2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案

《2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案（18頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng) 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感和渦流學(xué)案 一、法拉第電磁感應(yīng)定律 1.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) (1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì). (2)產(chǎn)生條件：穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生改變，與電路是否閉合無(wú)關(guān). (3)方向判斷：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向用楞次定律或右手定則判斷. 2.法拉第電磁感應(yīng)定律 (1)內(nèi)容：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比. (2)公式：E＝n，其中n為線圈匝數(shù). (3)感應(yīng)電流與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系：遵循閉合電路的歐姆定律，即I＝. (4)說(shuō)明：①當(dāng)ΔΦ僅由B的變化引起時(shí)，則E＝n；當(dāng)ΔΦ僅由S

2、的變化引起時(shí)，則E＝n；當(dāng)ΔΦ由B、S的變化同時(shí)引起時(shí)，則E＝n≠n.②磁通量的變化率是Φ－t圖象上某點(diǎn)切線的斜率. 3.導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) (1)導(dǎo)體垂直切割磁感線時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)可用E＝Blv求出，式中l(wèi)為導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度； (2)導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒以端點(diǎn)為軸，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中垂直于磁感線方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Bl＝Bl2ω(平均速度等于中點(diǎn)位置的線速度lω). 自測(cè)1　教材P17第1題改編　將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是(　　) A.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無(wú)關(guān) B.穿過(guò)線圈的磁

3、通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 C.穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 D.感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同 答案　C 二、自感、渦流、電磁阻尼和電磁驅(qū)動(dòng) 1.自感現(xiàn)象 (1)概念：由于導(dǎo)體本身的電流變化而產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象稱為自感，由于自感而產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)叫做自感電動(dòng)勢(shì). (2)表達(dá)式：E＝L. (3)自感系數(shù)L的影響因素：與線圈的大小、形狀、匝數(shù)以及是否有鐵芯有關(guān). 2.渦流現(xiàn)象 (1)渦流：塊狀金屬放在變化磁場(chǎng)中，或者讓它在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，金屬塊內(nèi)產(chǎn)生的旋渦狀感應(yīng)電流. (2)產(chǎn)生原因：金屬塊內(nèi)磁通量變化→感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)→感應(yīng)電流. 3.電磁阻尼 導(dǎo)體在

4、磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流會(huì)使導(dǎo)體受到安培力，安培力的方向總是阻礙導(dǎo)體的相對(duì)運(yùn)動(dòng). 4.電磁驅(qū)動(dòng) 如果磁場(chǎng)相對(duì)于導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)，在導(dǎo)體中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流使導(dǎo)體受到安培力而使導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)起來(lái). 自測(cè)2　(多選)電吉他中電拾音器的基本結(jié)構(gòu)如圖1所示，磁體附近的金屬弦被磁化，因此弦振動(dòng)時(shí)，在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流經(jīng)電路放大后傳送到音箱發(fā)出聲音，下列說(shuō)法正確的有(　　) 圖1 A.選用銅質(zhì)弦，電吉他仍能正常工作 B.取走磁體，電吉他將不能正常工作 C.增加線圈匝數(shù)可以增大線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) D.弦振動(dòng)過(guò)程中，線圈中的電流方向不斷變化 答案　BCD 解析　銅質(zhì)弦為非磁性材料，不能被磁化，選用銅

5、質(zhì)弦，電吉他不能正常工作，A項(xiàng)錯(cuò)誤；若取走磁體，金屬弦不能被磁化，其振動(dòng)時(shí)，不能在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電吉他不能正常工作，B項(xiàng)正確；由E＝n可知，C項(xiàng)正確；弦振動(dòng)過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量大小不斷變化，由楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流方向不斷變化，D項(xiàng)正確. 命題點(diǎn)一　法拉第電磁感應(yīng)定律的理解及應(yīng)用 1.求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)常見(jiàn)情況 情景圖 研究對(duì)象 回路(不一定閉合) 一段直導(dǎo)線(或等效成直導(dǎo)線) 繞一端轉(zhuǎn)動(dòng)的一段導(dǎo)體棒 繞與B垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的導(dǎo)線框 表達(dá)式 E＝n E＝BLvsin θ E＝BL2ω E＝NBSωsin ωt 2.應(yīng)用注意點(diǎn)

6、 公式E＝n的應(yīng)用，ΔΦ與B、S相關(guān)，可能是＝B，也可能是＝S，當(dāng)B＝kt時(shí)，＝kS. 例1　輕質(zhì)細(xì)線吊著一質(zhì)量為m＝0.42 kg、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)＝1 m、匝數(shù)n＝10的正方形線圈，其總電阻為r＝1 Ω.在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著磁場(chǎng)，如圖2甲所示.磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示.(g＝10 m/s2) 圖2 (1)判斷線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向是順時(shí)針還是逆時(shí)針； (2)求線圈的電功率； (3)求在t＝4 s時(shí)輕質(zhì)細(xì)線的拉力大小. 答案　(1)逆時(shí)針　(2)0.25 W　(3)1.2 N 解析　(1)由楞次定律知感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?(

7、2)由法拉第電磁感應(yīng)定律得 E＝n＝n·L2＝0.5 V 則P＝＝0.25 W (3)I＝＝0.5 A，F(xiàn)安＝nBIL F安＋F線＝mg 聯(lián)立解得F線＝1.2 N. 拓展延伸　(1)在例1中磁感應(yīng)強(qiáng)度為多少時(shí)，細(xì)線的拉力剛好為0? (2)在例1中求在t＝6 s內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量？ 答案　(1)0.84 T　(2)3 C 解析　(1)細(xì)線的拉力剛好為0時(shí)滿足： F安＝mg F安＝nBIL 聯(lián)立解得：B＝0.84 T (2)由q＝It得：q＝0.5×6 C＝3 C. 變式1　(2017·天津理綜·3)如圖3所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R.金

8、屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下.現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖3 A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到a B.ab中的感應(yīng)電流逐漸減小 C.ab所受的安培力保持不變 D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小 答案　D 解析　金屬棒ab、電阻R、導(dǎo)軌構(gòu)成閉合回路，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小(＝k為一定值)，則閉合回路中的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，可知回路中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，ab中的電流方向由a到b，故A錯(cuò)誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝＝＝kS，回路面積S不變，即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為定值，設(shè)

9、ab的電阻為r，根據(jù)閉合電路歐姆定律I＝，所以ab中的電流大小不變，故B錯(cuò)誤；安培力F＝BIL，電流大小和金屬棒長(zhǎng)度不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，則安培力減小，故C錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受合力為零，對(duì)其受力分析，水平方向靜摩擦力Ff與安培力F等大反向，安培力減小，則靜摩擦力減小，故D正確. 變式2　(2018·湖北黃岡調(diào)研)如圖4甲所示，一個(gè)電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路.線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示.圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0，導(dǎo)線的電阻不計(jì).求

10、0至t1時(shí)間內(nèi) 圖4 (1)通過(guò)電阻R1的電流大小和方向； (2)通過(guò)電阻R1的電荷量q和產(chǎn)生的熱量Q. 答案　(1)　方向從b到a　(2) 解析　(1)由題圖乙分析可知，0至t1時(shí)間內(nèi)有＝. 由法拉第電磁感應(yīng)定律有E＝n＝n·S. 而S＝πr22，由閉合電路歐姆定律有I1＝. 聯(lián)立以上各式解得I1＝. 由楞次定律可得電阻R1上的電流方向?yàn)閺腷到a. (2)通過(guò)電阻R1上的電荷量 q＝I1t1＝. 電阻R1上產(chǎn)生的熱量 Q＝IR1t1＝. 命題點(diǎn)二　導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 1.計(jì)算： 切割方式 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式 垂直切割 E＝Blv

11、傾斜切割 E＝Blvsin θ，其中θ為v與B的夾角 旋轉(zhuǎn)切割(以一端為軸) E＝Bl2ω 說(shuō)明　(1)導(dǎo)體與磁場(chǎng)方向垂直；(2)磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng). 2.判斷：(1)把產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那部分電路或?qū)w當(dāng)作電源的內(nèi)電路，那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源.(2)若電路是不閉合的，則先假設(shè)有電流通過(guò)，然后應(yīng)用楞次定律或右手定則判斷出電流的方向.(3)電源內(nèi)部電流的方向是由負(fù)極(低電勢(shì))流向正極(高電勢(shì))，外電路順著電流方向每經(jīng)過(guò)一個(gè)電阻電勢(shì)都要降低. 例2　(多選)(2017·全國(guó)卷Ⅱ·20)兩條平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與紙面垂直.邊長(zhǎng)為0.1 m、總電阻為0.005 Ω的正方形導(dǎo)

12、線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場(chǎng)邊界平行，如圖5甲所示.已知導(dǎo)線框一直向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊于t＝0時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng).線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示(感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取正).下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖5 A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.5 T B.導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)的速度的大小為0.5 m/s C.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外 D.在t＝0.4 s至t＝0.6 s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.1 N 答案　BC 解析　由Et圖象可知，導(dǎo)線框經(jīng)過(guò)0.2 s全部進(jìn)入磁場(chǎng)，則速度v＝＝ m/s＝0.5 m/s，選項(xiàng)B正確；由題圖乙可知，E＝0.0

13、1 V，根據(jù)E＝Blv得，B＝＝ T＝0.2 T，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)右手定則及正方向的規(guī)定可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外，選項(xiàng)C正確；在t＝0.4 s至t＝0.6 s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流I＝＝ A＝2 A, 所受的安培力大小為F＝BIl＝0.2×2×0.1 N＝0.04 N，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 例3　(多選)(2016·全國(guó)卷Ⅱ·20)法拉第圓盤發(fā)電機(jī)的示意圖如圖6所示.銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸.圓盤處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中.圓盤旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過(guò)電阻R的電流，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖6 A.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒

14、定 B.若從上向下看，圓盤順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a到b的方向流動(dòng) C.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化 D.若圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 答案　AB 解析　將圓盤看成無(wú)數(shù)幅條組成，它們都在切割磁感線從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，則當(dāng)圓盤順時(shí)針(俯視)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知圓盤上感應(yīng)電流從邊緣流向中心，流過(guò)電阻的電流方向從a到b，B對(duì)；由法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BL＝BL2ω，I＝，ω恒定時(shí)，I大小恒定，ω大小變化時(shí)，I大小變化，方向不變，故A對(duì)，C錯(cuò)；由P＝I2R＝知，當(dāng)ω變?yōu)樵瓉?lái)的2倍時(shí)，P變?yōu)樵瓉?lái)的

15、4倍，D錯(cuò). 變式3　(2015·安徽理綜·19)如圖7所示，abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導(dǎo)軌，間距為l，導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，導(dǎo)軌電阻不計(jì).已知金屬桿MN傾斜放置，與導(dǎo)軌成θ角，單位長(zhǎng)度的電阻為r，保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(dòng)(金屬桿滑動(dòng)過(guò)程中與導(dǎo)軌接觸良好).則(　　) 圖7 A.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為 B.電路中感應(yīng)電流的大小為 C.金屬桿所受安培力的大小為 D.金屬桿的發(fā)熱功率為 答案　B 解析　電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Blv，感應(yīng)電流I＝＝＝，故A錯(cuò)誤，B正確；金屬桿所受安培力大小F＝BI＝，故C錯(cuò)誤；金屬桿的

16、發(fā)熱功率P＝I2R＝I2r＝，故D錯(cuò)誤. 變式4　(2015·新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ·15)如圖8，直角三角形金屬框abc放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向平行于ab邊向上.當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度ω逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)分別為Ua、Ub、Uc.已知bc邊的長(zhǎng)度為l.下列判斷正確的是(　　) 圖8 A.Ua＞Uc，金屬框中無(wú)電流 B.Ub＞Uc，金屬框中電流方向沿abca C.Ubc＝－Bl2ω，金屬框中無(wú)電流 D.Ubc＝Bl2ω，金屬框中電流方向沿acba 答案　C 解析　金屬框abc平面與磁場(chǎng)平行，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中磁通量始終為零，所以無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)B、D錯(cuò)

17、誤.轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中bc邊和ac邊均切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則判斷Ua

18、 電流逐漸增大，燈泡逐漸變亮 電流突然增大，然后逐漸減小達(dá)到穩(wěn)定 斷電時(shí) 電流逐漸減小，燈泡逐漸變暗，電流方向不變 電路中穩(wěn)態(tài)電流為I1、I2： ①若I2≤I1，燈泡逐漸變暗； ②若I2＞I1，燈泡閃亮后逐漸變暗. 兩種情況下燈泡中電流方向均改變 例4　(2017·湖北武漢模擬)如圖9所示，A、B、C是3個(gè)完全相同的燈泡，L是一個(gè)自感系數(shù)較大的線圈(直流電阻可忽略不計(jì)).則(　　) 圖9 A.S閉合時(shí)，A燈立即亮，然后逐漸熄滅 B.S閉合時(shí)，B燈立即亮，然后逐漸熄滅 C.電路接通穩(wěn)定后，三個(gè)燈亮度相同 D.電路接通穩(wěn)定后，S斷開(kāi)時(shí)，C燈立即熄滅 答案　A

19、 解析　因線圈L的自感系數(shù)較大且直流電阻可忽略不計(jì)，S閉合時(shí)，A燈立即亮，然后逐漸熄滅，A正確.S閉合時(shí)，B燈先不太亮，然后變亮，B錯(cuò)誤.電路接通穩(wěn)定后，B、C燈亮度相同，A燈不亮，C錯(cuò)誤.電路接通穩(wěn)定后，S斷開(kāi)時(shí)，C燈逐漸熄滅，D錯(cuò)誤. 變式5　(2017·北京理綜·19)如圖10所示，圖甲和圖乙是教材中演示自感現(xiàn)象的兩個(gè)電路圖，L1和L2為電感線圈.實(shí)驗(yàn)時(shí)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1瞬間，燈A1突然閃亮，隨后逐漸變暗；閉合開(kāi)關(guān)S2，燈A2逐漸變亮.而另一個(gè)相同的燈A3立即變亮，最終A2與A3的亮度相同.下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖10 A.圖甲中，A1與L1的電阻值相同 B.圖甲中，閉合S1

20、，電路穩(wěn)定后，A1中電流大于L1中電流 C.圖乙中，變阻器R與L2的電阻值相同 D.圖乙中，閉合S2瞬間，L2中電流與變阻器R中電流相等 答案　C 解析　斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S1瞬間，線圈L1產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的減小，通過(guò)L1的電流反向通過(guò)A1，燈A1突然閃亮，隨后逐漸變暗，說(shuō)明IL1>IA1，即RL1

21、，線圈L2產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的增大，則L2中電流與變阻器R中電流不相等，故D錯(cuò). 命題點(diǎn)四　渦流　電磁阻尼和電磁驅(qū)動(dòng) 電磁阻尼與電磁驅(qū)動(dòng)的比較 電磁阻尼 電磁驅(qū)動(dòng) 不 同 點(diǎn) 成因 由于導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使導(dǎo)體受到安培力 由于磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)引起磁通量的變化而產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而使導(dǎo)體受到安培力 效果 安培力的方向與導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)方向相反，阻礙導(dǎo)體運(yùn)動(dòng) 導(dǎo)體受安培力的方向與導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)方向相同，推動(dòng)導(dǎo)體運(yùn)動(dòng) 能量 轉(zhuǎn)化 導(dǎo)體克服安培力做功，其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，最終轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 由于電磁感應(yīng)，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電能，通過(guò)安培力做功，電能轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體的機(jī)械能

22、，從而對(duì)外做功 相同點(diǎn) 兩者都是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，都遵循楞次定律，都是安培力阻礙引起感應(yīng)電流的導(dǎo)體與磁場(chǎng)間的相對(duì)運(yùn)動(dòng) 例5　(2017·全國(guó)卷Ⅰ·18)掃描隧道顯微鏡(STM)可用來(lái)探測(cè)樣品表面原子尺度上的形貌.為了有效隔離外界振動(dòng)對(duì)STM的擾動(dòng)，在圓底盤周邊沿其徑向?qū)ΨQ地安裝若干對(duì)紫銅薄板，并施加磁場(chǎng)來(lái)快速衰減其微小振動(dòng)，如圖11所示.無(wú)擾動(dòng)時(shí)，按下列四種方案對(duì)紫銅薄板施加恒磁場(chǎng)；出現(xiàn)擾動(dòng)后，對(duì)于紫銅薄板上下及其左右振動(dòng)的衰減最有效的方案是(　　) 圖11 答案　A 解析　感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是閉合回路中的磁通量發(fā)生變化.在A圖中，系統(tǒng)振動(dòng)時(shí)，紫銅薄板隨之上下及左右振動(dòng)，在

23、磁場(chǎng)中的部分有時(shí)多有時(shí)少，磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到安培力，阻礙系統(tǒng)的振動(dòng)；在B圖中，只有紫銅薄板向左振動(dòng)才產(chǎn)生感應(yīng)電流，而上下振動(dòng)無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生；在C圖中，無(wú)論紫銅薄板上下振動(dòng)還是左右振動(dòng)，都不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；在D圖中，只有紫銅薄板左右振動(dòng)才產(chǎn)生感應(yīng)電流，而上下振動(dòng)無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，故選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤. 變式6　如圖12所示，關(guān)于渦流，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(　　) 圖12 A.真空冶煉爐是利用渦流來(lái)熔化金屬的裝置 B.家用電磁爐鍋體中的渦流是由恒定磁場(chǎng)產(chǎn)生的 C.阻尼擺擺動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的渦流總是阻礙其運(yùn)動(dòng) D.變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成能減小渦流 答案　B

24、 變式7　如圖13所示，上下開(kāi)口、內(nèi)壁光滑的銅管P和塑料管Q豎直放置.小磁塊先后在兩管中從相同高度處由靜止釋放，并落至底部.則小磁塊(　　) 圖13 A.在P和Q中都做自由落體運(yùn)動(dòng) B.在兩個(gè)下落過(guò)程中的機(jī)械能都守恒 C.在P中的下落時(shí)間比在Q中的長(zhǎng) D.落至底部時(shí)在P中的速度比在Q中的大 答案　C 解析　小磁塊從銅管P中下落時(shí)，P中的磁通量發(fā)生變化，P中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給小磁塊一個(gè)向上的磁場(chǎng)力，阻礙小磁塊向下運(yùn)動(dòng)，因此小磁塊在P中不是做自由落體運(yùn)動(dòng)，而塑料管Q中不會(huì)產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，因此Q中小磁塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；P中的小磁塊受到的磁場(chǎng)力對(duì)小磁塊做負(fù)功，機(jī)械能不守恒，

25、B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于在P中小磁塊下落的加速度小于g，而Q中小磁塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此從靜止開(kāi)始下落相同高度，在P中下落的時(shí)間比在Q中下落的時(shí)間長(zhǎng)，C項(xiàng)正確；根據(jù)動(dòng)能定理可知，落到底部時(shí)在P中的速度比在Q中的速度小，D項(xiàng)錯(cuò)誤. 1.關(guān)于電磁感應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A.穿過(guò)回路的磁通量越大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 B.穿過(guò)回路的磁通量減小，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定變小 C.穿過(guò)回路的磁通量變化越快，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 D.穿過(guò)回路的磁通量變化越大，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 答案　C 解析　由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小只與磁通量的變化率成正比，與磁通量大小、磁通量

26、的變化量都沒(méi)有關(guān)系，A、B、D錯(cuò)誤，C正確. 2.(多選)如圖1所示，閉合金屬導(dǎo)線框放置在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化.下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖1 A.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，線框中的感應(yīng)電流可能減小 B.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，線框中的感應(yīng)電流一定增大 C.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，線框中的感應(yīng)電流一定增大 D.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度減小時(shí)，線框中的感應(yīng)電流可能不變 答案　AD 解析　線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝S，設(shè)線框的電阻為R，則線框中的電流I＝＝·，因?yàn)锽增大或減小時(shí)，可能減小，也可能增大，也可能不變.線框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小只和磁通量的變化率有關(guān)，和磁通量的變化

27、量無(wú)關(guān).故選項(xiàng)A、D正確. 3.如圖2所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)，L1、L2是兩個(gè)完全相同的小燈泡，開(kāi)關(guān)S閉合和斷開(kāi)的過(guò)程中，燈L1、L2的亮度變化情況是(燈絲不會(huì)斷)(　　) 圖2 A.S閉合，L1亮度不變，L2亮度逐漸變亮，最后兩燈一樣亮；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1逐漸變亮 B.S閉合，L1亮度不變，L2很亮；S斷開(kāi)，L1、L2立即熄滅 C.S閉合，L1、L2同時(shí)亮，而后L1逐漸熄滅，L2亮度不變；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1亮一下再熄滅 D.S閉合，L1、L2同時(shí)亮，而后L1逐漸熄滅，L2則逐漸變得更亮；S斷開(kāi)，L2立即熄滅，L1亮一下再熄滅 答

28、案　D 4.(2018·廣東珠海質(zhì)檢)如圖3所示，一個(gè)金屬圓環(huán)水平放置在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，若要使圓環(huán)中產(chǎn)生如圖中箭頭所示方向的感應(yīng)電流，下列方法可行的是(　　) 圖3 A.僅使勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大 B.僅使圓環(huán)繞水平軸ab如圖轉(zhuǎn)動(dòng)30° C.僅使圓環(huán)繞水平軸cd如圖轉(zhuǎn)動(dòng)30° D.保持圓環(huán)水平并僅使其繞過(guò)圓心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng) 答案　A 解析　原磁場(chǎng)的方向向上，圓環(huán)中順時(shí)針(從上向下看)方向的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向向下，與原磁場(chǎng)的方向相反，所以穿過(guò)圓環(huán)的磁通量應(yīng)增大.僅使勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)產(chǎn)生順時(shí)針(從上向下看)方向

29、的感應(yīng)電流，選項(xiàng)A正確；僅使圓環(huán)繞水平軸ab或cd按題圖所示方向轉(zhuǎn)動(dòng)30°，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中穿過(guò)圓環(huán)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)針(從上向下看)方向的感應(yīng)電流，選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；保持圓環(huán)水平并僅使其繞過(guò)圓心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過(guò)圓環(huán)的磁通量保持不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 5.如圖4所示，兩根相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一固定電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計(jì).MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R.整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌所在平面(垂直紙面向里).現(xiàn)對(duì)MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v水平向右做勻速運(yùn)動(dòng).令U表示

30、MN兩端電壓的大小，下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖4 A.U＝Blv，流過(guò)固定電阻R的感應(yīng)電流由b經(jīng)R到d B.U＝Blv，流過(guò)固定電阻R的感應(yīng)電流由d經(jīng)R到b C.MN受到的安培力大小FA＝，方向水平向右 D.MN受到的安培力大小FA＝，方向水平向左 答案　A 解析　根據(jù)電磁感應(yīng)定律，MN產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E＝Blv，由于MN的電阻與外電路電阻相同，所以MN兩端的電壓U＝E＝Blv，根據(jù)右手定則，流過(guò)固定電阻R的感應(yīng)電流由b經(jīng)R到d，故A正確，B錯(cuò)誤；MN受到的安培力大小FA＝，方向水平向左，故C、D錯(cuò)誤. 6.(多選)如圖5所示，在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，現(xiàn)接通交流電源

31、，過(guò)了幾分鐘，杯內(nèi)的水沸騰起來(lái).若要縮短上述加熱時(shí)間，下列措施可行的有(　　) 圖5 A.增加線圈的匝數(shù) B.提高交流電源的頻率 C.將金屬杯換為瓷杯 D.取走線圈中的鐵芯 答案　AB 解析　當(dāng)電磁鐵接通交流電源時(shí)，金屬杯處在變化的磁場(chǎng)中產(chǎn)生渦流發(fā)熱，使水溫升高.要縮短加熱時(shí)間，需增大渦流電流，即增大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)或減小電阻.增加線圈匝數(shù)、提高交流電源的頻率都是為了增大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，瓷杯不能產(chǎn)生渦流，取走鐵芯會(huì)導(dǎo)致磁性減弱，故選項(xiàng)A、B正確，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤. 7.(多選)用一根橫截面積為S、電阻率為ρ的硬質(zhì)導(dǎo)線做成一個(gè)半徑為r的圓環(huán)，ab為圓環(huán)的一條直徑.如圖6所示，在ab的左側(cè)

32、存在一個(gè)均勻變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)垂直圓環(huán)所在平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化率＝k(k＜0).則(　　) 圖6 A.圓環(huán)中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 B.圓環(huán)具有擴(kuò)張的趨勢(shì) C.圓環(huán)中感應(yīng)電流的大小為 D.圖中a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab＝ 答案　BD 解析　磁通量均勻減少，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；圓環(huán)在磁場(chǎng)中的部分，受到向外的安培力，所以有擴(kuò)張的趨勢(shì)，選項(xiàng)B正確；圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為，則圓環(huán)中的電流大小為I＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab＝＝，選項(xiàng)D正確. 8.如圖7甲所示，導(dǎo)體棒MN置于水平導(dǎo)軌上，PQMN所圍的面積

33、為S，PQ之間有阻值為R的電阻，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻.導(dǎo)軌所在區(qū)域內(nèi)存在沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，規(guī)定磁場(chǎng)方向豎直向上為正方向，在0～2t0時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示，導(dǎo)體棒MN始終處于靜止?fàn)顟B(tài).下列說(shuō)法正確的是(　　) 圖7 A.在0～t0和t0～2t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒受到的導(dǎo)軌的摩擦力方向相同 B.在0～t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體棒的電流方向?yàn)镹到M C.在t0～2t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)電阻R的電流大小為 D.在0～2t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)電阻R的電荷量為 答案　B 解析　在0～t0時(shí)間內(nèi)磁通量減小，根據(jù)楞次定律要阻礙磁通量的減小，導(dǎo)體棒有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，摩擦力水平向左.在t0

34、～2t0時(shí)間內(nèi)磁通量增大，同理可判斷導(dǎo)體棒有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，摩擦力水平向右，選項(xiàng)A錯(cuò)；0～t0時(shí)間內(nèi)豎直向上的磁通量減小，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向豎直向上，感應(yīng)電流的方向由N到M，選項(xiàng)B對(duì)；導(dǎo)體棒MN始終靜止，與導(dǎo)軌圍成的回路面積不變，根據(jù)電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝＝S，即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與B－t圖象斜率成正比，0～t0時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電流大小I1＝＝S＝S，t0～2t0時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電流大小I2＝＝S＝S，選項(xiàng)C錯(cuò)；在0～2t0時(shí)間內(nèi)，通過(guò)電阻R的電荷量Q＝I·Δt＝·Δt＝S·Δt＝＝，選項(xiàng)D錯(cuò). 9.如圖8所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導(dǎo)線框，半圓直徑與磁場(chǎng)邊緣重合；磁場(chǎng)方向垂直

35、于半圓面(紙面)向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.使該線框從靜止開(kāi)始繞過(guò)圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)半周，在線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流.現(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間線性變化.為了產(chǎn)生與線框運(yùn)動(dòng)過(guò)程中同樣大小的電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化率的大小應(yīng)為(　　) 圖8 A. B. C. D. 答案　C 解析　線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1＝B0rv＝B0r＝B0ωr2.當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間線性變化時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E2＝＝S＝πr2·，要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相等，必須E1＝E2，即B0ωr2＝πr2·，解得＝，選項(xiàng)C正確，A、B、D錯(cuò)誤. 10.(2

36、018·山東德州調(diào)研)如圖9所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的金屬導(dǎo)線彎成一圓環(huán)，導(dǎo)線的兩端接在電容為C的平行板電容器上，P、Q為電容器的兩個(gè)極板，磁場(chǎng)方向垂直于環(huán)面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝B0＋Kt(K>0)隨時(shí)間變化.t＝0時(shí)，P、Q兩極板電勢(shì)相等，兩極板間的距離遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑.經(jīng)時(shí)間t，電容器的P極板(　　) 圖9 A.不帶電 B.所帶電荷量與t成正比 C.帶正電，電荷量是 D.帶負(fù)電，電荷量是 答案　D 解析　由于K>0，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反，由右手螺旋定則，感應(yīng)電流方向逆時(shí)針，在電源內(nèi)部電流從負(fù)極流向正極，所以P極板為電源負(fù)極，帶負(fù)電，由U＝＝K·π()

37、2＝，q＝CU＝，故選項(xiàng)D正確. 11.如圖10所示，某同學(xué)在玻璃皿中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形電極接電源的正極做“旋轉(zhuǎn)的液體”實(shí)驗(yàn)，若蹄形磁鐵兩極間正對(duì)部分的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝0.1 T，玻璃皿的橫截面的半徑為a＝0.05 m，電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝3 V，內(nèi)阻r＝0.1 Ω，限流電阻R0＝4.9 Ω，玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R＝0.9 Ω，閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)液體旋轉(zhuǎn)時(shí)，電壓表的示數(shù)為1.5 V，則(　　) 圖10 A.由上往下看，液體做順時(shí)針旋轉(zhuǎn) B.液體所受的安培力大小為1.5×10－4 N C.閉合開(kāi)關(guān)后，液體熱功率為0.81 W

38、 D.閉合開(kāi)關(guān)10 s，液體具有的動(dòng)能是3.69 J 答案　D 解析　由于中心放一個(gè)圓柱形電極接電源的負(fù)極，沿邊緣放一個(gè)圓環(huán)形的電極接電源的正極，在電源外部電流由正極流向負(fù)極，因此電流由邊緣流向中心；玻璃皿所在處的磁場(chǎng)豎直向上，由左手定則可知，導(dǎo)電液體受到的安培力沿逆時(shí)針?lè)较?，因此液體沿逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)，故A錯(cuò)誤；電壓表的示數(shù)為1.5 V，則根據(jù)閉合電路歐姆定律有E＝U＋I(xiàn)R0＋I(xiàn)r，所以電路中的電流I＝＝ A＝0.3 A，液體所受的安培力大小F＝BIL＝BIa＝0.1×0.3×0.05 N＝1.5×10－3 N，故B錯(cuò)誤；玻璃皿中兩電極間液體的等效電阻為R＝0.9 Ω，則液體熱功率為P熱

39、＝I2R＝0.32×0.9 W＝0.081 W，故C錯(cuò)誤；10 s末液體的動(dòng)能等于安培力對(duì)液體做的功，通過(guò)玻璃皿的電流的功率P＝UI＝1.5×0.3 W＝0.45 W，所以閉合開(kāi)關(guān)10 s，液體具有的動(dòng)能Ek＝W電流－W熱＝(P－P熱)·t＝(0.45－0.081)×10 J＝3.69 J，故D正確. 12.(2017·北京海淀重點(diǎn)中學(xué)月考)如圖11甲所示，水平面上的平行導(dǎo)軌MN、PQ上放著兩根導(dǎo)體棒ab、cd，兩棒間用絕緣絲線系住.開(kāi)始勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化如圖乙所示，圖線與t軸的交點(diǎn)為t0.I和FT分別表示通過(guò)導(dǎo)體棒中的電流和絲線的拉力(不計(jì)電流間的相互作用).

40、則在t0時(shí)刻(　　) 圖11 A.I＝0，F(xiàn)T＝0 B.I＝0，F(xiàn)T≠0 C.I≠0，F(xiàn)T＝0 D.I≠0，F(xiàn)T≠0 答案　C 解析　由題圖乙看出，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t做均勻變化，則穿過(guò)回路的磁通量隨時(shí)間也做均勻變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知回路中將產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，所以I≠0，但t0時(shí)刻B＝0，兩棒都不受安培力，故絲線的拉力FT＝0.所以C正確. 13.如圖12所示，MN、PQ是兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為d，導(dǎo)軌所在平面與水平面成θ角，M、P間接阻值為R的電阻.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.質(zhì)量為m、阻值為r、長(zhǎng)度為d的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上，在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下，以速度v勻速向上運(yùn)動(dòng).已知金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直并且保持良好接觸，重力加速度為g.求： 圖12 (1)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E； (2)通過(guò)電阻R的電流I； (3)拉力F的大小. 答案　(1)Bdv　(2)　(3)mgsin θ＋ 解析　(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝Bdv. (2)根據(jù)閉合電路歐姆定律得I＝＝ (3)導(dǎo)體棒的受力情況如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律有F－F安－mgsin θ＝0，又因?yàn)镕安＝BId＝，所以F＝mgsin θ＋.