2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 熱點(diǎn)聚焦與擴(kuò)展 專(zhuān)題13 利用導(dǎo)數(shù)證明數(shù)列不等式.doc

《2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 熱點(diǎn)聚焦與擴(kuò)展 專(zhuān)題13 利用導(dǎo)數(shù)證明數(shù)列不等式.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 熱點(diǎn)聚焦與擴(kuò)展 專(zhuān)題13 利用導(dǎo)數(shù)證明數(shù)列不等式.doc（30頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

專(zhuān)題 13 利用導(dǎo)數(shù)證明數(shù)列不等式 熱點(diǎn)聚焦與擴(kuò)展 利用導(dǎo)數(shù)證明數(shù)列不等式 在高考題中能較好的考查學(xué)生靈活運(yùn)用知識(shí)的能力 一方面以函數(shù)為背景讓學(xué) 生探尋函數(shù)的性質(zhì) 另一方面體現(xiàn)數(shù)列是特殊的函數(shù) 進(jìn)而利用恒成立的不等式將沒(méi)有規(guī)律的數(shù)列放縮為 為有具體特征的數(shù)列 可謂一題多考 巧妙地將函數(shù) 導(dǎo)數(shù) 數(shù)列 不等式結(jié)合在一起 也是近年來(lái)高考 的熱門(mén)題型 1 常見(jiàn)類(lèi)型 1 利用放縮通項(xiàng)公式解決數(shù)列求和中的不等問(wèn)題 2 利用遞推公式處理通項(xiàng)公式中的不等問(wèn)題 2 恒成立不等式的 1 函數(shù)的最值 在前面的章節(jié)中我們提到過(guò)最值的一個(gè)作用就是提供恒成立的不等式 2 恒成立問(wèn)題的求解 此類(lèi)題目往往會(huì)在前幾問(wèn)中進(jìn)行鋪墊 暗示數(shù)列放縮的方向 其中 有關(guān)恒成立 問(wèn)題的求解 參數(shù)范圍內(nèi)的值均可提供恒成立不等式 3 常見(jiàn)恒成立不等式 1 對(duì)數(shù) 多項(xiàng)式 2 指數(shù) 多項(xiàng)式 4 關(guān)于前項(xiàng)和的放縮問(wèn)題 求數(shù)列前項(xiàng)公式往往要通過(guò)數(shù)列的通項(xiàng)公式來(lái)解決 高中階段求和的方法有 以下幾種 1 倒序相加 通項(xiàng)公式具備第項(xiàng)與第項(xiàng)的和為常數(shù)的特點(diǎn) 2 錯(cuò)位相減 通項(xiàng)公式為 等差等比 的形式 例如 求和可用錯(cuò)位相減 3 等比數(shù)列求和公式 4 裂項(xiàng)相消 通項(xiàng)公式可裂為兩項(xiàng)作差的形式 且裂開(kāi)的某項(xiàng)能夠與后面項(xiàng)裂開(kāi)的某項(xiàng)進(jìn)行相消 注 在放縮法處理數(shù)列求和不等式時(shí) 放縮為等比數(shù)列和能夠裂項(xiàng)相消的數(shù)列的情況比較多見(jiàn) 故優(yōu)先考 慮 5 大體思路 對(duì)于數(shù)列求和不等式 要謹(jǐn)記 求和看通項(xiàng) 從通項(xiàng)公式入手 結(jié)合不等號(hào)方向考慮放縮 成可求和的通項(xiàng)公式 6 在放縮時(shí)要注意前幾問(wèn)的鋪墊與提示 尤其是關(guān)于恒成立問(wèn)題與最值問(wèn)題所帶來(lái)的恒成立不等式 往 往提供了放縮數(shù)列的方向 7 放縮通項(xiàng)公式有可能會(huì)進(jìn)行多次 要注意放縮的方向 朝著可求和的通項(xiàng)公式進(jìn)行靠攏 等比數(shù)列 裂項(xiàng)相消等 8 數(shù)列不等式也可考慮利用數(shù)學(xué)歸納法進(jìn)行證明 有時(shí)更容易發(fā)現(xiàn)所證不等式與題目條件的聯(lián)系 經(jīng)典例題 例 1 2018 屆浙江省紹興市高三 3 月模擬 已知數(shù)列滿(mǎn)足 其中為自然對(duì)數(shù)的底數(shù) 證明 設(shè) 是否存在實(shí)數(shù) 使得對(duì)任意成立 若存在 求出的一個(gè)值 若不存在 請(qǐng)說(shuō)明理由 答案 1 見(jiàn)解析 2 不存在滿(mǎn)足條件的實(shí)數(shù) 解析 試題分析 1 第 問(wèn) 先證明一個(gè)不等式 再利用該不等式證明 2 第 問(wèn) 先利 用數(shù)學(xué)歸納法證明 再利用該不等式證明不存在實(shí)數(shù) M 先用數(shù)學(xué)歸納法證明 當(dāng)時(shí) 假設(shè)當(dāng)時(shí) 不等式成立 那么當(dāng)時(shí) 也成立 故對(duì)都有 所以 取 名師點(diǎn)睛 本題難點(diǎn)在于思路的找尋 本題難度較大 第 問(wèn) 先證明一個(gè)不等式 第 問(wèn) 先利用數(shù)學(xué)歸納法證明 之所以要證明這兩個(gè)不等式 當(dāng)然是對(duì)試題整體分析的結(jié)果 例 2 2017 浙江 22 已知數(shù)列 x n 滿(mǎn)足 x 1 1 x n xn 1 ln 1 xn 1 證明 當(dāng)時(shí) 0 x n 1 x n 2x n 1 xn x n 答案 見(jiàn)解析 見(jiàn)解析 見(jiàn)解析 解析 由得 211114 2 ln nnnnxxxx 名師點(diǎn)睛 本題主要考查數(shù)列的概念 遞推關(guān)系與單調(diào)性等基礎(chǔ)知識(shí) 不等式及其應(yīng)用 同時(shí)考查推理 論證能力 分析問(wèn)題和解決問(wèn)題的能力 屬于難題 本題主要應(yīng)用 1 數(shù)學(xué)歸納法證明不等式 2 構(gòu)造函數(shù) 利用函數(shù)的單調(diào)性證明不等式 3 由遞推關(guān)系證明 例 3 已知函數(shù)在處取得極值 1 求實(shí)數(shù)的值 2 證明 對(duì)于任意的正整數(shù) 不等式都成立 答案 1 1 2 見(jiàn)解析 解析 1 為的極值點(diǎn) 2 思路一 聯(lián)想所證不等式與題目所給函數(shù)的聯(lián)系 會(huì)發(fā)現(xiàn)在中 存在對(duì)數(shù) 且左邊數(shù)列的通項(xiàng)公式 也具備項(xiàng)的特征 所以考慮分析與的大小關(guān)系 然后與數(shù)列進(jìn)行聯(lián)系 解 下面求的單調(diào)區(qū)間 令 即 每一個(gè)函數(shù)的最值都會(huì)為我們提供一個(gè)恒成立的不等式 不用 名師點(diǎn)睛 1 此不等式實(shí)質(zhì)是兩組數(shù)列求和后的大小關(guān)系 通過(guò)對(duì)應(yīng)項(xiàng)的大小關(guān)系決定求和式子 的大小 此題在比較項(xiàng)的大小時(shí)關(guān)鍵是利用一個(gè)恰當(dāng)?shù)暮瘮?shù)的最值 而這個(gè)函數(shù)往往由題目所給 另外有兩 點(diǎn)注意 關(guān)注函數(shù)最值所產(chǎn)生的恒成立不等式 注意不等號(hào)的方向應(yīng)該與所證不等式同向 2 解決問(wèn)題后便明白所證不等式為何右邊只有一個(gè)對(duì)數(shù) 其實(shí)也是在作和 只是作和時(shí)對(duì)數(shù)合并成一 項(xiàng) 與對(duì)數(shù)運(yùn)算法則和真數(shù)的特點(diǎn)相關(guān) 所以今后遇到類(lèi)似問(wèn)題可猜想對(duì)數(shù)是經(jīng)歷怎樣的過(guò)程化簡(jiǎn)來(lái)的 這往往就是思路的突破點(diǎn) 思路二 發(fā)現(xiàn)不等式兩邊均有含的表達(dá)式 且一側(cè)作和 所以考慮利用數(shù)學(xué)歸納法給予證明 解 用數(shù)學(xué)歸納法證明 只需證 2 211ln 1 lnlnlkk kk 下同思路一 分析的最值可得 令 由恒成立不等式可得 即所證不等式成立 均有 名師點(diǎn)睛 利用數(shù)學(xué)歸納法證明要注意兩點(diǎn) 1 格式的書(shū)寫(xiě) 2 要利用所假設(shè)的條件 例 4 已知函數(shù) 1 當(dāng)時(shí) 求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間 2 當(dāng)時(shí) 函數(shù)圖像上的點(diǎn)都在所表示的平面區(qū)域內(nèi) 求實(shí)數(shù)的取值范圍 3 求證 124821135ne 其中是自然對(duì)數(shù)的底數(shù) 答案 1 增區(qū)間 減區(qū)間 2 見(jiàn)解析 解析 1 常規(guī)解法 求出單調(diào)區(qū)間找最值 2 2121xxfx 令求出單調(diào)區(qū)間如下 增 減 2 解 函數(shù)圖像上的點(diǎn)都在區(qū)域內(nèi) 此時(shí)發(fā)現(xiàn)單調(diào)性并不能直接舍掉的情況 但可估計(jì)函數(shù)值的趨勢(shì) 恒為正 而早晚會(huì)隨著值的變大而為 正數(shù) 所以必然不符合題意 在書(shū)寫(xiě)時(shí)可構(gòu)造反例來(lái)說(shuō)明 此題只需即可 所以選擇 時(shí) 即 在單調(diào)遞減 符合題意 綜上所述 3 思路 觀察所證不等式 124821135ne 左邊連乘 右邊是 可以想到利用兩邊取對(duì)數(shù) 化積為和 同時(shí)利用第二問(wèn)的結(jié)論 第二問(wèn)給我們提供了恒成立的不 等式 時(shí) 取 即 則可與左邊的求和找到聯(lián)系 解 所證不等式等價(jià)于 1242ln1ln1ln135n 由 2 可得 令 即 不等式得證 名師點(diǎn)睛 1 第二問(wèn)中代數(shù)方法與數(shù)形結(jié)合方法的抉擇 體會(huì)為什么放棄線性規(guī)劃思路 以及如何 將約束條件轉(zhuǎn)變?yōu)楹愠闪?wèn)題 2 對(duì)數(shù)運(yùn)算的特點(diǎn) 化積為和 題目中沒(méi)有關(guān)于乘積式的不等關(guān)系 于是決定變?yōu)楹褪?3 利用上一問(wèn)的結(jié)論放縮通項(xiàng)公式 將不可求和轉(zhuǎn)變?yōu)榭汕蠛?進(jìn)而解決問(wèn)題 例 5 2017 北京 理 19 已知函數(shù) 1 若在定義域內(nèi)為減函數(shù) 求的范圍 2 若滿(mǎn)足 試證明 時(shí) 答案 1 1 2 見(jiàn)解析 解析 解 1 為減函數(shù) 2 思路 由 1 可得為減函數(shù) 進(jìn)而即 所求是有關(guān)的不等關(guān)系 有的指數(shù)冪 所以可能與自然對(duì) 數(shù)相關(guān) 考慮數(shù)列的單調(diào)性 已知條件是遞推數(shù)列 可嘗試?yán)眠f推公式尋找不等關(guān)系求解 解 單調(diào)遞增 時(shí) 即 112 2 212 2 214441nnn n naa a 利用進(jìn)行 放縮 消掉多余的 由 聯(lián)想到是可裂項(xiàng)的 再由的特點(diǎn)決定兩邊同取對(duì)數(shù) 32111ln32nan 181 3124242nn 得證 名師點(diǎn)睛 1 對(duì)付較復(fù)雜的題目 首先要把準(zhǔn)備工作做好 在第三問(wèn)中你可做的準(zhǔn)備工作有這些 如果你計(jì)算了 也許就知道左邊的的來(lái)源進(jìn)而決定進(jìn)行數(shù)列單調(diào)性分析 如果你觀察了遞推公式 便可發(fā)現(xiàn)有可處理的地方 如果你觀察了所證不等式的右邊 便會(huì)由的指數(shù)冪聯(lián)想到對(duì)數(shù)不等式 如果利用第一問(wèn)出個(gè)可用的不等式結(jié)論 也許你就發(fā)現(xiàn)了對(duì)數(shù)與根式的不等關(guān)系 這些準(zhǔn)備工作不會(huì)直接得到答案 但是起碼會(huì)給你提供一些方法和可選擇的道路 2 第三問(wèn)依然用到了數(shù)列求和 有關(guān)消項(xiàng)的求和通常有兩種 一種是相鄰的項(xiàng)做差 累加法 另外一 種就是相鄰的項(xiàng)做商 此時(shí)利用對(duì)數(shù)即可將 累乘消項(xiàng) 轉(zhuǎn)變?yōu)?累加消項(xiàng) 例 6 2018 屆二輪專(zhuān)練 已知函數(shù) f x elnx g x f x x 1 e 2 718 1 求函數(shù) g x 的極大值 2 求證 1 ln n 1 n N 答案 1 2 2 見(jiàn)解析 令 g x 0 解得 0 x 1 令 g x 1 函數(shù) g x 在 0 1 上單調(diào)遞增 在 1 上單調(diào)遞減 g x 極大值 g 1 2 2 證明 由 1 知 x 1 是函數(shù) g x 的極大值點(diǎn) 也是最大值點(diǎn) g x g 1 2 即 lnx x 1 2 lnx x 1 當(dāng)且僅當(dāng) x 1 時(shí)等號(hào)成立 令 t x 1 得 t ln t 1 t 1 取 t n N 時(shí) 則 ln ln 1 ln2 ln ln ln 疊加得 1 ln 2 ln n 1 即 1 ln n 1 例 7 2018 屆二輪訓(xùn)練 已知函數(shù) f x xlnx 和 g x m x 2 1 m R 1 m 1 時(shí) 求方程 f x g x 的實(shí)根 2 若對(duì)任意的 x 1 函數(shù) y g x 的圖象總在函數(shù) y f x 圖象的上方 求 m 的取值范圍 3 求證 ln 2n 1 n N 答案 1 見(jiàn)解析 2 3 見(jiàn)解析 意 3 由 2 知 當(dāng)時(shí) 時(shí) 成立 結(jié)合題型 構(gòu)造不妨令 得出 24ln1l 1kkN 利用累加可得結(jié)論 試題解析 1 時(shí) 即 而 所以方程即為 令 則 而 故方程有唯一的實(shí)根 2 對(duì)于任意的 函數(shù)的圖象總在函數(shù)圖象的上方 即 即 設(shè) 即 則 若 則 這與題設(shè)矛盾 方程有兩個(gè)正實(shí)根且 當(dāng)時(shí) 單調(diào)遞增 與題設(shè)矛盾 綜上所述 實(shí)數(shù)的取值范圍是 3 證明 由 2 知 當(dāng)時(shí) 時(shí) 成立 不妨令 22114ln kkkN 即 24ln21l 1kkN 2 34 5 121lnnlnl 累加可得 2244l1nN 名師點(diǎn)睛 本題主要考查利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 利用導(dǎo)數(shù)證明不等式 分類(lèi)討論思想及方程的根 與系數(shù)的關(guān)系 屬于難題 分類(lèi)討論思想解決高中數(shù)學(xué)問(wèn)題的一種重要思想方法 是中學(xué)數(shù)學(xué)四種重要的數(shù) 學(xué)思想之一 尤其在解決含參數(shù)問(wèn)題發(fā)揮著奇特功效 大大提高了解題能力與速度 運(yùn)用這種方法的關(guān)鍵 是將題設(shè)條件研究透 這樣才能快速找準(zhǔn)突破點(diǎn) 充分利用分類(lèi)討論思想方法能夠使問(wèn)題條理清晰 進(jìn)而 順利解答 希望同學(xué)們能夠熟練掌握并應(yīng)用與解題當(dāng)中 例 8 2018 屆四省名校 南寧二中等 高三上第一次大聯(lián)考 已知函數(shù) 1 若 求的單調(diào)區(qū)間 2 若關(guān)于的不等式對(duì)一切恒成立 求實(shí)數(shù)的取值范圍 3 求證 對(duì) 都有 答案 1 單調(diào)增區(qū)間為 單調(diào)減區(qū)間為 2 3 證明見(jiàn)解析 當(dāng)時(shí) 對(duì)一切不恒成立 當(dāng)時(shí) 對(duì)一切不恒成立 綜上可得實(shí)數(shù)的取值范圍是 3 結(jié)合 2 的結(jié)論 取 有時(shí) 則 結(jié)合對(duì)數(shù)的運(yùn)算法則即可證得題中的不等式 當(dāng)時(shí) 故在區(qū)間上遞增 所以 從而在區(qū)間上遞增 所以對(duì)一切恒成立 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 所以時(shí) 而 故 所以當(dāng)時(shí) 遞減 由 知 此時(shí)對(duì)一切不恒成立 當(dāng)時(shí) 在區(qū)間上遞減 有 從而在區(qū)間上遞減 有 所以 名師點(diǎn)睛 導(dǎo)數(shù)是研究函數(shù)的單調(diào)性 極值 最值 最有效的工具 而函數(shù)是高中數(shù)學(xué)中重要的知識(shí)點(diǎn) 所以在歷屆高考中 對(duì)導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查都非常突出 本專(zhuān)題在高考中的命題方向及命題角度 從高考 來(lái)看 對(duì)導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查主要從以下幾個(gè)角度進(jìn)行 1 考查導(dǎo)數(shù)的幾何意義 往往與解析幾何 微積 分相聯(lián)系 2 利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間 判斷單調(diào)性 已知單調(diào)性 求參數(shù) 3 利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的 最值 極值 解決生活中的優(yōu)化問(wèn)題 4 考查數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用 例 9 2018 屆東北四市一模 已知函數(shù) 1 若函數(shù)與的圖象在處有相同的切線 求的值 2 當(dāng)時(shí) 恒成立 求整數(shù)的最大值 3 證明 答案 1 2 3 證明見(jiàn)解析 解析 試題分析 1 由題意得到關(guān)于實(shí)數(shù) a b 的方程組 求解方程組可得 2 結(jié)合 1 的結(jié)論 利用且當(dāng)放縮可得整數(shù)的最大值是 2 3 結(jié)合 2 的結(jié)論有 利用對(duì)數(shù)的性質(zhì)裂項(xiàng)放縮即可證得題中的不等式 試題解析 即 同理可證 由題意 當(dāng)時(shí) 且 即 即時(shí) 成立 當(dāng)時(shí) 即不恒成立 因此整數(shù)的最大值為 2 3 由 令 即 即 由此可知 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 綜上 點(diǎn)睛 導(dǎo)數(shù)是研究函數(shù)的單調(diào)性 極值 最值 最有效的工具 而函數(shù)是高中數(shù)學(xué)中重要的知識(shí)點(diǎn) 所以在 歷屆高考中 對(duì)導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查都非常突出 本專(zhuān)題在高考中的命題方向及命題角度 從高考來(lái)看 對(duì)導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用的考查主要從以下幾個(gè)角度進(jìn)行 1 考查導(dǎo)數(shù)的幾何意義 往往與解析幾何 微積分相聯(lián) 系 2 利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間 判斷單調(diào)性 已知單調(diào)性 求參數(shù) 3 利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值 極值 解決生活中的優(yōu)化問(wèn)題 4 考查數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用 例 10 2018 屆貴州省遵義市遵義四中高三第三次月考 已知函數(shù) 1 求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間 2 若不等式區(qū)間上恒成立 求實(shí)數(shù)的取值范圍 3 求證 答案 1 函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為 單調(diào)遞減區(qū)間為 2 3 見(jiàn)解析 令 得 令 得 故函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為 單調(diào)遞減區(qū)間為 2 令 又 令解得 當(dāng)在內(nèi)變化時(shí) 變化如下表 0 由表知 當(dāng)時(shí)函數(shù)有最大值 且最大值為 所以 3 由 2 知 4422lnln113en 221 113 3nn 4422lnln113ene 即 方法點(diǎn)晴 本題主要考查利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 證明不等式以及不等式恒成立問(wèn)題 屬于難 題 不等式恒成立問(wèn)題常見(jiàn)方法 分離參數(shù)恒成立 可 或恒成立 即可 數(shù)形結(jié)合 圖象在 上方 即可 討論最值或恒成立 討論參數(shù) 本題 2 是利用方法 求得的最大值 精選精練 1 設(shè)函數(shù) 其中 1 當(dāng)時(shí) 討論函數(shù)在其定義域上的單調(diào)性 2 證明 對(duì)任意的正整數(shù) 不等式都成立 答案 1 增區(qū)間 減區(qū)間 2 見(jiàn)解析 的單調(diào)區(qū)間為 增 減 增 時(shí) 恒成立 在單調(diào)遞增 2 考慮時(shí) 則 即 2 已知函數(shù) 3 ln1 0 fxxgxa 1 求的最大值 2 證明不等式 答案 1 0 2 見(jiàn)解析 解析 1 令 單調(diào)區(qū)間如下 增 減 2 思路 左邊可看做數(shù)列求和 其通項(xiàng)公式為 無(wú)法直接求和 所以考慮利用條件進(jìn)行放縮 右邊是 分式 可以猜想是等比數(shù)列求和后的結(jié)果 所以將放縮為等比數(shù)列模型 由 1 可得 令進(jìn)行嘗試 不等式得證 名師點(diǎn)睛 此題的第 3 問(wèn)將數(shù)列通項(xiàng)公式放縮為等比數(shù)列求和 如果不等式的一側(cè)是一個(gè)分?jǐn)?shù) 則 可向等比數(shù)列求和的結(jié)果考慮 猜想公比與首項(xiàng) 3 已知等差數(shù)列的公差不為零 等比數(shù)列的前 3 項(xiàng)滿(mǎn)足 求數(shù)列與的通項(xiàng)公式 設(shè) 是否存在最大整數(shù) 使對(duì)任意的 均有總成立 若存在 求出的值 若不存在 請(qǐng)說(shuō)明理由 答案 解析 試題分析 由已知可設(shè)公差為的 d 依題意可得 聯(lián)立解得 從而可求數(shù)列與的通項(xiàng)公式 依題意可得 假設(shè)存在整數(shù) m 使 成立 即 記 則 從而求出 即有存在最大的整數(shù) m 12 使 0 2 1463 1 nnff 試題解析 由已知可設(shè)公差為 則有 聯(lián)立解得 數(shù)列代入得 1 3 1 8 1 nnanc 故存在最大的整數(shù) 使恒成立 4 在數(shù)列中 已知 11 14 23log4nnnabaN 1 求數(shù)列的通項(xiàng)公式 2 求證 數(shù)列是等差數(shù)列 3 設(shè)數(shù)列滿(mǎn)足 且的前項(xiàng)和 若對(duì)恒成立 求實(shí)數(shù)取值范圍 答案 1 2 詳見(jiàn)解析 3 解析 試題分析 1 由于 可得數(shù)列是首項(xiàng)為 公比為的等比數(shù)列 即可求出數(shù)列的通項(xiàng)公式 2 由 1 可得 即可證明數(shù)列是首項(xiàng) 公差的等差數(shù)列 3 由 1 知 當(dāng) n 為偶數(shù)時(shí) 即對(duì) n 取114321 nnn bbbS 2 公差 數(shù)列是首項(xiàng) 公差的等差數(shù)列 7 分 未證明扣 1 分 3 由 1 知 當(dāng) n 為偶數(shù)時(shí) 114321 nnn bbbS 1534312 nb 26 642bn 即對(duì) n 取任意正偶數(shù)都成立 所以 11 分 當(dāng) n 為奇數(shù)時(shí) 13 2 1 3 2114321 nnbbbSnnn 對(duì)時(shí)恒成立 綜上 15 分 5 已知等差數(shù)列的各項(xiàng)均為正數(shù) 其前項(xiàng)和為 為等比數(shù)列 且 1 求與 2 若對(duì)任意正整數(shù)和任意恒成立 求實(shí)數(shù)的取值范圍 答案 1 2 解析 試題解析 1 設(shè)的公差為 且的公比為 132 1 2763nnadbqSbq 7 分 2 12113245 2 nSSn 345 10 分 問(wèn)題等價(jià)于的最小值大于或等于 即 即 解得 14 分 6 已知為單調(diào)遞增的等比數(shù)列 且 是首項(xiàng)為 2 公差為的等差數(shù)列 其前項(xiàng)和為 1 求數(shù)列的通項(xiàng)公式 2 當(dāng)且僅當(dāng) 成立 求的取值范圍 答案 1 2 的取值范圍為 解析 試題解析 1 因?yàn)闉榈缺葦?shù)列 所以 所以 所以 為方程 的兩根 又因?yàn)闉檫f增的等比數(shù)列 所以 從而 所以 2 由題意可知 30 5 42 1 dff 所以 的取值范圍為 7 2017 年 12 月浙江省重點(diǎn)中學(xué)期末熱身 已知數(shù)列滿(mǎn)足 求 證明 是否存在正實(shí)數(shù) 使得對(duì)任意的 都有 并說(shuō)明理由 答案 1 2 證明見(jiàn)解析 3 存在 解析 試題分析 1 依題意可得 再根據(jù) 即可求出的值 2 易證 則 即可得證 構(gòu)造 證明 出 是遞增數(shù)列 即可得證 3 由 2 得 1ln2lnln21 12an neea 再結(jié)合 即可求出的值 試題解析 1 由已知 2 是遞增數(shù)列 即 綜上 3 由 2 得 1ln2lnln21 12an neea 12 11 2121122 2nnn n nnnna 當(dāng)時(shí) 222563636n nn 由的單調(diào)性知 當(dāng)時(shí) 綜上 對(duì)任意的 都有 所以存在 c 的取值不唯一 若 c 取其它值相應(yīng)給分 點(diǎn)睛 本題考慮數(shù)列的不等式的證明和數(shù)列與函數(shù)的關(guān)系 恒成立問(wèn)題的求解等問(wèn)題 具體涉及到數(shù)列與 不等式的綜合運(yùn)用 其中放縮法的應(yīng)用和構(gòu)造法的應(yīng)用是解題的關(guān)鍵 8 已知數(shù)列 滿(mǎn)足 且 1 求及 2 猜想 的通項(xiàng)公式 并證明你的結(jié)論 3 證明 對(duì)所有的 3211 1 2sinnnabab b 答案 1 2 見(jiàn)解析 3 見(jiàn)解析 解析 試題分析 1 依次把 n 1 2 3 代入遞推式即可求出 a n b n 的前 4 項(xiàng) 2 利用數(shù)學(xué)歸納法證明猜想 3 利用放縮法證明不等式左邊 利用函數(shù)單調(diào)性證明不等式右邊 用數(shù)學(xué)歸納法證明 當(dāng)時(shí) 由上可得結(jié)論成立 假設(shè)當(dāng)時(shí) 結(jié)論成立 即 那么當(dāng)時(shí) 212112kkabkk 所以當(dāng)時(shí) 結(jié)論也成立 由 可知 對(duì)一切正整數(shù)都成立 3 由 2 知 于是所證明的不等式即為 135211 2sin46n 先證明 3221n 因?yàn)?所以 從而 即 所以 13513521 24627nn 再證明 設(shè)函數(shù) 則 所以 綜上所述 對(duì)所有的 均有 3211 1 2sinnnabab b 成立 9 已知各項(xiàng)均不相等的等差數(shù)列的前項(xiàng)和為 且恰為等比數(shù)列的前三項(xiàng) 記 分別求數(shù)列 的通項(xiàng)公式 若 求取得最小值時(shí)的值 當(dāng)為數(shù)列的最小項(xiàng)時(shí) 有相應(yīng)的可取值 我們把所有的和記為 當(dāng)為數(shù)列的最小項(xiàng)時(shí) 有相應(yīng)的可取 值 我們把所有的和記為 令 求 答案 0 解析 試題分析 易得 若 則 當(dāng)或 取得最小值 0 令 則 根據(jù)二次函數(shù)的圖象和性質(zhì) 當(dāng)取得最小值時(shí) 在拋物線對(duì)稱(chēng)軸的左 右側(cè)都有可能 但都在對(duì) 稱(chēng)軸的右側(cè) 必有 而取得最小值 等價(jià)于 由解得 同理 當(dāng)取得最小值時(shí) 只需 解得 可得 10 已知函數(shù) 求方程的實(shí)數(shù)解 如果數(shù)列滿(mǎn)足 是否存在實(shí)數(shù) 使得對(duì)所有的都成立 證明你的結(jié)論 在 的條件下 設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)的和為 證明 答案 存在使得 見(jiàn)解析 解析 由題意 通過(guò)解分式方程即可得方程的實(shí)數(shù)解析 通過(guò)函數(shù)的單調(diào)性判斷數(shù)列通 證法 1 因?yàn)?當(dāng)時(shí) 單調(diào)遞減 所以 因?yàn)?所以由得且 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明 因?yàn)?所以當(dāng)時(shí)結(jié)論成立 假設(shè)當(dāng)時(shí)結(jié)論成立 即 由于為上的減函數(shù) 所以 從而 是以為首項(xiàng) 為公比的等比數(shù)列 所以 易知 所以當(dāng)為奇數(shù)時(shí) 當(dāng)為偶數(shù)時(shí) 即存在 使得 證明 由 2 我們有 從而 設(shè) 則由得 由于 因此 n 1 2 3 時(shí) 成立 左邊不等式均成立 當(dāng) n 3 時(shí) 有 因此 從而 即 點(diǎn)睛 此題主要考查了函數(shù)零點(diǎn) 單調(diào)性 數(shù)列單調(diào)性 求和與不等式關(guān)系 以及數(shù)學(xué)歸納法 分式方程 的解等有關(guān)知識(shí) 屬于高檔題型 也是高頻考點(diǎn) 在 的證明中 首先利用函數(shù)單調(diào)性 確定函數(shù)值 的范圍 由此得出數(shù)列通項(xiàng)的取值范圍 從而找到常數(shù) 再用數(shù)列歸納法進(jìn)行證明 在 的證明中 根據(jù)題意構(gòu)造新數(shù)列 再通過(guò)討論其前項(xiàng)和的取值范圍 從而問(wèn)題得證 11 在數(shù)列中 為的前項(xiàng)和 且 1 比較與大小 2 令 數(shù)列的前項(xiàng)和為 求證 答案 1 2 且由 1 知 是關(guān)于的二次函數(shù) 當(dāng)時(shí)取到最大值 但 2211299nnnaaTb 解析 試題分析 1 根據(jù)及可得到等式 并令 即可得出等式 進(jìn)而可得的大小關(guān)系 2 由 1 知不 等式 即 進(jìn)而可得不等式 再結(jié)合已 知是關(guān)于的二次函數(shù) 根據(jù)二次函數(shù)的圖像可得出其最大值為 進(jìn)而由數(shù)列的前項(xiàng)和可得所證結(jié)論即可 但 2211299nnnaaTb 12 2018 屆高三數(shù)學(xué)訓(xùn)練題 設(shè)函數(shù) f x e x ax 1 1 當(dāng) a 0 時(shí) 設(shè)函數(shù) f x 的最小值為 g a 求證 g a 0 2 求證 對(duì)任意的正整數(shù) n 都有 1n 1 2 n 1 3 n 1 n n 1 0 的情況下討論函數(shù)的單調(diào)性 求出函數(shù)的小值 g a a alna 1 再對(duì) 這個(gè)函數(shù)求導(dǎo) 研究這個(gè)函數(shù)的最大值 g 1 0 故 g a 0 2 結(jié)合第一問(wèn)得到 x 0 時(shí) 總有 ex x 1 兩邊變形得到 x 1 n 1 0 及 f x e x a 可得 函數(shù) f x 在 lna 上單調(diào)遞減 在 lna 上單調(diào)遞增 故函數(shù) f x 的最小值為 g a f lna e lna alna 1 a alna 1 則 g a lna 故當(dāng) a 0 1 時(shí) g a 0 令 x 1 即 x 可得 n 1 e n 令 x 1 即 x 可得 n 1 e n 1 令 x 1 即 x 可得 n 1 e n 2 令 x 1 即 x 可得 n 1 e 1 對(duì)以上各式求和可得 n 1 n 1 n 1 n 1 e n e n 1 e n 2 e 1 1 故對(duì)任意的正整數(shù) n 都有 1n 1 2 n 1 3 n 1 n n 1 n 1 n 1 點(diǎn)睛 這個(gè)題目考查的是利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 證明不等式的恒成立問(wèn)題 在證明不等式的恒成立 是 對(duì)于含有類(lèi)似于這個(gè)題目中的 n 的題目 要注意利用第一問(wèn)的結(jié)論 對(duì)第一問(wèn)求得的參數(shù)值代入函數(shù) 表達(dá)式 再注意對(duì)函數(shù)進(jìn)行變形再賦值 從而得到要證的不等式形式