，落在“暗環(huán)”上的概率小，故A、B錯誤；根據衍射圖樣可知，電子具有波動性，故C正確；因是衍射現象，所以相鄰“亮環(huán)”間的距離不等，故D錯誤3下列關于光的本性的說法中正確的是()A關于光的本性，牛頓提出了“微粒說”，惠更斯提出了“波動說”，愛因斯坦提出了“光子說”，綜合他們的說法圓滿地說明了光的本性B光具有波粒二象性是指既可以把光看成宏觀概念上的波，也可以看成微觀概念上的粒子C光的干涉、衍射現象說明光具有波動性，光電效應和康普頓效應說明光具有粒子性D頻率低、波長長的光，粒子性特征顯著；頻率高、波長短的光，波動性特征顯著答案C解析 牛頓的“微粒說”認為光是一種實物粒子，是宏觀意義的粒子，而不是微觀概念上的粒子，實際上是不科學的惠更斯提出了“波動說”，光既具有粒子性，又具有波動性，即具有波粒二象性，才能圓滿說明光的本性故A錯誤光具有波粒二象性，但不能把光看成宏觀概念上的波光的粒子性要求把光看成微觀概念上的粒子，故B錯誤干涉和衍射是波的特有現象，光的干涉、衍射現象說明光具有波動性，光電效應和康普頓效應說明光具有粒子性，故C正確頻率低、波長長的光，波動性特征顯著；頻率高、波長短的光，粒子性特征顯著故D錯誤4一個處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子，當它自發(fā)躍遷到較低能級時()A總共發(fā)出六種頻率不同的光子B從n4躍遷到n3時，發(fā)出的光子的波長最小C從n4直接躍遷到n2時，發(fā)出可見光的光子D從n4直接躍遷到n1時，發(fā)出的光子的波長最長答案C解析若大量處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子，根據數學組合公式C6知，可能放出6種不同頻率的光子，但只有一個氫原子，因此最多放出3種不同頻率的光子故A錯誤從n4躍遷到n3能級輻射的光子能量最小，頻率最低，波長最長故B錯誤從n4的能級直接躍遷到n2的能級，輻射出光子能量E(3.40.85) eV2.55 eV，而可見光光子能量在1.643.19 eV之間故C正確；由n4躍遷到n1能級輻射的光子能量最大，頻率最大，波長最短，故D錯誤5(2016紹興模擬)在衰變中放出的電子來自()A原子核外軌道上的電子B原子核內所含的電子C原子核內中子變成質子時放出的電子D原子核內質子變成中子時放出的電子答案C解析衰變的實質是原子核中一個中子轉變?yōu)橐粋€質子和一個電子，電子釋放出來，可知衰變的電子來自原子核，故C正確，A、B、D錯誤6關于核力與比結合能，下列說法不正確的是()A核力是短程力，可分為強相互作用與弱相互作用B每個核子只與鄰近核子發(fā)生核力作用，這種性質稱為核力的飽和性C比結合能越大，原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定D核聚變后比結合能增加，質量虧損，釋放能量答案A解析核力是短程力，屬于強相互作用，故A錯誤；核力是短程力，作用范圍在1.51015 m，原子核的半徑數量級在1015 m，所以核力只存在于相鄰的核子之間，核力是原子核能穩(wěn)定存在的原因，故B正確；比結合能：原子核結合能對其中所有核子的平均值，比結合能越大，原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定故C正確；輕核聚變后比結合能增加，因此反應中會釋放能量，故D正確；故選A.7下列不屬于反沖運動的是()A噴氣式飛機的運動 B直升機的運動C火箭的運動 D反擊式水輪機的運動答案B解析噴氣式飛機是利用飛機與氣體間的相互作用，而促使飛機前進的，故屬于反沖運動；直升機的運動是利用氣體動力學的原理制成的，不屬于反沖運動；火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運動；反擊式水輪機是利用了水的反沖作用而獲得動力，屬于反沖運動故選B.8圖2為X射線管的結構示意圖，E為燈絲電源要使射線管發(fā)出X射線，須在K、A兩電極間加上幾萬伏的直流高壓，則()圖2A高壓電源正極應接在P點，X射線從K極發(fā)出B高壓電源正極應接在P點，X射線從A極發(fā)出C高壓電源正極應接在Q點，X射線從K極發(fā)出D高壓電源正極應接在Q點，X射線從A極發(fā)出答案D解析E為燈絲電源，對燈絲加熱，燈絲放出電子，電子速度是很小的，要使電子到達陽極A，并高速撞擊A，使原子的內層電子受到激發(fā)才能發(fā)出X射線因此，K、A之間應有使電子加速的電場，故Q應接高壓電源正極D正確9如圖3所示，一小車在光滑水平面上，甲、乙兩人分別站在左右兩側，整個系統(tǒng)原來靜止，則當兩人同時相向走動時()圖3A要使小車靜止不動，甲、乙速率必相等B要使小車向左運動，甲的速率必須比乙的大C要使小車向左運動，甲的動量必須比乙的大D要使小車向左運動，甲的動量必須比乙的小答案C解析兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據動量守恒定律得：mAvAmBvBm車v車0，若小車不動，則mAvAmBvB0，甲、乙動量大小一定相等，但是甲和乙的質量不一定相同，所以甲和乙的速率不一定相同，所以A錯誤；要使小車向左運動，則甲、乙的動量和必須向右，而甲向右運動，乙向左運動，所以甲的動量一定比乙的大，所以B、D錯誤，C正確10在學校的體育運動會跳高場地，我們看到在運動員落地一側要疊放幾塊較大而厚的軟墊，其目的是()A增加運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力B增加運動員落地過程的時間，減小腳受到的作用力C減少運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力D減少運動員落地過程的時間，減小腳受到的作用力答案B解析在運動員落地一側要疊放幾塊較大而厚的軟墊，增加了運動員落地的時間，設運動員落地前的速度為v，腳受到的作用力為F，根據動量定理得：Ftmv，時間變大，則作用力變小，故B正確11(2016湖州聯(lián)考)如圖4為中國隊隊員投擲冰壺的鏡頭在某次投擲中，冰壺運動一段時間后以0.4 m/s的速度與對方的靜止冰壺發(fā)生正碰，碰后對方的冰壺以0.3 m/s的速度向前滑行若兩冰壺質量相等，規(guī)定向前運動方向為正方向，則碰后中國隊冰壺的速度為()圖4A0.1 m/s B0.1 m/sC0.7 m/s D0.7 m/s答案A解析規(guī)定向前運動的方向為正方向，根據動量守恒定律得：mv0mv1mv2，代入數據解得v20.1 m/s，A正確二、不定項選擇題(本題共5小題，每小題3分，滿分15分在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題意，全部選對的得3分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分)12了解物理規(guī)律的發(fā)現過程，學會像科學家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要以下敘述符合歷史事實的是()A湯姆孫通過對陰極射線的研究，發(fā)現了電子B楞次通過對感應電流的研究，發(fā)現了電磁感應定律C盧瑟福研究原子核時發(fā)現了質子，并預言中子的存在D居里夫人發(fā)現了天然放射性現象，說明原子核有復雜結構答案AC解析湯姆孫通過對陰極射線的研究發(fā)現了電子，故A正確；楞次發(fā)現了楞次定律，用于判定感應電流方向，法拉第發(fā)現了電磁感應現象，提出電磁感應定律，故B錯誤；盧瑟福研究原子核時發(fā)現了質子，并預言中子的存在，后來由赫茲通過實驗證實，故C正確；貝可勒爾發(fā)現了天然放射現象，揭示了原子核具有復雜結構，故D錯誤13下列說法正確的是()A根據F可把牛頓第二定律表述為：物體動量的變化率等于它所受的力B力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的積累效應，是一個標量C動量定理的物理實質與牛頓第二定律是相同的，但有時用起來更方便D易碎品運輸時要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力答案AD解析由動量定理可得：pFt，則maF，由此可知，物體動量的變化率等于它所受的力，故A正確；力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的積累效應，是一個矢量，故B錯誤；動量定理反應了動量變化與沖量的關系，牛頓第二定律反應了力、質量與加速度間的關系，它們不同，故C錯誤；由pFt可知，動量變化相等時，時間t越長，力F越小，因此易碎品運輸時要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力，故D正確14以下說法正確的是()A平均結合能越大的原子核越穩(wěn)定B玻爾原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律C盧瑟福提出原子核式結構模型的依據是湯姆孫發(fā)現了電子D氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，會輻射一定頻率的光子，同時核外電子的動能增大答案ABD解析 比結合能越大，即平均結合能越大的原子核越穩(wěn)定，故A正確；玻爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，故B正確；盧瑟福提出原子的核式結構模型，其建立的依據是粒子散射實驗，故C錯誤；氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，會輻射一定頻率的光子，電子的軌道半徑減小，根據km知，電子的動能增大，故D正確15對于巴耳末公式R()的理解，下列說法正確的是()A此公式是巴耳末在研究氫光譜特征時發(fā)現的B此公式中n可以取任意值，所以氫原子光譜是連續(xù)的C此公式中n只能取整數，故氫原子光譜是線狀譜D此公式不但適用于氫原子光譜，還適用于其他原子光譜答案AC解析當在研究氫光譜特征時發(fā)現的巴耳末公式，公式R()的n只能取整數，因此得到的氫原子光譜是線狀譜，只能適用于氫原子光譜，故A、C正確，B、D錯誤16煙霧探測器使用了一種半衰期為432年的放射性元素镅Am來探測煙霧當正?？諝夥肿哟┻^探測器時，镅Am會釋放出射線將它們電離，從而產生電流煙塵一旦進入探測腔內，煙塵中的微粒會吸附部分射線，導致電流減小，從而觸發(fā)警報則下列說法正確的是()A镅Am發(fā)出的是射線B镅Am發(fā)出的是射線C镅Am發(fā)出的是射線D發(fā)生火災時，雖然溫度升高，镅Am的半衰期不變答案AD解析 镅Am會釋放出射線將它們電離，從而產生電流，而三種射線中，射線能使空氣電離，故A正確，B、C錯誤；半衰期與外界因素無關，故D正確三、實驗題(本題共2小題，每空格2分，共18分)17(8分)小明用金屬銣為陰極的光電管，觀測光電效應現象，實驗裝置示意圖如圖5甲所示(已知普朗克常量h6.631034 Js)(1)圖甲中電極A為光電管的_(填“陰極”或“陽極”)；(2)實驗中測得銣的遏止電壓Uc與入射光頻率之間的關系如圖乙所示，則銣的截止頻率c_Hz，逸出功W0_J；(3)如果實驗中入射光的頻率7.01014 Hz，則產生的光電子的最大初動能Ekm_J.圖5答案 (1)陽極(2)5.1510143.411019(3)1.231019解析(1)電子從金屬板上射出后被電場加速，由此可知A板為正極即為陽極(2)由EkmhW0和eUcEkm得：eUchW0，因此當遏止電壓為零時，hcW0，根據圖乙可知，銣的截止頻率c5.151014 Hz，根據hcW0，則可求出該金屬的逸出功大小W06.6310345.151014 J3.411019 J.(3)由EkmhW0，解得：Ekm6.6310347.01014 J3.411019 J1.231019 J.18(10分)(2016浙江部分中學聯(lián)考)某同學用如圖6所示裝置驗證動量守恒定律，用輕質細線將小球1懸掛于O點，使小球1的球心到懸點O的距離為L，被碰小球2放在光滑的水平桌面上將小球1從右方的A點(OA與豎直方向的夾角為)由靜止釋放，擺到最低點時恰與小球2發(fā)生正碰，碰撞后，小球1繼續(xù)向左運動到C位置，小球2落到水平地面上到桌面邊緣水平距離為x的D點圖6(1)實驗中已經測得上述物理量中的、L、x，為了驗證兩球碰撞過程動量守恒，還應該測量的物理量有_(要求填寫所測物理量的名稱及符號)(2)請用測得的物理量結合已知物理量來表示碰撞前后小球1、小球2的動量： p1_；p1_；p2_；p2_.答案(1)小球1的質量m1，小球2的質量m2，桌面高度h，OC與OB間的夾角 (2)m1m10m2x解析(1)為了驗證兩球碰撞過程動量守恒，需要測量兩小球的質量，小球1質量m1，小球2質量m2，小球1碰撞前后的速度可以根據機械能守恒定律算出，所以還需要測量OC與OB的夾角，需要通過平拋運動測量出小球2碰后的速度，需要測量桌面的高度h.(2)小球從A處下擺過程只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律得：m1gL(1cos )m1v12，解得v1.則p1m1v1m1.小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運動，在A碰后到達最左端過程中，機械能再次守恒，由機械能守恒定律得：m1gL(1cos )0m1v12，解得v1，則p1m1.碰前小球B靜止，則p20；碰撞后B球做平拋運動，水平方向：xv2t，豎直方向 hgt2，聯(lián)立解得v2x，則碰后B球的動量p2m2x.四、計算題(本題共3小題，19題10分，20題12分，21題12分， 共34分要求每題寫出解題過程，只有答案沒有過程概不評分)19(10分)一個氫原子的質量為1.673 61027 kg，一個鋰原子的質量為11.650 51027 kg，一個氦原子的質量為6.646 71027 kg.一個鋰核受到一個質子轟擊變?yōu)?個粒子(1)寫出核反應方程，并計算該反應釋放的核能是多少？(2)1 mg鋰原子發(fā)生這樣的反應共釋放多少核能？答案 (1) LiH2He 17.3 MeV(2) 2.376108 J解析(1)根據題意可知該反應的核反應方程為：LiH2He根據質能方程得：E(mLimp2m)c2代入數據得：E17.3 MeV.(2)1 mg鋰原子的個數：n8.5831019個釋放的總核能：EnE8.583101917.3 MeV2.376108 J.20(12分)一靜止的钚核發(fā)生衰變后放出一個粒子變成鈾核已知钚核質量為m1，粒子質量為m2，鈾核質量為m3，光在真空中的傳播速度為c.(1)如果放出的粒子的速度大小為v，求鈾核的速度大小v；(2)求此衰變過程中釋放的總能量答案(1)v(2)(m1m2m3)c2解析(1)钚核發(fā)生衰變后放出一個粒子的過程中，系統(tǒng)動量守恒，以鈾核的速度方向為正方向，根據動量守恒定律得：m3vm2v0解得：vv(2)質量虧損mm1m2m3根據愛因斯坦質能方程得： 釋放的總能量Emc2(m1m2m3)c2.21(12分)如圖7所示，在光滑水平面上疊放A、B兩物體，質量分別為mA、mB，A與B間的動摩擦因數為，質量為m的小球以水平速度v射向A，以的速度返回，求：(1)A與B相對靜止時的速度；(2)木板B至少多長，A才不至于滑落圖7答案(1)(2)解析(1)以小球與A碰撞前的速度方向為正方向，對小球和A組成的系統(tǒng)由動量守恒定律，有 mvm()mAvA設A和B相對靜止后的速度為v1，對A與B組成的系統(tǒng)由動量守恒定律，有mAvA(mAmB)v1由得v1(2)A、B相互作用的過程中系統(tǒng)減小的動能轉化為內能，A恰好不滑落的條件是A滑到B的右端時兩者速度相等，設A在B上滑行的距離為d，由功能關系，有mAgdmAvA2(mAmB)v12由得d.