2019年高考物理二輪復習 單科標準練2.doc
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單科標準練(二) (時間：70分鐘 分值：110分) 第Ⅰ卷 一、選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分． 14．一個物體在四個外力作用下做勻速直線運動．如果其中一個外力F方向保持不變，而大小逐漸減小直至等于零．則在這一過程中，物體運動的速度可能是( ) A．速度的大小越來越小，減小到零后又反向運動，速度最后趨于恒定 B．速度的大小越來越大，再越來越小，速度最后趨于恒定 C．速度大小越來越小，方向時刻改變，最后趨于恒定 D．速度大小越來越大，方向時刻改變 D [物體在四個外力作用下做勻速直線運動，物體所受的合外力為零，所受的另外三個外力的合力與該外力F的大小相等、方向相反．當F逐漸減小時，剩余其他外力的合力反向且逐漸增大，當外力F和物體初速度方向在一條直線上時，如果方向一致，物體將先做減速運動，減小到零后再做加速運動，速度越來越大，選項A錯誤；如果外力F的方向與初速度的方向相反，當F逐漸減小直至等于零的過程中，物體的速度越來越大，不會趨于恒定，選項B錯誤；當F的方向和初速度的方向不在一條直線上時，物體的速度大小和方向都會改變，當其余三個外力的合力和速度方向的夾角大于90時，速度大小越來越小，方向時刻改變，選項C錯誤；當其余三個外力的合力和速度方向的夾角小于90時，速度大小越來越大，方向時刻改變，選項D正確．] 15．下列說法不正確的是( ) A．玻爾大膽提出假設，認為實物粒子也具有波動性 B．放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性 C．氫原子從能級4躍遷到能級3輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長 D．在光電效應實驗中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小 A [德布羅意提出實物粒子也具有波動性，故A錯誤；放射性元素的放射性與核外電子無關，故放射性元素與別的元素形成化合物時仍具有放射性，故B正確；根據玻爾理論，氫原子從能級4躍遷到能級3輻射出的光子的波長大于從能級2躍遷到能級1輻射出的光子的波長，選項C正確；在光電效應實驗中，根據Ek＝hν－W0可知，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，這種金屬的逸出功W0越小，選項D正確．] 16．有兩顆質量不等，在圓軌道運行的人造地球衛(wèi)星．用T表示衛(wèi)星的運行周期，用p表示衛(wèi)星的動量，則有關軌道半徑較大的那顆衛(wèi)星的周期T、動量p和機械能，下列說法中正確的是( ) A．周期T較大，動量p也一定較大，機械能也大 B．周期T較大，動量p可能較小，機械能不能確定 C．周期T較小，動量p也較大，機械能大 D．周期T較小，動量p也較小，質量大的衛(wèi)星的機械能也大 B [在圓軌道上運行的人造地球衛(wèi)星，其所需的向心力是由地球對衛(wèi)星的萬有引力提供的，即G＝，可得：v＝，由p＝mv可知，衛(wèi)星動量的大小與物體的速度和質量大小都有關，軌道半徑大的衛(wèi)星運行速度小，但質量不確定，因此動量不一定大，機械能也不一定大，再根據G＝mr，可得T＝，軌道半徑r越大，人造衛(wèi)星的運行周期T越大，所以選項A、C、D錯誤，選項B正確．] 17.如圖1所示為某質點做直線運動時的v–t圖象，圖象關于圖中虛線對稱，則在0～t1時間內，關于質點的運動，下列說法正確的是( ) 圖1 A．若質點能兩次到達某一位置，則兩次到達這一位置的速度大小一定相等 B．若質點能兩次到達某一位置，則兩次的速度都不可能為零 C．若質點能三次通過某一位置，則可能三次都是加速通過該位置 D．若質點能三次通過某一位置，則可能兩次加速通過，一次減速通過 D [如圖所示，畫出質點運動的過程圖，質點在0～t1時間內能兩次到達的位置有兩個，分別對應質點運動速度為零的兩個位置，因此A、B錯誤；在質點沿負方向加速運動的過程中，質點可三次通過某一位置，這時質點兩次加速，一次減速，在質點沿負方向減速運動的過程中，質點可三次通過某一位置，這時質點兩次減速，一次加速，C項錯誤，D項正確．] 18.一臺理想變壓器的原、副線圈的匝數比是5∶1，原線圈接入電壓為220 V的正弦交流電，一個滑動變阻器R接在副線圈上，如圖2所示，電壓表和電流表均為理想交流電表．則下列說法正確的是( ) 圖2 A．原、副線圈中的電流之比為5∶1 B．電壓表的示數為44 V C．若滑動變阻器接入電路的阻值為20 Ω，則1 min內產生的熱量為2 904 J D．若將滑動變阻器的滑片向上滑動，則兩電表的示數均減小 B [由理想變壓器的電流和電壓的關系可知，原、副線圈電流比為1∶5，電壓表示數為44 V，故A錯誤，B正確；由Q＝t可求得Q＝5 808 J，故C錯誤；電壓表測的是副線圈兩端的電壓，因此無論滑片如何移動其示數均不變，故D錯誤．] 19.如圖3所示，兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，a、b為同一條電場線上的兩點．若將一質量為m、電荷量為－q的帶電粒子分別置于a、b兩點，則粒子在a點時的電勢能大于其在b點時的電勢能；若將該粒子從b點以初速度v0豎直向上拋出，則粒子到達a點時的速度恰好為零．已知a、b兩點間的距離為d，金屬板M、N所帶電荷量始終不變，不計帶電粒子的重力，則下列判斷中正確的是( ) 圖3 A．a點電勢一定低于b點電勢 B．兩平行金屬板間形成的勻強電場的場強大小為 C．a、b兩點間的電勢差為Uab＝ D．若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，則a、b兩點間的電勢差變小 AB [由于－qφa＞－qφb，所以φa＜φb，即a點電勢低于b點電勢，選項A正確；由動能定理可知：－qEd＝0－mv，解得該勻強電場的電場強度大小為：E＝，選項B正確；由于a、b兩點間的距離為d，則由Uba＝Ed可得：Uba＝，故Uab＝－，選項C錯誤；若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，設兩板間的距離為d′，則有C＝，C＝，U＝Ed，聯立以上三式可得：E＝，故勻強電場的場強大小不變，故a、b兩點間的電勢差不變，選項D錯誤．] 20.如圖4所示，傾角為α的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個質量均為m的小球A、B，它們用勁度系數為k的輕質彈簧相連接，現對A施加一個水平向右大小為F＝mg的恒力，使A、B在斜面上都保持靜止，如果斜面和兩個小球的摩擦均忽略不計，此時彈簧的長度為L，則下列說法正確的是( ) 圖4 A．彈簧的原長為L－ B．斜面的傾角為α＝30 C．撤掉恒力F的瞬間小球A的加速度不變 D．撤掉恒力F的瞬間小球B的加速度為0 ABD [對小球B進行受力分析，由平衡條件可得：kx＝mgsin α，解得x＝，所以彈簧的原長為L－x＝L－；對小球A進行受力分析，由平衡條件可得：Fcos α＝mgsin α＋kx，解得：α＝30，所以彈簧的原長為L－，選項A、B正確．撤掉恒力F的瞬間，對A進行受力分析，可得mgsin α＋kx＝maA，小球A此時的加速度aA＝g，選項C錯誤．撤掉恒力F的瞬間，彈簧彈力不變，B球所受合力不變，故B球的加速度為零，選項D正確．] 21.如圖5所示，金屬線圈B和金屬線圈A是同心圓，半徑分別為r1、r2，若給A線圈通以電流，結果B線圈中產生順時針方向的電流，且電流大小恒定為I，線圈B的電阻為R，則下列說法不正確的是( ) 圖5 A．A線圈中的電流一定沿順時針方向 B．A線圈中的電流一定是均勻增大的 C．B線圈中磁通量的變化率一定為IR D．B線圈一定有收縮的趨勢 ABD [由于B線圈中產生順時針方向的電流，則根據楞次定律可知，A線圈中的電流可能是順時針方向減小，也可能是逆時針方向增大，A項錯誤；由于B線圈中的電流恒定，因此磁場均勻變化，A線圈中的電流可能均勻增大，也可能均勻減小，B項錯誤；由歐姆定律及法拉第電磁感應定律，＝IR，C正確；如果A線圈中的電流減小，根據楞次定律可知，B線圈有擴張趨勢，D項錯誤．] 第Ⅱ卷 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22～25題為必考題，每個試題考生都必須作答．第33～34題為選考題，考生根據要求作答． (一)必考題：共47分． 22．(6分)用如圖6甲所示的裝置來探究由m1、m2組成的系統(tǒng)的機械能．通過光滑的定滑輪用輕繩的兩端連接著質量為m1和m2的兩物塊，m1下端與穿過打點計時器的紙帶相連接．如果讓m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶被打出一系列的點，如圖乙所示是實驗中獲取的一條紙帶，O是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間的時間間隔為T，測得OC＝h，BC＝h1，CD＝h2，m1
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