2016年高考物理高考復(fù)習(xí).docx
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2016年高考物理復(fù)習(xí) 但這些知識(shí)總體感覺(jué)是比較零散的，在知識(shí)的綜合應(yīng)用方面仍存在較大的問(wèn)題。所以復(fù)習(xí)的目標(biāo)應(yīng)定位為：融會(huì)貫通知識(shí)、鎖定高考考點(diǎn)、突破熱點(diǎn)重點(diǎn)、強(qiáng)化弱點(diǎn)難點(diǎn)。 要采取扎實(shí)有效的措施——扎實(shí)有效的措施是搞好復(fù)習(xí)的保障 1．二輪復(fù)習(xí)主要從知識(shí)專(zhuān)題和方法專(zhuān)題兩方面開(kāi)展 (1)知識(shí)專(zhuān)題突破 通過(guò)復(fù)習(xí)知識(shí)專(zhuān)題，掌握物理概念及其相互關(guān)系，熟練掌握物理規(guī)律、公式及應(yīng)用；加強(qiáng)高考熱點(diǎn)題型研究，訓(xùn)練解題規(guī)范和答題速度；總結(jié)解題方法與技巧，從而提高分析和解決問(wèn)題的能力。 主干內(nèi)容：牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用；功能關(guān)系的應(yīng)用；帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電磁感應(yīng)及其綜合應(yīng)用；力學(xué)和電學(xué)實(shí)驗(yàn)；熱學(xué)、機(jī)械振動(dòng)和機(jī)械波、光學(xué)、原子物理和動(dòng)量等基本內(nèi)容。 (2)方法技巧專(zhuān)題訓(xùn)練 通過(guò)專(zhuān)題訓(xùn)練，進(jìn)一步強(qiáng)化圖象法、類(lèi)比法、等效法、對(duì)稱(chēng)法等常用方法在解決物理問(wèn)題中的應(yīng)用，理解這些方法應(yīng)用的意義和技巧。 2．專(zhuān)題復(fù)習(xí)的具體措施 (1)構(gòu)建知識(shí)網(wǎng)絡(luò) 基本概念和基本規(guī)律是高考考查的重點(diǎn)，而高考命題對(duì)同一知識(shí)點(diǎn)的考查往往是跨度大、涉及面廣、綜合性強(qiáng)，所以復(fù)習(xí)要在強(qiáng)化重點(diǎn)知識(shí)的同時(shí)，要搞清知識(shí)點(diǎn)之間的內(nèi)在聯(lián)系，串聯(lián)相關(guān)內(nèi)容，形成思維圖線，提高綜合運(yùn)用知識(shí)的能力。 (2)查漏補(bǔ)缺 回歸教材 強(qiáng)化高考熱點(diǎn)訓(xùn)練，使自己的薄弱環(huán)節(jié)得到強(qiáng)化。 回歸教材要注意幾點(diǎn)：①問(wèn)題化：把每一節(jié)所講的內(nèi)容問(wèn)題化，看看這一節(jié)教材中講了哪幾個(gè)問(wèn)題；②重點(diǎn)化：對(duì)重要概念、規(guī)律、方法進(jìn)行歸納與總結(jié)；③要點(diǎn)化：把重點(diǎn)問(wèn)題列成一個(gè)個(gè)的要點(diǎn)；④系統(tǒng)化：建立這一章的知識(shí)與前后知識(shí)的聯(lián)系。 (3)加強(qiáng)高考熱點(diǎn)題型的研究 選擇題：根據(jù)各省高考對(duì)選擇題的考查熱點(diǎn)，找準(zhǔn)交叉點(diǎn)設(shè)計(jì)例題和針對(duì)訓(xùn)練。同時(shí)在做題中注意總結(jié)選擇題的解題方法。 實(shí)驗(yàn)題：高考實(shí)驗(yàn)題以其靈活性和探究性成為高考得分的難點(diǎn)，因此要注意：①加強(qiáng)對(duì)基本儀器使用能力的培養(yǎng)；②加強(qiáng)實(shí)物連線，實(shí)驗(yàn)步驟排序、糾錯(cuò)、補(bǔ)漏，實(shí)驗(yàn)誤差的排除等；③加強(qiáng)對(duì)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的分析處理能力的訓(xùn)練：分析推理、數(shù)據(jù)處理方法、誤差分析等；④重視對(duì)實(shí)驗(yàn)的思想方法及原理的深刻理解和熟練掌握。 計(jì)算題：也可以分為兩大類(lèi)：力學(xué)計(jì)算題和電學(xué)計(jì)算題。重點(diǎn)要學(xué)會(huì)審題；學(xué)會(huì)分析物理狀態(tài)、物理過(guò)程和物理情景；學(xué)會(huì)建立物理模型和選擇物理規(guī)律；學(xué)會(huì)總結(jié)解題思路，歸納解題方法。 (4)構(gòu)建物理模型 學(xué)會(huì)發(fā)散思維 在對(duì)典型物理問(wèn)題的復(fù)習(xí)中，通過(guò)解題訓(xùn)練來(lái)提高能力、掌握方法，促進(jìn)對(duì)基本方法的掌握，僅僅如此是不夠的，還要做到以下幾點(diǎn)： ①加深對(duì)概念、規(guī)律的理解還要對(duì)知識(shí)進(jìn)行拓展； ②反思、總結(jié)和歸納出一些解題的思路、方法； ③在頭腦中“沉淀”一些典型的物理模型。 要掌握增分的策略——掌握增分策略是贏得高考的法寶 1．在錯(cuò)題中查找、彌補(bǔ)知識(shí)漏洞，加強(qiáng)薄弱環(huán)節(jié) 2．復(fù)習(xí)中要“小題大做” 3．加強(qiáng)審題和解題的規(guī)范性訓(xùn)練 4．重視應(yīng)試針對(duì)性訓(xùn)練 (1)限時(shí)訓(xùn)練。要求在規(guī)定的時(shí)間里完成一套試卷，檢測(cè)完成的數(shù)量和質(zhì)量。多次實(shí)踐后，領(lǐng)悟答卷的時(shí)間安排、做題次序、宏觀把握等策略。 (2)記憶訓(xùn)練。物理中有許多內(nèi)容需要記憶，特別是選考模塊的內(nèi)容，知識(shí)體系的構(gòu)建也是整體記憶過(guò)程。 (3)反思訓(xùn)練。借助糾錯(cuò)本實(shí)現(xiàn)自我反思，剖析原因，分類(lèi)整理，自我評(píng)價(jià)，重視積累，總結(jié)得失。 第一步 研考綱，悉考情 鎖定高考風(fēng)向標(biāo) 1.考綱要研讀，考情要洞悉 以2015年高考新課標(biāo)物理《考試大綱》為例，較2014年有兩處改動(dòng)：①在選修模塊3－3“分子動(dòng)理論與統(tǒng)計(jì)觀點(diǎn)”主題的說(shuō)明中，刪除了“定性了解”這段文字。②在選修模塊3－4“光”主題的說(shuō)明中，刪除了“相對(duì)折射率作要求”這段文字。有關(guān)高考內(nèi)容范圍及要求如下： 表1 必考內(nèi)容范圍及要求 表2 選考內(nèi)容范圍及要求 2.研究命題趨勢(shì)，確定復(fù)習(xí)方向 第二步 注重方法與技巧 搶取高分有策略 一、選擇題——把握好選擇題做到零失分 1、選擇題中的高頻考點(diǎn) (1)力與物體的平衡 (2)牛頓運(yùn)動(dòng)定律與直線運(yùn)動(dòng) (3)萬(wàn)有引力與航天 (4)直流電路的分析(5)電場(chǎng)及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(6)曲線運(yùn)動(dòng) (7)帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)及帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)(8)功和能 (9)電磁感應(yīng)規(guī)律及應(yīng)用(10)交變電流的產(chǎn)生及變壓器原理 2、應(yīng)試選擇題的原則 （1）不要挑題做，一道題的用時(shí)不超過(guò)3分鐘 ； （2）仔細(xì)審題，抓住題干中的關(guān)鍵字、詞、句的物理含義； （3）選出正確答案，當(dāng)某一項(xiàng)不能確定時(shí)，寧可少選也不錯(cuò)選； （4）檢查答案是否合理，與題意是否相符。 3、突破技法 直接判斷法——常識(shí)性題目 1．[2015西安83中二模](多選)伽利略開(kāi)創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有( ) A．力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因 B．物體之間普遍存在相互吸引力 C．忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快 D．物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反 [解析] 伽利略用理想斜面實(shí)驗(yàn)指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，A選項(xiàng)正確；萬(wàn)有引力是牛頓提出的，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)指出忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快，C選項(xiàng)正確；牛頓第三定律總結(jié)了作用力和反作用力的關(guān)系，D選項(xiàng)錯(cuò)誤。 [答案] AC 比較排除法 2．[2013佳木斯一模]如圖所示，A是一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框。虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)寬度為3L。線框的bc邊與磁場(chǎng)左右邊界平行且與磁場(chǎng)左邊界的距離為L(zhǎng)?，F(xiàn)維持線框以恒定的速度v沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)。規(guī)定磁場(chǎng)對(duì)線框作用力沿x軸正方向?yàn)檎?，且在圖示位置時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則在線框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，磁場(chǎng)對(duì)線框的作用力隨時(shí)間變化的圖象，正確的是( ) [解析] 線圈在磁場(chǎng)中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流時(shí)，磁場(chǎng)對(duì)線圈的安培力對(duì)線圈的運(yùn)動(dòng)起阻礙作用，所以方向與運(yùn)動(dòng)方向相反，沿x軸負(fù)方向，因規(guī)定磁場(chǎng)對(duì)線框作用力沿x軸正方向時(shí)為正，則此題安培力應(yīng)為負(fù)方向，排除A、D選項(xiàng)。因線框ad邊也進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框內(nèi)無(wú)感應(yīng)電流，磁場(chǎng)對(duì)線框無(wú)作用力，排除C選項(xiàng)，故B正確。 [答案] B 極限分析法——適用于題干中所涉及的物理量 3．(多選)如圖讓小球由傾角為θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角的條件下進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，最后推理出自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻加速直線運(yùn)動(dòng)。分析該實(shí)驗(yàn)可知，圖中關(guān)于小球?qū)π泵娴膲毫、小球運(yùn)動(dòng)的加速度a隨θ變化的圖象正確的是( ) [解析] 本題是小球在不同傾角下的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)該由牛頓第二定律列式求解。實(shí)際上，只要將θ推向兩個(gè)極端，就能迅速判斷出正確選項(xiàng)。當(dāng)θ→0時(shí)，小球?qū)π泵娴膲毫→mg，小球運(yùn)動(dòng)的加速度a→0；當(dāng)θ→90時(shí)，小球?qū)π泵娴膲毫→0，小球運(yùn)動(dòng)的加速度a→g，綜合兩極限狀態(tài)，不難判斷選項(xiàng)B、D正確。 [答案] BD 結(jié)論法 4．[2015株洲統(tǒng)測(cè)]如圖，軌道Ⅰ和Ⅱ長(zhǎng)度相等。用相同的水平恒力將穿在軌道最低點(diǎn)B的靜止小球，分別沿Ⅰ和Ⅱ推至最高點(diǎn)A，動(dòng)能增量分別為ΔEk1、ΔEk2。假定球在經(jīng)過(guò)軌道轉(zhuǎn)折點(diǎn)前后速度大小不變，且球與Ⅰ、Ⅱ軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，則( ) A．ΔEk1＝ΔEk2 B．ΔEk1<ΔEk2 C．ΔEk1>ΔEk2 D．無(wú)法比較ΔEk1、ΔEk2 [解析] 小球從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)受到摩擦力做功：Wf＝μmgcosαL＝μmgx水平，摩擦力做的功與斜面傾角無(wú)關(guān)，水平推力為恒力，水平位移相同，所以推力做功相等，根據(jù)動(dòng)能定理可知，球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速率相同，動(dòng)能相等，因此A正確。 [答案] A 作圖分析法 5．[2015山西四校聯(lián)考]如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長(zhǎng)和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時(shí)間周期性變化的電場(chǎng)，電場(chǎng)方向與兩板垂直，在t＝0時(shí)刻，一不計(jì)重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場(chǎng)方向射入電場(chǎng)，粒子射入電場(chǎng)時(shí)的速度為v0，t＝T時(shí)刻粒子剛好沿MN板右邊緣射出電場(chǎng)。則( ) A．該粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度方向一定是沿垂直電場(chǎng)方向的 B．在t＝T/2時(shí)刻，該粒子的速度大小為2v0 C．若該粒子在T/2時(shí)刻以速度v0進(jìn)入電場(chǎng)，則粒子會(huì)打在板上 D．若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，則該粒子仍在t＝T時(shí)刻射出電場(chǎng) [解析] t＝0時(shí)刻粒子射入電場(chǎng)時(shí)速度為v0，t＝T時(shí)刻剛好沿MN板右邊緣射出電場(chǎng)，則由Et圖畫(huà)出沿電場(chǎng)方向的vyt圖。 由圖知t＝T時(shí)刻vy＝0，則射出電場(chǎng)時(shí)速度方向一定垂直電場(chǎng)方向。若該粒子在時(shí)刻以v0射入電場(chǎng)，沿電場(chǎng)方向的vyt圖為 ，則時(shí)間T也垂直電場(chǎng)射出，故A正確，C錯(cuò)誤。前后兩段運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，時(shí)將速度分解，設(shè)板長(zhǎng)為l，由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得：l＝v0T，l＝vT，則v＝v0，則時(shí)刻該粒子的速度為v0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，粒子在場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝＝，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 [答案] A 估算求解法——簡(jiǎn)化運(yùn)算 6. 如圖，在鐵芯上、下分別繞有匝數(shù)n1＝800和n2＝200的兩個(gè)線圈，上線圈兩端與u＝51sin314t V的交流電源相連，將下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數(shù)可能是 ( ) A．2.0 V B．9.0 V C．12.7 V D．144.0 V [解析] 由題意知原線圈的有效值為U1＝ V，若磁通量無(wú)損失，則根據(jù)＝，計(jì)算得U2＝ V＝9.0 V。因鐵芯不是閉合的，考慮到漏磁的影響，n2線圈兩端電壓的有效值應(yīng)小于9 V，故只有選項(xiàng)A正確。 [答案] A 逆向思維法 7．[2015安徽六校聯(lián)考]如圖，一種射線管由平行金屬板A、B和細(xì)管C組成。放射源O在A極板左端，可以向各個(gè)方向發(fā)射不同速度、質(zhì)量為m、電荷量為e的電子。若極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，間距為d。當(dāng)A、B板加上電壓U時(shí)，只有某一速度的電子能從細(xì)管C水平射出，細(xì)管C離兩板等距。則從放射源O發(fā)射出的電子的這一速度為( ) A. B. C. D. [解析] 該題利用逆向思維，從細(xì)管C處水平射入板間一粒子到達(dá)O，求到達(dá)O處的速度。 水平方向：L＝v0t?、?，豎直方向：＝t?、?，①②聯(lián)立得vy＝v0。豎直方向還可以利用＝at2＝，得v0＝，代入vy＝v0得vy＝＝。所以到達(dá)O處速度v＝＝，故C選項(xiàng)正確。 [答案] C 特例賦值法——投機(jī)取巧 8．[2013安徽高考]如圖，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在傾角為θ的光滑斜面體頂端，細(xì)線與斜面平行。在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細(xì)線的拉力T和斜面的支持力FN分別為(重力加速度為g)( ) A．T＝m(gsinθ＋acosθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ－asinθ) B．T＝m(gcosθ＋asinθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ－acosθ) C．T＝m(acosθ－gsinθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ＋asinθ) D．T＝m(asinθ－gcosθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ＋acosθ) [解析] 一般的求解方法是分解力或加速度后，再應(yīng)用牛頓第二定律列式求解，其實(shí)用特殊值代入法更簡(jiǎn)單，當(dāng)加速度a＝0時(shí)，小球受到細(xì)線的拉力T不為零也不可能為負(fù)值，所以排除選項(xiàng)C、D；當(dāng)加速度a＝gcotθ時(shí)，小球?qū)㈦x開(kāi)斜面，斜面的支持力FN＝0，排除選項(xiàng)B，故選項(xiàng)A正確。 [答案] A 整體、隔離法 9. [2015黑龍江綏化一模](多選)如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則( ) A．當(dāng)F＜2μmg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止 B．當(dāng)F＝μmg時(shí)，A的加速度為μg C．當(dāng)F＞3μmg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng) D．無(wú)論F為何值，B的加速度不會(huì)超過(guò)μg [解析] 對(duì)A、B整體，地面對(duì)B的最大靜摩擦力為μmg，故當(dāng)μmg＜F＜2μmg時(shí)，A、B相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)。對(duì)A、B整體應(yīng)用牛頓第二定律，有F－3mg＝3ma；對(duì)B，在A、B恰好要發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，μ2mg－3mg＝ma，兩式聯(lián)立解得F＝3μmg，可見(jiàn)，當(dāng)F＞3μmg時(shí)，A相對(duì)B才能滑動(dòng)，C對(duì)。當(dāng)F＝μmg時(shí)，A、B相對(duì)靜止，對(duì)整體有：μmg－3mg＝3ma，a＝μg，故B正確。無(wú)論F為何值，B所受最大的動(dòng)力為A對(duì)B的最大靜摩擦力2μmg，故B的最大加速度aBm＝＝μg，可見(jiàn)D正確。 [答案] BCD 補(bǔ)償思維法——解題所需的條件不足，我們補(bǔ)償另外條件 10．[2015廊坊質(zhì)檢]如右圖所示的空間存在一有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蚶?，磁?chǎng)的右邊界為MN，左側(cè)范圍足夠大，在MN右側(cè)有一矩形金屬線圈abcd，ab邊與MN重合。現(xiàn)使線圈以ab邊為軸按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，將a、b兩端連到示波器的輸入端，若電流從a到b為正，從cd進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，則從示波器觀察到的ab中電流隨時(shí)間變化的規(guī)律是( ) [解析] 若在MN右側(cè)補(bǔ)償大小、方向與MN左側(cè)均相同的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，矩形金屬線圈abcd在整個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中從線圈平面與磁場(chǎng)平行的位置開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)，金屬線圈的電流隨時(shí)間變化的規(guī)律是一個(gè)完整的余弦曲線，由楞次定律可得電流方向?yàn)閺腷到a，金屬線圈的電流隨時(shí)間變化的圖象如圖甲所示；而實(shí)際上矩形金屬線圈abcd轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過(guò)程中，只有前半周在磁場(chǎng)中切割磁場(chǎng)產(chǎn)生電流，故將圖中后半個(gè)周期對(duì)應(yīng)的圖象切去后即可，如圖乙所示，故答案為D。 [答案] D 第三步 切要害，重拾錯(cuò) 增強(qiáng)自信少丟分 忽視物理單位和數(shù)量級(jí) [典例] 如圖，質(zhì)量為M、傾角為θ的斜面體A放于水平地面上，把質(zhì)量為m的小滑塊B放在斜面體A的頂端，頂端的高度為h。開(kāi)始時(shí)兩者保持相對(duì)靜止，然后B由A的頂端沿著斜面滑至地面。若以地面為參考系，且忽略一切摩擦，在此過(guò)程中，斜面的支持力對(duì)B所做的功為W。下面給出的W的四個(gè)表達(dá)式中，只有一個(gè)是合理的，你可能不會(huì)求解，但是你可以通過(guò)分析，對(duì)下列表達(dá)式作出合理的判斷。根據(jù)你的判斷，W的合理表達(dá)式應(yīng)為( ) A．W＝0 B．W＝－g C．W＝g D．W＝－g [正解] B 首先能判定W為負(fù)功，排除A、C選項(xiàng)，D選項(xiàng)單位不是J，所以B選項(xiàng)正確。 基本概念、基本規(guī)律理解模糊 [典例] 兩帶電量分別為q和－q的點(diǎn)電荷放在x軸上，相距為L(zhǎng)，能正確反映兩電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)大小E與x關(guān)系的是圖( ) [正解] A 電場(chǎng)強(qiáng)度為矢量，等量異種電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)方向由正電荷指向負(fù)電荷，大小沒(méi)有為零的地方，排除B、D，由電場(chǎng)線分布的對(duì)稱(chēng)性知A選項(xiàng)正確。 臨界條件判斷錯(cuò)誤 [典例] (多選)如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為0.2 kg且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無(wú)初速度放置一質(zhì)量為0.1 kg、電荷量q＝＋0.2 C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力。t＝0時(shí)對(duì)木板施加方向水平向左、大小為0.6 N的恒力，g取10 m/s2。則( ) A．木板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng) B．滑塊開(kāi)始做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做速度為10 m/s的勻速運(yùn)動(dòng) C．木板先做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增加的運(yùn)動(dòng)，最后做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng) D．t＝5 s時(shí)滑塊和木板未分離且有相對(duì)滑動(dòng) [正解] CD 滑塊和木板的運(yùn)動(dòng)過(guò)程如圖所示，分析如下：t＝0時(shí)，滑塊與木板一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a＝＝2 m/s2，此時(shí)滑塊與木板間的靜摩擦力為f＝ma＝0.2 N，小于此時(shí)的最大靜摩擦力fmax＝μmg＝0.5 N，所以滑塊與木板能保持相對(duì)靜止。根據(jù)題意可知，帶正電的滑塊向左運(yùn)動(dòng)時(shí)受到向上的洛倫茲力、支持力、向下的重力，即qvB＋FN＝mg，隨著滑塊速度逐漸增加，滑塊受到的洛倫茲力qvB逐漸增大，滑塊和木板間的彈力FN逐漸減小，所以滑塊和木板間的最大靜摩擦力逐漸減小，但只要滿足最大靜摩擦力大于0.2 N(彈力大于0.4 N)，即洛倫茲力qvB最大為0.6 N，就能保證滑塊與木板相對(duì)靜止，根據(jù)qvB＝0.6 N，可知滑塊和木板能一起加速至6 m/s，即能維持一起加速的時(shí)間為3 s，選項(xiàng)A、B均錯(cuò)；當(dāng)t>3 s后，滑塊和木板開(kāi)始相對(duì)滑動(dòng)，此時(shí)，滑塊加速度小于2 m/s2，當(dāng)t＝5 s時(shí)，滑塊速度小于10 m/s，則滑塊和木板未分離且有相對(duì)滑動(dòng)，選項(xiàng)D正確；當(dāng)滑塊受到的洛倫茲力增大到等于滑塊的重力，即qvB＝mg后，滑塊與木板間的彈力為零，滑塊和木板間的滑動(dòng)摩擦力也為零，木板開(kāi)始做加速度a＝＝3 m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，滑塊開(kāi)始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確。 思維定勢(shì) [典例] 如圖所示，用絕緣細(xì)線拴一帶負(fù)電小球，在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向下，則( ) A．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)a時(shí)，線的張力一定最小 B．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)b時(shí)，小球速度一定最大 C．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)a時(shí)，小球的電勢(shì)能最小 D．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)b時(shí)，機(jī)械能守恒 [正解] C 小球帶負(fù)電，所以受電場(chǎng)力Eq方向向上，當(dāng)Eq＝mg時(shí)，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，繩的張力及小球速度大小均不變。當(dāng)Eq>mg時(shí)，a點(diǎn)速度最大，繩拉力最大。當(dāng)Eq下載提示(請(qǐng)認(rèn)真閱讀)
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