（全國通用）2018版高考物理總復(fù)習(xí)考前三個(gè)月仿真模擬卷（打包4套）.zip

（全國通用）2018版高考物理總復(fù)習(xí)考前三個(gè)月仿真模擬卷（打包4套）.zip,全國,通用,2018,高考,物理,復(fù)習(xí),考前,三個(gè)月,仿真,模擬,打包 仿真模擬卷(一)(時(shí)間：90分鐘滿分：110分)二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14下列關(guān)于近代物理的說法正確的是()A玻爾理論成功解釋了各種原子發(fā)出的光譜B能揭示原子具有核式結(jié)構(gòu)的事件是氫原子光譜的發(fā)現(xiàn)C光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的解釋使得光的波動(dòng)說遇到了巨大的困難D質(zhì)能方程Emc2揭示了物體的能量和質(zhì)量之間存在著密切的確定關(guān)系，提出這一方程的科學(xué)家是盧瑟福答案C解析玻爾理論成功解釋了氫原子發(fā)光的現(xiàn)象，但對于稍微復(fù)雜一些的原子如氦原子，玻爾理論都無法解釋其發(fā)光現(xiàn)象，故玻爾理論有它的局限性，A錯(cuò)誤；盧瑟福的粒子散射實(shí)驗(yàn)揭示了原子具有核式結(jié)構(gòu)，B錯(cuò)誤；光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象說明了光具有粒子性，從而使得光的波動(dòng)說遇到了巨大困難，C正確；愛因斯坦的質(zhì)能方程揭示了物體的能量和質(zhì)量之間存在密切的關(guān)系，D錯(cuò)誤15.如圖1所示，圓柱體的A點(diǎn)放有一質(zhì)量為M的小物體P，使圓柱體緩慢勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)P從A點(diǎn)轉(zhuǎn)到A點(diǎn)，在這過程中P始終與圓柱體保持相對靜止，那么P所受的靜摩擦力的大小隨時(shí)間的變化規(guī)律，可由下面哪個(gè)圖表示() 圖1答案A解析物體P一共受到三個(gè)力的作用，豎直方向的重力G，沿半徑方向向外的支持力FN，沿切線方向的靜摩擦力Ff(最高點(diǎn)不受靜摩擦力，只受重力和支持力)圓柱體緩慢移動(dòng)，所以物塊P在任意位置所受合外力為零，對三個(gè)力進(jìn)行分解，得到Ffmgsin ，從A轉(zhuǎn)動(dòng)到A的過程中先變小后增大，所以Ff按照正弦變化規(guī)律先減小后增大，故A正確16圖2甲中理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為n1n251，電阻R20 ，L1、L2為規(guī)格相同的兩只小燈泡，S1為單刀雙擲開關(guān)，原線圈接正弦交變電源，輸入電壓u隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，現(xiàn)將S1接1，S2閉合，此時(shí)L2正常發(fā)光，下列說法正確的是()圖2A輸入電壓u的表達(dá)式為u20sin (50t) VB只斷開S2后，L1、L2均正常發(fā)光C只斷開S2后，原線圈的輸入功率將增大D若S1換接到2后，R消耗的電功率為0.8 W答案D解析從題圖中可看出該交流電的最大值為20 V，周期為0.02 s，根據(jù)交變電流的電動(dòng)勢隨時(shí)間的變化規(guī)律eEmsin t，其中，可知輸入電壓u20sin(100t) V，A錯(cuò)誤；只斷開S2副線圈中電壓不變，兩燈泡的總電壓不變，總電阻增加，流過燈泡的電流減小，L1、L2不能正常發(fā)光，故B錯(cuò)誤；只斷開S2，副線圈中電壓不變，電路總電阻增加，總電流減小，副線圈功率減小，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故原線圈的輸入功率減小，故C錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓之比U1U2n1n2，可知副線圈電壓的有效值為4 V，若S1接到2，副線圈的電壓仍不變，根據(jù)P可得電阻消耗的電功率為0.8 W，故D正確17如圖3所示，帶正電的A球固定，質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子B從a處以速度v0射向A，虛線abc是B運(yùn)動(dòng)的一段軌跡，b點(diǎn)距離A最近粒子經(jīng)過b點(diǎn)時(shí)速度為v，重力忽略不計(jì)則()圖3A粒子從a運(yùn)動(dòng)到b的過程中動(dòng)能不斷增大B粒子從b運(yùn)動(dòng)到c的過程中加速度不斷增大C可求出A產(chǎn)生的電場中a、b兩點(diǎn)間的電勢差 D可求出A產(chǎn)生的電場中b點(diǎn)的電場強(qiáng)度答案C解析帶電粒子從a到b，電場力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能不斷減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；粒子從b運(yùn)動(dòng)到c的過程中加速度不斷減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，可求出A產(chǎn)生的電場中a、b兩點(diǎn)間的電勢差，選項(xiàng)C正確；不可求出A產(chǎn)生的電場中b點(diǎn)的電場強(qiáng)度，選項(xiàng)D錯(cuò)誤18如圖4所示，邊長為L的金屬框abcd放置在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向平行于ab邊向上，當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c、d四點(diǎn)的電勢分別為a、b、c、d.下列判斷正確的是()圖4A金屬框中無電流，adB金屬框中電流方向沿adcba，adC金屬框中無電流，UbcBL2D金屬框中無電流，UbcBL2答案C解析因穿過線圈的磁通量始終為零，故線圈中無電流；根據(jù)右手定則可知，d端電勢高于a端，c端電勢高于d端，UbcBLBL2，故選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤，C正確；故選C.192017年1月23日，我國首顆1米分辨率C頻段多極化合成孔徑雷達(dá)(SAS)衛(wèi)星“高分三號”正式投入使用，某天文愛好者觀測衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)該衛(wèi)星每經(jīng)過時(shí)間t通過的弧長為l，該弧長對應(yīng)的圓心角為弧度，已知萬有引力常量為G，則下列說法正確的是()A衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為B衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度為2C地球的質(zhì)量為D衛(wèi)星的質(zhì)量為答案AC解析由圓周運(yùn)動(dòng)公式可得lr，v，該衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，有m，解得M，A、C正確20.如圖5所示，兩等量異種電荷在同一水平線上，它們連線的中點(diǎn)為O，豎直面內(nèi)的半圓弧光滑絕緣軌道的直徑AB水平，圓心在O點(diǎn)，圓弧的半徑為R，C為圓弧上的一點(diǎn)，OC與豎直方向的夾角為37，一電荷量為q，質(zhì)量為m的帶電小球從軌道的A端由靜止釋放，沿軌道滾動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，速度v2，g為重力加速度，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則下列說法正確的是()圖5A電場中A點(diǎn)的電勢為B電場中B點(diǎn)的電勢為C小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為2mgRD小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，其動(dòng)能與電勢能的和為1.6mgR答案AC解析取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則最低點(diǎn)處電勢為0，小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理可得mgRqUAOmv2，解得UAO，而UAOA0，所以A，A正確；由對稱性可知UAOUOB，即A00B，故B，B錯(cuò)誤；小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理得EkqUAB2mgR，C正確；小球在最低點(diǎn)處的動(dòng)能和電勢能的總和為E1mv202mgR，由最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程中，動(dòng)能、電勢能、重力勢能的總量守恒，而重力勢能增加量EpmgR(1cos 37)0.2mgR，故動(dòng)能、電勢能的總和減少了0.2mgR，所以小球在C點(diǎn)的動(dòng)能和電勢能的總和為E2E10.2mgR1.8mgR，D錯(cuò)誤21.如圖6所示，內(nèi)壁光滑的圓軌道豎直固定在桌面上，一小球靜止在軌道底部A點(diǎn)，現(xiàn)用小錘沿水平方向快速擊打小球，擊打后迅速移開，使小球沿軌道在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球回到A點(diǎn)時(shí)，再次用小錘沿運(yùn)動(dòng)方向擊打小球通過兩次擊打，小球才能運(yùn)動(dòng)到圓軌道的最高點(diǎn)，已知小球在運(yùn)動(dòng)過程中始終未脫離軌道，若在第一次擊打過程中小錘對小球做功W1，第二次擊打過程中小錘對小球做功W2，先后兩次擊打過程中小錘 圖6對小球做功全部用來增加小球的動(dòng)能，則的值可能為()A. B.C1 D2答案AB解析由于小球始終未脫離軌道，所以第一次擊打小球上升的高度不超過R，故W1mgR.兩次擊打后上升到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得W1W22mgRmv2，由于通過最高點(diǎn)的速度v，所以W2mgR，故，A、B正確三、非選擇題(本題共6小題，共62分)(一)必考題22(6分)某同學(xué)用如圖7甲所示的裝置來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，該裝置由水平長木板及固定在木板一端的硬幣發(fā)射器組成，硬幣發(fā)射器包括支架、彈片及彈片釋放裝置，釋放彈片可將硬幣以某一初速度彈出已知一元硬幣和五角硬幣與長木板間動(dòng)摩擦因數(shù)相同，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：將一元硬幣置于發(fā)射槽口，釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，硬幣沿著長木板中心線運(yùn)動(dòng)，在長木板中心線的適當(dāng)位置取一點(diǎn)O，測出硬幣停止滑動(dòng)時(shí)硬幣右側(cè)到O點(diǎn)的距離再從同一位置釋放彈片將硬幣發(fā)射出去，重復(fù)多次，取該距離的平均值記為x1，如圖乙所示；將五角硬幣放在長木板上，使其左側(cè)位于O點(diǎn)，并使其直徑與中心線重合，按步驟從同一位置釋放彈片，重新彈射一元硬幣，使兩硬幣對心正碰，重復(fù)多次，分別測出兩硬幣碰后停止滑行時(shí)距O點(diǎn)距離的平均值x2和x3，如圖丙所示圖7(1)為完成該實(shí)驗(yàn)，除長木板，硬幣發(fā)射器，一元及五角硬幣，刻度尺外，還需要的器材為_；(2)實(shí)驗(yàn)中還需要測量的物理量為_，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為_(用測量物理量對應(yīng)的字母表示)答案見解析解析(1)動(dòng)量為質(zhì)量和速度的乘積，該實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證質(zhì)量不等的兩物體碰撞過程中動(dòng)量守恒，需測量兩物體的質(zhì)量和碰撞前后的速度，因此除給定的器材外，還需要的器材為天平(2)測出一元硬幣的質(zhì)量為m1，五角硬幣的質(zhì)量為m2，一元硬幣碰撞前瞬間的速度為v1，由動(dòng)能定理可得m1gx1m1v12，解得v1，當(dāng)一元硬幣以速度v1與五角硬幣碰撞后，速度分別為v2、v3，由動(dòng)能定理可得m1gx2m1v22，m2gx3m2v32，解得一元硬幣碰后速度v2，五角硬幣碰后的速度為v3，若碰撞過程動(dòng)量守恒則需滿足m1v1m1v2m2v3，代入數(shù)據(jù)可得m1m1m2.23(9分)某同學(xué)利用下列器材測量兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻A待測干電池兩節(jié)B電壓表V1、V2，量程均為3 V，內(nèi)阻很大C定值電阻R0(阻值未知)D電阻箱RE導(dǎo)線和開關(guān)(1)根據(jù)如圖8甲所示的實(shí)物連接圖，在圖乙虛線框中畫出相應(yīng)的電路圖乙圖8(2)實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路測出定值電阻R0的阻值，先把電阻箱R調(diào)到某一阻值R1，再閉合開關(guān)，讀出電壓表V1、V2的示數(shù)分別為U10、U20，則R0_(用U10、U20、R1表示)(3)若測得R01.2 ，實(shí)驗(yàn)中改變電阻箱R的阻值，讀出相應(yīng)的電壓表V1、V2的多組數(shù)據(jù)U1、U2，描繪出U1U2圖象如圖丙所示，則兩節(jié)干電池的總電動(dòng)勢E_ V，總內(nèi)阻r_ .答案見解析解析(1)根據(jù)實(shí)物圖可知，電壓表V1與R并聯(lián)后與R0串聯(lián)接在電源兩端，電壓表V2并聯(lián)在電源的兩端，電路圖如圖所示R0R1(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U2Er，變形可得U1，由圖象可知當(dāng)U10時(shí)U21.0 V，故有，圖象的斜率為k1.5，聯(lián)立解得E3.0 V，r2.4 .24(12分)如圖9所示為一皮帶傳送裝置，其中AB段水平，長度LAB4 m，BC段傾斜，長度足夠長，傾角為37，AB和BC在B點(diǎn)通過一段極短的圓弧連接(圖中未畫出圓弧)，傳送帶以v4 m/s的恒定速率順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn)現(xiàn)將一質(zhì)量m1 kg的工件(可看做質(zhì)點(diǎn))無初速度地放在A點(diǎn)，已知工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g10 m/s2，求：圖9(1)工件從A點(diǎn)開始至第一次到達(dá)B點(diǎn)所用的時(shí)間t；(2)工件從第一次到達(dá)B點(diǎn)至第二次到達(dá)B點(diǎn)的過程中，工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q.答案(1)1.4 s(2)64 J解析(1)由牛頓第二定律可得mgma1工件經(jīng)t1時(shí)間與傳送帶共速，則t10.8 s工件位移為x1a1t121.6 m此后工件與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，用時(shí)t20.6 s工件第一次到達(dá)B點(diǎn)所用時(shí)間tt1t21.4 s(2)工件上升過程中受到的摩擦力Ffmgcos 由牛頓第二定律可得加速度大小a22 m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得t32 s下降過程加速度大小不變a3a22 m/s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得t42 s工件與傳送帶的相對位移xv(t4t3)16 m因摩擦而產(chǎn)生的熱量QFfx64 J.25(20分)如圖10所示，三角形AQC是邊長為2L的等邊三角形，P、D分別為AQ、AC的中點(diǎn)，在水平線QC下方是水平向左的勻強(qiáng)電場區(qū)域(梯形PQCD)內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，區(qū)域(三角形APD)內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，區(qū)域(虛線PD以上，三角形PAD以外)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，區(qū)域、內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為5B，一帶正電的粒子從Q點(diǎn)正下方、距離Q點(diǎn)為L的O點(diǎn)以某一初速度射出，在電場力作用下從QC邊中點(diǎn)N以速度v0垂直QC射入?yún)^(qū)域，接著從P點(diǎn)垂直AQ射入?yún)^(qū)域，此后帶電粒子經(jīng)歷一系列運(yùn)動(dòng)后又以原速率返回O點(diǎn)，粒子重力忽略不計(jì)，求：圖10(1)該粒子的比荷；(2)電場強(qiáng)度E及粒子從O點(diǎn)射出時(shí)的初速度v的大?。?3)粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次回到O點(diǎn)的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程所經(jīng)歷的時(shí)間t.答案(1)(2)2Bv0v0(3)解析(1)根據(jù)牛頓第二定律可得Bqv0m，根據(jù)題意有RL，解得(2)粒子從O到N，由運(yùn)動(dòng)合成與分解可得：Lv0t，Lat2由牛頓第二定律可得a，解得E2Bv0由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得v2aL，則vv0(3)粒子在電磁場中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間包括三段：電場中往返的時(shí)間t0，區(qū)域中的時(shí)間t1，區(qū)域和中的時(shí)間t2t3根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有t0設(shè)在區(qū)域中的時(shí)間為t1，則t12粒子在區(qū)域和內(nèi)的運(yùn)動(dòng)半徑為r，則qv05Bm，即rL.則粒子在區(qū)域和內(nèi)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，總時(shí)間為(2)個(gè)周期由周期公式可得T，t2t3(2)T故總時(shí)間tt0t1t2t3.(二)選考題(請從下列2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33【物理選修33】(15分)(1)(5分)下列說法正確的是_A一定質(zhì)量的理想氣體體積增大時(shí)，其內(nèi)能一定減少B氣體的溫度降低，某個(gè)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能可能增加C當(dāng)水面上方的水蒸氣達(dá)到飽和狀態(tài)時(shí)，水中不會有水分子飛出水面D氣體對器壁的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的E在“用油膜法估測分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計(jì)算，會使分子直徑計(jì)算結(jié)果偏大(2)(10分)如圖11甲所示，玻璃管豎直放置，AB段和CD段分別為兩段長25 cm的水銀柱，BC段為長10 cm的理想氣體，D到玻璃管底端為長12 cm的理想氣體已知大氣壓強(qiáng)為75 cmHg，玻璃管的導(dǎo)熱性能良好，環(huán)境的溫度不變將玻璃管旋轉(zhuǎn)180倒置，經(jīng)過足夠長時(shí)間后，水銀未從玻璃管流出，求：圖11玻璃管倒置后BC段氣體的長度；玻璃管倒置后D到玻璃管底端封閉氣體的長度答案(1)BDE(2)20 cm60 cm解析(1)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程C可知，體積增大時(shí)，壓強(qiáng)變化的關(guān)系未知，故溫度變化未知，則內(nèi)能的變化無法確定，A錯(cuò)誤；氣體的溫度降低，分子平均動(dòng)能減小，但某個(gè)氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能可能增加，B正確；由于分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，當(dāng)水面上方的水蒸氣達(dá)到飽和狀態(tài)時(shí)，水中仍然會有水分子飛出水面，C錯(cuò)誤；氣體的壓強(qiáng)是由大量氣體分子對器壁不斷碰撞而產(chǎn)生的，D正確；將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進(jìn)行計(jì)算，體積偏大，則直徑計(jì)算結(jié)果偏大，故E正確(2)設(shè)玻璃管的橫截面積為S，研究BC段的氣體初狀態(tài)：氣體體積V1hBCS，壓強(qiáng)p175 cmHg25 cmHg100 cmHg末狀態(tài)：氣體體積V2hBCS，壓強(qiáng)p275 cmHg25 cmHg50 cmHg根據(jù)玻意耳定律p1V1p2V2，可得hBC20 cm研究玻璃管底端的氣體初狀態(tài)：氣體體積V3hDS，壓強(qiáng)p375 cmHg25 cmHg25 cmHg125 cmHg末狀態(tài)：氣體體積V4hDS，壓強(qiáng)p475 cmHg25 cmHg25 cmHg25 cmHg根據(jù)玻意耳定律p3V3p4V4，可得hD60 cm.34【物理選修34】(15分)(1)(5分)下列說法正確的是_A彈簧振子的回復(fù)力由彈簧的彈力提供B單擺振動(dòng)的周期一定等于它的固有周期C機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)，如果波速變大，那么波長一定變大D在干涉現(xiàn)象中，振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)的位移有時(shí)可能比振動(dòng)減弱的點(diǎn)的位移小E發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源發(fā)出的波的頻率并沒有發(fā)生變化(2)(10分)如圖12所示為半圓形玻璃柱的截面圖，半圓形玻璃柱半徑為R，平行于直徑AB的單色光照射在玻璃柱的圓弧面上，其中一束光線經(jīng)折射后恰好通過B點(diǎn)，已知玻璃柱對單色光的折射率為.圖12求該束光線到AB的距離；試說明入射光線經(jīng)折射后，直接照射到CB段弧面上的折射光線不可能在CB段弧面上發(fā)生全反射答案(1)CDE(2)R見解析解析(1)水平方向的彈簧振子的回復(fù)力由彈簧的彈力提供，而豎直方向的彈簧振子的回復(fù)力由彈簧的彈力和重力的合力提供，A錯(cuò)誤；單擺振動(dòng)的周期取決于驅(qū)動(dòng)力的周期，與固有周期無關(guān)，B錯(cuò)誤；機(jī)械波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)，頻率不變，由vf可知，如果波速變大，則波長一定變大，C正確；在干涉現(xiàn)象中振動(dòng)加強(qiáng)指的是振幅增大，振動(dòng)減弱指的是振幅減小，但振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)和減弱點(diǎn)仍在各自的平衡位置附近做簡諧振動(dòng)，其位移隨時(shí)間周期性變化，故某時(shí)刻振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的位移可能小于振動(dòng)減弱點(diǎn)的位移，D正確；發(fā)生多普勒效應(yīng)時(shí)，波源發(fā)出的波的頻率并沒有變化，只是人接收到的頻率發(fā)生了變化，E正確(2)設(shè)離AB邊距離為d的光線折射后剛好射到B點(diǎn)，設(shè)此光線的入射角為i，折射角為r，根據(jù)幾何關(guān)系有i2r根據(jù)光的折射定律有：n，即，得r30由幾何關(guān)系可得dRsin iR設(shè)折射角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此折射光線在CB弧面上的入射角也為，根據(jù)光路可逆可知，光線一定會從CB段弧面上射出，不可能發(fā)生全反射11仿真模擬卷(三)(時(shí)間：90分鐘滿分：110分)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14下列說法正確的是()A普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出光子說B康普頓在研究石墨對X射線的散射時(shí)發(fā)現(xiàn)，有些散射波的波長比入射波的波長略大C由HeNOH可知，在密閉的容器中混合存放一定比例的氦氣和氮?dú)?，幾天后將有氧氣生成D由nHH2.2 MeV可知，用能量等于2.2 MeV的光子照射靜止的氘核時(shí)，氘核將分解為一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)中子答案B解析普朗克在研究黑體輻射問題時(shí)提出量子說，故A錯(cuò)誤；康普頓在研究石墨對X射線的散射時(shí)發(fā)現(xiàn)，有些散射波的波長比入射波的波長略大即康普頓效應(yīng)，故B正確；核反應(yīng)發(fā)生的條件是非常苛刻的，比如高速撞擊或非常高的溫度等，單純的在密閉的容器中混合存放一定比例的氦氣和氮?dú)馐遣粫l(fā)生核反應(yīng)的，故C錯(cuò)誤；氘核的結(jié)合能是2.2 MeV，將氘核分解為一個(gè)中子和一個(gè)質(zhì)子時(shí)至少需要2.2 MeV的能量，氘核分解為中子和質(zhì)子時(shí)，它們不可能都是靜止的，動(dòng)能之和肯定大于零，根據(jù)能量守恒定律知，需要用能量大于2.2 MeV的光子照射靜止氘核，D錯(cuò)誤152017年4月22日，“天舟一號”貨運(yùn)飛船與“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室順利完成自動(dòng)交會對接“天舟一號”發(fā)射升空后，進(jìn)入預(yù)定的圓軌道運(yùn)行，經(jīng)過變軌后升到“天宮二號”所在的圓軌道運(yùn)行變軌前和變軌完成后“天舟一號”做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑分別為r1、r2，動(dòng)能分別為Ek1、Ek2，則Ek1Ek2等于()A. B.C. D.答案C解析根據(jù)萬有引力提供向心力得：Gm，可得v，“天舟一號”的動(dòng)能為：Ekmv2，因此Ek1Ek2r2r1，故C正確16.如圖1所示，水平面內(nèi)有一等邊三角形ABC，O點(diǎn)為三角形的幾何中心，D點(diǎn)為O點(diǎn)正上方一點(diǎn)，O點(diǎn)到A、B、C、D四點(diǎn)的距離均為L.現(xiàn)將三個(gè)電荷量均為Q的正點(diǎn)電荷分別固定在A、B、C處，已知靜電力常量為k，則D點(diǎn)的場強(qiáng)大小為()圖1A. B.C. D.答案D解析D點(diǎn)處的場強(qiáng)等于A、B、C三個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場的矢量疊加將A、B、C處正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場正交分解到水平方向和豎直方向，設(shè)是A、B、C處正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場的方向與豎直方向的夾角，則D的電場強(qiáng)度E3cos ，又45，解得E，故選D.17.如圖2所示，一段圓環(huán)固定在豎直面內(nèi)，O為圓心，輕繩的兩端分別系在圓環(huán)上的P、Q點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)等高，一物體通過光滑的輕質(zhì)掛鉤掛在繩上，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)保持輕繩的Q端位置不變，使P端在圓環(huán)上沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，至PO水平此過程中輕繩的張力()圖2A一直減小 B一直增大C先增大后減小 D先減小后增大答案B解析設(shè)P端輕繩與豎直方向夾角為，由于掛鉤光滑所以兩端繩的夾角為一定為2，兩端繩子拉力相同；P端在圓環(huán)上沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，兩端繩的夾角變大，由于兩端繩拉力的合力不變，故繩上的拉力變大，故選B.18.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)以相同的初速度從同一地點(diǎn)沿同一方向同時(shí)開始做直線運(yùn)動(dòng)，以初速度方向?yàn)檎较?，其加速度隨時(shí)間變化的at圖象如圖3所示關(guān)于甲、乙在0t0時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是()圖3A在0t0時(shí)間內(nèi)，甲做減速運(yùn)動(dòng)，乙做加速運(yùn)動(dòng)B在0t0時(shí)間內(nèi)，甲和乙的平均速度相等C在t0時(shí)刻，甲的速度比乙的速度小D在t0時(shí)刻，甲和乙之間的距離最大答案D解析甲、乙的vt圖象如圖，甲、乙都做加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；在0t0時(shí)間內(nèi)甲的位移比乙的大，所以甲的平均速度比乙的大，B錯(cuò)誤；在0t0時(shí)間內(nèi)甲、乙的速度變化量相同，初速度相同，所以在t0時(shí)刻甲、乙速度相同，C錯(cuò)誤；由vt圖象可知在t0時(shí)刻，甲和乙之間的距離最大，故D正確19.如圖4所示，在光滑水平面上有一輛平板車，一人手握大錘站在車上開始時(shí)人、錘和車均靜止此人將錘掄起至最高點(diǎn)，此時(shí)大錘在頭頂?shù)恼戏?，然后，人用力使錘落下敲打車的左端，如此周而復(fù)始，使大錘連續(xù)地敲打車的左端，最后，人和錘恢復(fù)至初始狀態(tài)并停止敲打在此過程中，下列說法正確的是()圖4A錘從最高點(diǎn)下落至剛接觸車的過程中，車的動(dòng)量方向先水平向右、后水平向左B錘從剛接觸車的左端至錘的速度減小至零的過程中，車具有水平向左的動(dòng)量，車的動(dòng)量減小至零C錘從剛離開車的左端至運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，車具有水平向右的動(dòng)量，車的動(dòng)量先增大后減小D在任意一時(shí)刻，人、錘和車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒答案AB解析人、錘和車組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，總動(dòng)量為零，錘從最高點(diǎn)下落至剛接觸車的過程中，錘在水平方向上的速度方向由向左變?yōu)橄蛴?，則車的動(dòng)量方向先水平向右后水平向左，故A正確錘從剛接觸車的左端至錘的速度減小至零的過程中，錘的動(dòng)量由向右變?yōu)榱?，根?jù)動(dòng)量守恒知，車的動(dòng)量由向左變?yōu)榱?，故B正確錘從剛離開車的左端至運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，錘的動(dòng)量方向先向左再向右，則車的動(dòng)量方向先向右再向左，故C錯(cuò)誤人、錘和車組成的系統(tǒng)，在豎直方向上所受的外力之和不為零，豎直方向上動(dòng)量不守恒，故系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤20如圖5所示，整個(gè)空間有一方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一絕緣木板(足夠長)靜止在光滑水平面上，一帶正電的滑塊靜止在木板上，滑塊和木板之間的接觸面粗糙程度處處相同不考慮空氣阻力的影響，下列說法中正確的是()圖5A若對木板施加一個(gè)水平向右的瞬時(shí)沖量，最終木板和滑塊一定相對靜止B若對木板施加一個(gè)水平向右的瞬時(shí)沖量，最終木板和滑塊間一定沒有彈力C若對木板施加一個(gè)水平向右的瞬時(shí)沖量，最終木板和滑塊間一定沒有摩擦力D若對木板始終施加一個(gè)水平向右的恒力，最終滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)答案CD21.如圖6所示，a、b、c是三個(gè)質(zhì)量相同的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，a、b兩球套在水平放置的光滑細(xì)桿上，c球分別用長度為L的細(xì)線與a、b兩球連接起初a、b兩球固定在細(xì)桿上相距2L處，重力加速度為g.若同時(shí)釋放a、b兩球，則()圖6A在a、b碰撞前的任一時(shí)刻，b相對c的速度方向與b、c的連線垂直B在a、b碰撞前的運(yùn)動(dòng)過程中，c的機(jī)械能先增大后減小C在a、b碰撞前的瞬間，b的速度為D在a、b碰撞前的瞬間，b的速度為2答案AC解析在a、b碰撞前的任一時(shí)刻，將b小球速度分解為沿細(xì)線方向與垂直于細(xì)線方向，則b、c兩球沿細(xì)線方向的分速度大小相等，故b相對c的速度方向與b、c的連線垂直，故A正確；在a、b碰撞前的運(yùn)動(dòng)過程中，c一直向下運(yùn)動(dòng)，兩細(xì)線對c做負(fù)功，則c的機(jī)械能一直減小，故B錯(cuò)誤在a、b碰撞前的瞬間，c的速度為零，由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：mgL2mv，解得b的速度為 vb，故C正確，D錯(cuò)誤三、非選擇題(本題共6小題，共62分)(一)必考題22(6分)在“研究平拋運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)只記錄了小球運(yùn)動(dòng)途中的A、B、C、D、E、F、G點(diǎn)的位置，相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔均為t0.50 s取A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，以x方向表示水平初速度方向、y方向表示豎直向下方向，實(shí)驗(yàn)記錄如下：(結(jié)果保留兩位小數(shù))標(biāo)號nABCDEFGt(s)00.050.100.150.200.250.30x(m)00.0240.0510.0730.0980.1260.150y(m)00.0420.1080.1980.3140.4540.617圖7(1)作出xt圖象如圖7甲所示，小球平拋運(yùn)動(dòng)的水平初速度大小是_ m/s；(2)以t為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)作出t圖象如圖乙所示，其函數(shù)解析式為4.88t0.59.重力加速度的測量值是_ m/s2 ；t0.10 s時(shí)，小球的豎直分速度大小是_ m/s.答案(1)0.50(2)9.761.5723(9分)現(xiàn)要測量電壓表的內(nèi)阻和電源的電動(dòng)勢，提供的器材有：電源(電動(dòng)勢約為6 V，內(nèi)阻不計(jì))，電壓表V1(量程2.5 V，內(nèi)阻約為2.5 k)，電壓表V2(量程3 V，內(nèi)阻約為10 k)，電阻箱R0(最大阻值9 999.9 )，滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值為3 k)，滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值為500 )，單刀雙擲開關(guān)一個(gè)導(dǎo)線若干(1)在圖8甲中完成測量原理電路圖的練線；圖8(2)電路中應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器_(選填“R1”或“R2”)；(3)按照下列實(shí)驗(yàn)步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：閉合開關(guān)前，將滑動(dòng)變阻器和電阻箱連入電路的阻值調(diào)至最大；閉合開關(guān)，將電阻箱調(diào)到6 k，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器至適當(dāng)?shù)奈恢?，此時(shí)電壓表V1的示數(shù)為1.60 V，電壓表V2的示數(shù)為2.40 V；保持滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值不變，再將電阻箱調(diào)到2 k，此時(shí)電壓表V1的示數(shù)如圖乙，其示數(shù)為_ V，電壓表V2的示數(shù)為1.40 V；(4)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算得到電源的電動(dòng)勢為_ V，電壓表V1的內(nèi)阻為_ k，電壓表V2的內(nèi)阻為_ k.答案(1)如圖所示(2)R1(3)2.10(4)5.602.51024(12分)如圖9所示，圓筒的內(nèi)壁光滑，底端固定在豎直轉(zhuǎn)軸OO上，圓筒可隨軸轉(zhuǎn)動(dòng)，它與水平面的夾角始終為45.在圓筒內(nèi)有兩個(gè)用輕質(zhì)彈簧連接的相同小球A、B(小球的直徑略小于圓筒內(nèi)徑)，A、B質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k.當(dāng)圓筒靜止時(shí)A、B之間的距離為L(L遠(yuǎn)大于小球直徑)現(xiàn)讓圓筒開始轉(zhuǎn)動(dòng)，其角速度從零開始緩慢增大，當(dāng)角速度增大到0時(shí)保持勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，此時(shí)小球B對圓筒底部的壓力恰好為零重力加速度大小為g.(1)求圓筒的角速度從零增大至0的過程中，彈簧彈性勢能的變化量；(2)用m、g、L、k表示小球A勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的動(dòng)能Ek.圖9答案(1)0(2)解析(1)系統(tǒng)靜止時(shí)，設(shè)彈簧的壓縮量為x1，以A為研究對象：kx1mgsin 45B對圓筒底部的壓力恰好為零時(shí)，設(shè)彈簧的形變量為x2，以B為研究對象：kx2mgsin 45因x1x2，故彈簧彈性勢能的改變量為：Ep0(2)設(shè)A做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，則：R(Lx1x2)cos 45A在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，有：kx2cos 45FNsin 45mA在豎直方向上合力為零，有：FNcos 45kx2sin 45mg聯(lián)立解得：Ekmv225(20分)如圖10所示，M1N1P1Q1和 M2N2P2Q2為在同一豎直面內(nèi)足夠長的金屬導(dǎo)軌，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下導(dǎo)軌的M1N1段與M2N2段相互平行，距離為L；P1Q1段與P2Q2段也是平行的，距離為.質(zhì)量均為m的金屬桿a、b垂直于導(dǎo)軌放置，一不可伸長的絕緣輕線一端系在金屬桿b的中點(diǎn)，另一端繞過定滑輪與質(zhì)量也為m的重物c相連，絕緣輕線的水平部分與P1Q1平行且足夠長已知兩桿在運(yùn)動(dòng)過程中始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持光滑接觸，兩桿與導(dǎo)軌構(gòu)成的回路的總電阻始終為R，重力加速度為g.圖10(1)若保持a固定釋放b，求b的最終速度的大?。?2)若同時(shí)釋放a、b，在釋放a、b的同時(shí)對a施加一水平向左的恒力F2mg，當(dāng)重物c下降高度為h時(shí)，a達(dá)到最大速度，求：a的最大速度；才釋放a、b到a達(dá)到最大速度的過程中，兩桿與導(dǎo)軌構(gòu)成的回路中產(chǎn)生的電能答案見解析解析(1)當(dāng)b的加速度為零時(shí)，速度最大，設(shè)此時(shí)速度為vm，則：EBvm電流：I分別以b、c為研究對象：FTBI，F(xiàn)Tmg聯(lián)立解得：vm(2)在加速過程的任一時(shí)刻，設(shè)a、bc的加速度大小分別為aa、abc，電流為i，輕繩的拉力為FT，分別以a、b、c為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律：FBiLmaaFTBimabcmgFTmabc聯(lián)立解得aa4abc設(shè)a達(dá)到最大速度va時(shí)，b的速度為vb，由上式可知：va4vb當(dāng)a的加速度為零時(shí)，速度達(dá)到最大：2mgBiL根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：EBLvaBvb聯(lián)立解得va，vb設(shè)重物下降的高度為h時(shí)，a的位移為xa，故xa4h根據(jù)功能關(guān)系：2mgxamghE電mvmvmv聯(lián)立解得E電9mghm()2.(二)選考題(請從下列2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33【物理選修33】(15分)(1)(5分)如圖11所示，一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)隨體積變化的pV圖象中，氣體先后經(jīng)歷了ab、bc、cd、da四個(gè)過程，其中ab垂直于cd，ab垂直于V軸且與p軸平行，bc、da是兩條等溫線下列判斷正確的是_圖11A氣體在狀態(tài)a時(shí)的溫度低于在狀態(tài)c時(shí)的溫度B從ab的過程中，氣體分子密集程度不變，分子平均動(dòng)能增加C從abc的過程中，氣體密度不斷減小，溫度先升高后不變D從cd的過程中，氣體放出的熱量大于外界對氣體做的功E從abcd的過程中，設(shè)氣體對外界做功為W1，外界對氣體做功W2，氣體吸熱為Q1，放熱為Q2，W1W2Q1Q2(2)(10分)如圖12所示，兩端開口、粗細(xì)均勻的U型玻璃管(管的厚度忽略不計(jì))橫截面積為S1 cm2，兩側(cè)豎直管的長度均為150 cm，水平直管中封閉有一段長l80 cm的空氣柱，空氣柱左、右兩側(cè)水銀水平段的長度分別為l170 cm、l250 cm，豎直段的長度均為h75 cm，在右側(cè)豎直管的水銀面有一活塞(質(zhì)量不計(jì))，活塞可沿著玻璃管的內(nèi)壁無摩擦的滑動(dòng)，外界大氣壓強(qiáng)恒為p075 cmHg，溫度恒定，密閉空氣柱處于平衡狀態(tài)當(dāng)活塞受到一個(gè)豎直向下的力F作用而重新平衡時(shí)，空氣柱長度為l75 cm，求力F的大小(水銀密度為13.6103 kg/m3，重力加速度為g10 m/s2)圖12答案(1)ABD(2)3.4 N解析(2)初態(tài)時(shí)密閉氣體的壓強(qiáng)：pp0gh以密閉氣體為研究對象，設(shè)末態(tài)時(shí)密閉氣體壓強(qiáng)為p，根據(jù)玻意耳定律：plpl代入數(shù)據(jù)解得p160 cmHg末態(tài)時(shí)左管水銀柱高度：h左85 cm末態(tài)時(shí)右管水銀柱高度：h右h(ll)(h左h)60 cm以活塞為研究對象：pp0gh右解得：F3.4 N34【物理選修34】(15分)(1)(5分)一列簡諧橫波沿x軸傳播，在x12 m處的質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖線如圖13甲所示，在x18 m處的質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)圖線如圖乙所示下列說法正確的是_圖13A質(zhì)點(diǎn)a在波谷時(shí)，質(zhì)點(diǎn)b一定在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)B若波沿x方向傳播，這列波的最大傳播速度為3 m/sC若波沿x方向傳播，這列波的最大波長為24 mD若波的傳播速度為0.2 m/s，這列波沿x方向轉(zhuǎn)播E若波的傳播速度為0.1 m/s，這列波沿x方向轉(zhuǎn)播(2)(10分)如圖14所示，折射率n12.0的三棱鏡置于空氣中，其AB面上均勻地涂有一層透明液體ABBA，ABC為三棱鏡的主截面，A60.一單色光線從液體中以入射角i射到界面AB上的O點(diǎn)，當(dāng)i90時(shí)，光線從界面AC上的O點(diǎn)沿OD方向射出，且COD60.求透明液體的折射率n2.(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)圖14答案(1)ACD(2)1.4解析(2)如圖所示，在O點(diǎn)光從液體射到三棱鏡中，由折射定律：n2sin 90n1sin r在O點(diǎn)光從三棱鏡射到空氣中，由折射定律：n1sin sin(9060)由幾何知識：r60聯(lián)立解得：n21.410仿真模擬卷(二)(時(shí)間：90分鐘滿分：110分)二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14下列說法中不正確的是()A伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法B“合力”、“交流電的有效值”用的是“等效替代”的科學(xué)研究方法C發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，同一頻率的入射光越強(qiáng)，光電子的最大初動(dòng)能越大D已知中子質(zhì)量、質(zhì)子質(zhì)量和氘核質(zhì)量，則可以計(jì)算氘核的比結(jié)合能答案C解析伽利略的“理想斜面實(shí)驗(yàn)”是建立在可靠的事實(shí)基礎(chǔ)之上的，它來源于實(shí)踐，而又高于實(shí)踐，創(chuàng)造了實(shí)驗(yàn)與邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)研究方法，故A正確；“合力”、“交流電的有效值”用的是“等效替代”的科學(xué)研究方法，故B正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程：EkhW0，可知光電子的最大初動(dòng)能與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，同一頻率的入射光，光電子的最大初動(dòng)能相同，故C錯(cuò)誤；根據(jù)質(zhì)能方程，已知中子質(zhì)量、質(zhì)子質(zhì)量和氘核質(zhì)量，則氘核的結(jié)合能：E(mnmpmD)c2，氘核有兩個(gè)核子，所以比結(jié)合能為，故D正確15如圖1甲，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌可分別與定值電阻R和平行板電容器C相連，導(dǎo)體棒MN置于導(dǎo)軌上且接觸良好，取向右為運(yùn)動(dòng)的正方向，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間圖象如圖乙所示；導(dǎo)體棒始終處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，不計(jì)導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒電阻，則0t2時(shí)間內(nèi)()圖1A若S接A，電容器a極板始終帶負(fù)電B若S接A，t1時(shí)刻電容器兩極板電壓最大C若S接B，MN所受安培力方向先向左后向右D若S接B，t1時(shí)刻MN所受的安培力最大答案C解析在xt圖象中，圖象的斜率表示導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度，由題圖乙可知，0t1時(shí)間內(nèi)斜率為正，t1t2時(shí)間內(nèi)斜率為負(fù)值，則說明0t2時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒先向右運(yùn)動(dòng)后向左運(yùn)動(dòng)若S接A，導(dǎo)體棒通過金屬導(dǎo)軌與平行板電容器C連接，0t2時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒先向右運(yùn)動(dòng)后向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，感應(yīng)電流的方向先順時(shí)針后逆時(shí)針，可知電容器a極板先帶負(fù)電后帶正電，故A錯(cuò)誤；若S接A，t1時(shí)刻導(dǎo)體棒靜止，即導(dǎo)體棒不切割磁感線，故MN中無感應(yīng)電動(dòng)勢產(chǎn)生，電容器兩極板電壓為零，即最小，故B錯(cuò)誤；若S接B，導(dǎo)體棒通過金屬導(dǎo)軌與定值電阻R相連，0t2時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒先向右運(yùn)動(dòng)后向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，電流的方向先順時(shí)針后逆時(shí)針，由左手定則可知，MN所受安培力方向先向左后向右，故C正確；若S接B，t1時(shí)刻MN靜止，導(dǎo)體棒不切割磁感線，電路中無感應(yīng)電流，MN受安培力為零(即最小)，故D錯(cuò)誤16我國計(jì)劃于2020年發(fā)射“火星探測器”，若探測器繞火星的運(yùn)動(dòng)、地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，相關(guān)數(shù)據(jù)見表格，則下列判斷正確的是()行星行星半徑/m行星質(zhì)量/kg行星公轉(zhuǎn)軌道半徑行星公轉(zhuǎn)周期地球6.41066.01024R地1.51011 mT地火星3.41066.41023R火2.31011 mT火A.T地T火B(yǎng)火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度C火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度D探測器繞火星運(yùn)動(dòng)的周期的平方與其軌道半徑的立方之比與相等答案B解析地球和火星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)Gmr，得T ，火星的軌道半徑大于地球的軌道半徑，則火星的公轉(zhuǎn)周期大于地球的公轉(zhuǎn)周期，故A錯(cuò)誤根據(jù)Gm，得第一宇宙速度v，因，則火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度，故B正確根據(jù)Gmg得，g，因0)的粒子束，粒子恰能在xOy平面內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，不計(jì)粒子間的相互作用圖12(1)求粒子運(yùn)動(dòng)到距x軸為h所用的時(shí)間；(2)若在粒子束運(yùn)動(dòng)過程中，突然將電場變?yōu)樨Q直向下、場強(qiáng)大小變?yōu)镋，求從O點(diǎn)射出的所有粒子第一次打在x軸上的坐標(biāo)范圍(不考慮電場變化產(chǎn)生的影響)；(3)若保持E、B初始狀態(tài)不變，僅將粒子束的初速度變?yōu)樵瓉淼?倍，求運(yùn)動(dòng)過程中，粒子速度大小等于初速度倍(02)的點(diǎn)所在的直線方程答案見解析解析(1)由粒子做直線運(yùn)動(dòng)可知，粒子一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，重力、電場力和磁場力三個(gè)力的合力為零，設(shè)重力與電場力的合力與x軸夾角為，則qv0Bcos 解得：t(2)電場方向改變后，粒子所受電場力F電qEmg，方向豎直向上，則粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，滿足：qv0B由圖可知最大的橫坐標(biāo)為x1解得：x1最小橫坐標(biāo)：x22rcos 解得：x2，x(3)設(shè)粒子運(yùn)動(dòng)到位置坐標(biāo)(x，y)滿足速率為初速度的倍，根據(jù)動(dòng)能定理：qExmgym(v0)2m(2v0)2解得：y.(二)選考題(請從下列2道題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33【物理選修33】(15分)(1)(5分)下列說法正確的是_A空氣不能自發(fā)地分離成氮?dú)?、氧氣、二氧化碳等各種不同的氣體B一定質(zhì)量的理想氣體，若壓強(qiáng)和體積不變，其內(nèi)能可能增大C表面張力的產(chǎn)生，是因?yàn)橐后w表面層分子間的作用表現(xiàn)為相互排斥D一定質(zhì)量的理想氣體，絕熱壓縮過程中，分子平均動(dòng)能一定增大E標(biāo)準(zhǔn)狀況下氧氣的摩爾體積為22.4 L/mol，則平均每個(gè)氧分子所占的空間約為3.721026 m3(2)(10分)如圖13所示，質(zhì)量為m2.0 kg導(dǎo)熱性能良好的薄壁圓筒倒扣在裝滿水的槽中，槽底有細(xì)的進(jìn)氣管，管口在水面上方；筒內(nèi)外的水相連通且水面高度相同，筒內(nèi)封閉氣體高為H20 cm；用打氣筒緩慢充入壓強(qiáng)為p0、體積為V0的氣體后，圓筒恰好離開槽底；已知筒內(nèi)橫截面積S400 cm2，大氣壓強(qiáng)p01.0105 Pa，水的密度為1.0103 kg/cm3，g10 m/s2，筒所受的浮力忽略不計(jì)，求：圖13()圓筒剛要離開槽底時(shí)，筒內(nèi)外水面高度差；()充氣氣體體積V0的大小答案(1)ADE(2)()0.05 m()2.05103 m3解析(2)()當(dāng)圓筒恰好離開水槽時(shí)，對圓筒受力分析：p0SmgpS代入數(shù)據(jù)可得：p1.005105 Pa這時(shí)筒內(nèi)液面下降h，有：pp0gh 解得h0.05 m()根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程：p0(HSV0)p(HShS)解得：V02.05103 m334【物理選修34】(15分)(1)(5分)位于坐標(biāo)原點(diǎn)處的波源A沿y軸做簡諧運(yùn)動(dòng)A剛好完成一次全振動(dòng)時(shí)，在介質(zhì)中形成簡諧橫波的波形如圖14所示，已知波速為2 m/s，波源A簡諧運(yùn)動(dòng)的周期為0.4 s，B是沿波傳播方向上介質(zhì)的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，則_圖14A圖中x軸上A、B之間的距離為0.8 mB波源A開始振動(dòng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向C此后的周期內(nèi)回復(fù)力對波源A一直做負(fù)功D經(jīng)半個(gè)周期質(zhì)點(diǎn)B將向右遷移半個(gè)波長E圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C所受的合外力方向沿y軸正方向(2)(10分)如圖15所示，某工件由三棱柱和圓柱兩個(gè)相同透明玻璃材料組成，其截面如圖，該玻璃材料的折射率為n.ABC為直角三角形， ABC30，CDE為圓，半徑為R，CE貼緊AC.一束單色平行光沿著截面從AB邊射入工件后垂直CE進(jìn)入圓圖15 ()求該平行光進(jìn)入AB界面時(shí)的入射角. ()若要使到達(dá)CD面的光線都能從CD面直接折射出來，該圓至少要沿AC方向向上移動(dòng)多大距離答案 (1)BCE(2)()45()R解析 (1)圖中x軸上A、B之間的距離為半個(gè)波長波長vT0.8 m，所以圖中x軸上A、B之間的距離為0.4 m，選項(xiàng)A錯(cuò)誤波源A在波形圖中此時(shí)刻的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向所以選項(xiàng)B正確此后周期內(nèi)波源A遠(yuǎn)離平衡位置，回復(fù)力方向與速度方向相反，一直做負(fù)功，選項(xiàng)C正確在橫波中，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)不會隨著波的前進(jìn)而前進(jìn)，而是在平衡位置附近振動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)C加速度方向指向平衡位置，即所受的合外力方向沿y軸正方向，選項(xiàng)E正確(2)()光路如圖，光線在BC界面發(fā)生反射后垂直進(jìn)入CE，由折射定律有 由幾何關(guān)系可知光線在BC界面的入射角60，在AB界面的折射角30，解得：45 ()設(shè)該材料的全反射角為，則n解得：45如圖，當(dāng)光線在CD面的入射角為45時(shí)是能直接折射出來的臨界情況則該圓至少要上移的距離dRRsin R12