2019高考物理一輪選練編題（含解析）（打包10套）新人教版.zip

2019高考物理一輪選練編題（含解析）（打包10套）新人教版.zip,2019,高考,物理,一輪,選練編題,解析,打包,10,新人 人教物理2019高考一輪選練編題（1）李仕才一、選擇題1、如圖(甲)所示,一質(zhì)量為m的物塊在t=0時(shí)刻,以初速度v0從足夠長、傾角為的粗糙斜面底端向上滑行,物塊速度隨時(shí)間變化的圖像如圖(乙)所示.t0時(shí)刻物塊到達(dá)最高點(diǎn),3t0時(shí)刻物塊又返回底端.下列說法正確的是(BC)A.物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中重力的沖量為3mgt0cos B.物塊從t=0時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中動(dòng)量的變化量為-mv0C.斜面傾角的正弦值為D.不能求出3t0時(shí)間內(nèi)物塊克服摩擦力所做的功解析:物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中重力的沖量IG=3mgt0,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;上滑過程中物塊做初速度為v0的勻減速直線運(yùn)動(dòng),下滑過程中做初速度為零、末速度為v的勻加速直線運(yùn)動(dòng),上滑和下滑的位移大小相等,所以有t0=2t0,解得v=,物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端過程中動(dòng)量的變化量為p=-mv-mv0=-mv0,選項(xiàng)B正確;上滑過程中有-(mgsin +mgcos )t0=0-mv0,下滑過程中有(mgsin -mgcos )2t0=,解得sin =,選項(xiàng)C正確;根據(jù)圖像可求出物塊上升的最大位移,由動(dòng)能定理求出整個(gè)過程中摩擦力所做的功,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.2、我國的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)計(jì)劃由若干靜止軌道衛(wèi)星、中地球軌道衛(wèi)星組成，其中靜止軌道衛(wèi)星均定位在距離地面約為3.6104 km的地球同步軌道上，中地球軌道衛(wèi)星距離地面的高度約為2.16104 km，已知地球半徑約為6.4103 km.則中地球軌道衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的()A線速度大于第一宇宙速度B線速度小于靜止軌道衛(wèi)星的線速度C加速度約是靜止軌道衛(wèi)星的2.3倍D加速度約是靜止軌道衛(wèi)星的2.8倍解析：選C.根據(jù)Gm得，v，因?yàn)橹械厍蜍壍佬l(wèi)星的軌道半徑大于第一宇宙速度的軌道半徑，則中地球軌道衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度；中地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑，則線速度大于靜止軌道衛(wèi)星的線速度，故A、B錯(cuò)誤根據(jù)Gma得，加速度a，中地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑大約是靜止軌道衛(wèi)星軌道半徑的0.66倍，則加速度約為靜止軌道衛(wèi)星的2.3倍，故C正確，D錯(cuò)誤故選C.3、2018山東省棗莊八中期中）物理學(xué)的發(fā)展極大地豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了人類文明的進(jìn)步，關(guān)于物理學(xué)中運(yùn)動(dòng)與力的發(fā)展過程和研究方法的認(rèn)識(shí)，下列說法中正確的是（ ）A. 亞里士多德首先提出了慣性的概念B. 伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)研究方法的核心是：把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法C. 牛頓三條運(yùn)動(dòng)定律是研究動(dòng)力學(xué)問題的基石，牛頓的三條運(yùn)動(dòng)定律都能通過現(xiàn)代的實(shí)驗(yàn)手段直接驗(yàn)證D. 力的單位“N”是基本單位，加速度的單位“”是導(dǎo)出單位【答案】B4、質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒，以速度v與水平方向成角從O點(diǎn)進(jìn)入方向如圖所示的正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)(場(chǎng)強(qiáng)大小為E)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)(磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B)組成的混合場(chǎng)區(qū)，該微粒在電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力的作用下，恰好沿直線運(yùn)動(dòng)到A，重力加速度為g，下列說法中正確的是()A該微粒一定帶正電B微粒從O到A的運(yùn)動(dòng)可能是勻變速運(yùn)動(dòng)C該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為Bvcos 解析：選C.若微粒帶正電，電場(chǎng)力水平向左，洛倫茲力垂直O(jiān)A斜向右下方，則電場(chǎng)力、重力、洛倫茲力不能平衡若微粒帶負(fù)電，符合題意，A錯(cuò)誤；微粒如果做勻變速運(yùn)動(dòng)，重力和電場(chǎng)力不變，而洛倫茲力變化，微粒不能沿直線運(yùn)動(dòng)，與題意不符，B錯(cuò)誤；由平衡條件得：qvBcos mg，qvBsin qE，知C正確，D錯(cuò)誤5、掃描隧道顯微鏡(STM)可用來探測(cè)樣品表面原子尺度上的形貌.為了有效隔離外界振動(dòng)對(duì)STM的擾動(dòng),在圓底盤周邊沿其徑向?qū)ΨQ地安裝若干對(duì)紫銅薄板,并施加磁場(chǎng)來快速衰減其微小振動(dòng),如圖所示.無擾動(dòng)時(shí),按下列四種方案對(duì)紫銅薄板施加恒磁場(chǎng);出現(xiàn)擾動(dòng)后,對(duì)于紫銅薄板上下及左右振動(dòng)的衰減最有效的方案是(A)解析:紫銅薄板上下振動(dòng)時(shí),方案B,C,D中穿過薄板的磁通量不發(fā)生變化,沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生;方案A中,無論是上下還是左右振動(dòng),薄板中的磁通量都會(huì)發(fā)生變化,產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)阻礙紫銅薄板上下及其左右振動(dòng),達(dá)到衰減的效果,選項(xiàng)A正確.6、質(zhì)量為0.8 kg的球固定在支桿AB的上端，支桿AB的下端固定在升降機(jī)上，今用一段繩子水平拉球，使桿發(fā)生彎曲，如圖所示，已知繩的拉力為6 N，g取10 m/s2，則以下說法正確的是()A若升降機(jī)是靜止?fàn)顟B(tài)，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 NB若升降機(jī)是靜止?fàn)顟B(tài)，則AB桿對(duì)球的作用力大小為8 NC若升降機(jī)是加速上升，加速度大小 5 m/s2，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 ND若升降機(jī)是減速上升，加速度大小 5 m/s2，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 N解析：選C.A、B若升降機(jī)是靜止的，球靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，桿的作用力大?。?N10 N，故AB錯(cuò)誤；C、若升降機(jī)加速上升，對(duì)球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：Fymgma，解得：Fy12 N，在水平方向，由平衡條件得：FxF繩子6 N，桿對(duì)球的作用力大?。篎6 N，故C正確；D、若升降機(jī)減速上升，對(duì)球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：mgFyma，解得：Fy4 N，在水平方向，由平衡條件得：FxF繩子6 N，桿對(duì)球的作用力大?。篎2 N，故D錯(cuò)誤；故選C.7、（2018北京市第二中學(xué)期中）如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，之間用一輕彈簧連接A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然撤去力F，則下列說法中正確的是（ ）A. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能也不守恒C. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒D. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒【答案】C8、高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的均加速直線運(yùn)動(dòng)，在啟動(dòng)階段列車的動(dòng)能（ ）A. 與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比B. 與它的位移成正比C. 與它的速度成正比D. 與它的動(dòng)量成正比【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（新課標(biāo)I卷）【答案】 B二、非選擇題1、常用無線話筒所用的電池電動(dòng)勢(shì)E約為9 V，內(nèi)阻r約為40 ，最大允許電流為100 mA.(1)為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)先利用多用電表直流電壓10 V擋粗測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)如圖甲所示，測(cè)得值為_V.(2)接著該同學(xué)利用圖乙的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)圖中電壓表為理想電表，R為電阻箱(阻值范圍為0999.9 )，R0為定值電阻，目的是為了防止電阻箱的阻值調(diào)得過小時(shí)，通過電源的電流大于其承受范圍，起保護(hù)電路的作用；實(shí)驗(yàn)室備有的定值電阻R0的規(guī)格有以下幾種，則本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用_A50 ，1.0 WB500 ，2.5 WC1 500 ，15 W D2 500 ，25 W(3)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值R，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖丙的圖線由圖線求得該電池的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)解析：(1)直流電壓10 V擋的最小分度為0.2 V，故測(cè)得值為9.2 V.(2)電池最大允許電流為100 mA，則電路中總電阻R總90 rR0，故定值電阻R0應(yīng)選50 ，選項(xiàng)A正確(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律EUI(R0r)U(R0r)，解得，故該圖線縱坐標(biāo)的截距為0.1 V1，解得電池電動(dòng)勢(shì)E10.0 V，斜率k，解得R0r83.3 ，故電池內(nèi)阻r33.3 .答案：(1)9.2(2)A(3)10.033.36人教物理2019高考一輪選練編題（2）李仕才一、選擇題1、在某星球表面以初速度v0豎直上拋一個(gè)物體，若物體只受該星球引力作用，忽略其他力的影響，物體上升的最大高度為H，已知該星球的直徑為D，如果要在這個(gè)星球上發(fā)射一顆繞它運(yùn)行的近“地”衛(wèi)星，其環(huán)繞速度為()A. B. Cv0 Dv0 解析：選B.據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)，最大高度H得到星球表面的重力加速度g.當(dāng)近“地”衛(wèi)星繞該星球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌道半徑R，此時(shí)重力提供衛(wèi)星所需的向心力有：mgm得v .2、兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運(yùn)動(dòng),球2在前,球1在后,m1=1 kg,m2=3 kg,v01=6 m/s,v02=3 m/s,當(dāng)球1與球2發(fā)生碰撞后,兩球的速度分別為v1,v2,將碰撞后球1的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記為E1,p1,則v1,v2,E1,p1的可能值為(AB)A.v1=3.75 m/s,v2=3.75 m/sB.v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/sC.E1=9 JD.p1=1 kg m/s解析:兩球碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒,以兩球的初速度方向?yàn)檎较?如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律得m1v01+m2v02=(m1+m2)v,代入數(shù)據(jù)解得v=3.75 m/s,如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞,有m1v01+m2v02=m1v1+m2v2,由機(jī)械能守恒定律得m1+m2=m1+m2,代入數(shù)據(jù)解得v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s,則碰撞后球1、球2的速度滿足1.5 m/sv13.75 m/s,3.75 m/sv24.5 m/s;球1的動(dòng)能E1=m1,滿足1.125 JE17.03 J;球1的動(dòng)量p1=m1v1,滿足1.5 kg m/sp13.75 kg m/s,綜上所述,選項(xiàng)A,B正確,C,D錯(cuò)誤.3、如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37，重物與車廂地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。當(dāng)載重車廂沿索道向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重物與車廂仍然保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)，重物對(duì)車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍。sin370.6，cos370.8，那么這時(shí)重物對(duì)車廂地板的摩擦力大小為( ) A0.35mg B0.3mg C0.23mg D0.2mg【答案】D【解析】將a沿水平和豎直兩個(gè)方向分解，對(duì)重物受力分析如圖，水平方向：Ffmax豎直方向：FNmgmay，由，三式聯(lián)立解得Ff0.2mg，D正確。4、如圖所示，a、b為豎直正對(duì)放置的兩平行金屬板，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場(chǎng)范圍足夠大，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一比荷為的帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置沿與a、b平行方向射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后從PQ邊界上的M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又從PQ邊界上的N點(diǎn)射出磁場(chǎng)，設(shè)M、N兩點(diǎn)距離為x(M、N點(diǎn)在圖中未畫出)則以下說法中正確的是()A只減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，則x減小B只增大初速度v0的大小，則x減小C只減小帶電粒子的比荷，則x不變D只減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓U的大小，則x不變解析：選D.粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度方向與磁場(chǎng)邊界的夾角為，速度大小為v，軌道半徑R，由幾何關(guān)系可知x2Rsin ，只減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B、只增大初速度v0或只減小帶電粒子的比荷時(shí)，都可使x增大，而x與偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓U無關(guān)，故選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤，D正確5、如圖所示,在光滑絕緣水平面上,有一矩形線圈以一定的初速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,線圈全部進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半,設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾却笥诰€圈寬度,則(C)A.線圈恰好在完全離開磁場(chǎng)時(shí)停下B.線圈在未完全離開磁場(chǎng)時(shí)已停下C.線圈能通過場(chǎng)區(qū)不會(huì)停下D.線圈在磁場(chǎng)中某個(gè)位置停下解析:線圈出磁場(chǎng)時(shí)的速度小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度,由安培力F=BIL=,知出磁場(chǎng)時(shí)線圈所受的安培力小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力,則進(jìn)磁場(chǎng)過程安培力做功大于出磁場(chǎng)過程安培力做功,而進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半,由動(dòng)能定理知出磁場(chǎng)后,線圈的動(dòng)能不為零,不會(huì)停下來,故C正確,A,B,D錯(cuò)誤.6、如圖，邊長為2L的等邊三角形區(qū)域abc內(nèi)部的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，b點(diǎn)處于x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)O；一與三角形區(qū)域abc等高的直角閉合金屬線框ABC，ABC60，BC邊處在x軸上現(xiàn)讓金屬線框ABC沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場(chǎng)，在t0時(shí)線框B點(diǎn)恰好位于原點(diǎn)O的位置規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)榫€框中感應(yīng)電流的正方向，在下列四個(gè)ix圖象中，能正確表示線框中感應(yīng)電流隨位移變化關(guān)系的是()解析：選D.當(dāng)B點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)0L過程中，線框切割磁感線的有效長度從0增加到ACL，感應(yīng)電流從0i0，感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向；當(dāng)線圈向右運(yùn)動(dòng)L2L過程中，切割磁感線的有效長度從L減小到0，感應(yīng)電流從i00，電流為逆時(shí)針方向；當(dāng)線圈向右運(yùn)動(dòng)2L3L過程中，切割磁感線的有效長度從L減小到0，感應(yīng)電流從2i00，電流為順時(shí)針方向；對(duì)比題中圖象可知，選項(xiàng)D正確；故選D.7、從塔頂以相同速率拋出A、B、C三小球，A球豎直上拋，B球平拋，C球豎直下拋。另有D球從塔頂起自由下落，四個(gè)小球質(zhì)量相同，落到同一水平面上。不計(jì)空氣阻力，則()A落地時(shí)動(dòng)能相同的小球是A、B、CB落地時(shí)動(dòng)量相同的小球是A、B、CC從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)能增量相同的小球只有A、B、CD從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)量增量相同的小球是B、D【答案】AD【解析】小球從拋出至落地過程中只有重力做功，且重力做功相同，A、B、C三個(gè)小球的初動(dòng)能相同，故小球落地時(shí)的動(dòng)能相同，所以A正確；A、B、D落地速度方向相同，都是豎直向下，但是C落地速度方向不是豎直向下，故A、B、C落地的動(dòng)量不相同，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)能增量等于合力做功，即等于重力的功，由于從相同高度拋出，故重力的功相同，故四個(gè)小球落地過程中動(dòng)能增量相同，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)量增量等于合力的沖量，合力為重力，但是時(shí)間相同的只有B、D，故合力的沖量相同的是B、D，故選項(xiàng)D正確。8、如圖所示，豎直井中的升降機(jī)可將地下深處的礦石快速運(yùn)送到地面。某一豎井的深度約為104m，升降機(jī)運(yùn)行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過，假定升降機(jī)到井口的速度為零，則將礦石從井底提升到井口的最短時(shí)間是A. 13s B. 16s C. 21s D. 26s【來源】浙江新高考2018年4月選考科目物理試題【答案】 C【解析】升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)，在加速階段，所需時(shí)間，通過的位移為，在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時(shí)間為：，總時(shí)間為：，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移公式和速度時(shí)間公式求得總時(shí)間。二、非選擇題1、在用“落體法”做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明選擇一條較為滿意的紙帶，如圖甲所示他舍棄前面密集的點(diǎn)，以O(shè)為起點(diǎn)，從A點(diǎn)開始選取紙帶上連續(xù)點(diǎn)A、B、C、測(cè)出O到A、B、C、的距離分別為h1、h2、h3、電源的頻率為f.(1)(多選)實(shí)驗(yàn)過程中，下列說法正確的是_A選用質(zhì)量大體積小的重錘B安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使兩限位孔在同一豎直線上C釋放紙帶前，手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直D重錘下落中手始終提住紙帶上端，保持紙帶豎直(2)小明通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)(有阻力的影響)，畫出的v2h圖象如圖乙所示已知直線斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭_(填“”“”或“”).(3)另有四位同學(xué)在圖乙的基礎(chǔ)上，畫出沒有阻力時(shí)的v2h圖線，并與其比較，其中正確的是_解析：(1)為減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，應(yīng)選用質(zhì)量大而體積小的重錘，選項(xiàng)A正確；為減小限位孔對(duì)紙帶的摩擦力，安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)使兩限位孔在同一豎直線上，選項(xiàng)B正確；釋放紙帶前手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直，可減小阻力，選項(xiàng)C正確；重錘下落的過程中，手不能拉著紙帶，選項(xiàng)D錯(cuò)誤(2)根據(jù)動(dòng)能定理得F合hmv2mv，解得v2hv，由于直線的斜率為k，則k，重錘下落的過程中受阻力作用，F(xiàn)合mgfmg，由以上兩式解得k2g，解得g.(3)不論有無阻力，釋放點(diǎn)的位置相同，即初速度為零時(shí)，兩圖線必交于橫軸的同一點(diǎn)，選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤答案：(1)ABC(2)(3)B6人教物理2019高考一輪選練編題（3）李仕才一、選擇題1、如圖所示,一輛小車靜止在光滑的水平面上,小車的上表面左側(cè)AB為一光滑的圓弧,其半徑為R=0.8 m,右側(cè)BC為粗糙水平面,且水平面與圓弧光滑過渡,BC=0.8 m,小車的上表面離地高度為h=0.8 m,小車靜止時(shí)其右側(cè)端點(diǎn)C在地面上的投影為C點(diǎn),一質(zhì)量為m=1 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))自圓弧頂點(diǎn)A由靜止釋放,并且從C處滑落小車,其落地時(shí)剛好打在C點(diǎn),已知滑塊與小車上表面BC面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5,重力加速度g=10 m/s2,則由以上條件可得(BCD)A.小車的最終速度為1 m/sB.整個(gè)過程滑塊與小車因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=4 JC.小車的質(zhì)量為M=1 kgD.從小車開始運(yùn)動(dòng)至滑塊落至C的時(shí)間內(nèi),小車一共向左前進(jìn)了x=1.6 m解析:滑塊與小車組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,設(shè)滑塊滑離小車時(shí)速度大小為v1,小車最終速度大小為v2,小車的質(zhì)量為M,則mv1=Mv2,根據(jù)能量守恒可得mgR=m+M+mgLBC,滑塊滑離小車后做平拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)題意其平拋的水平距離為小車向左運(yùn)動(dòng)的距離,小車向左運(yùn)動(dòng)了s=(R+LBC),又s=v1t,h=gt2,聯(lián)立以上各式解得:M=1 kg,v1=v2=2 m/s,s=0.8 m,t=0.4 s,故A錯(cuò)誤,C正確;整個(gè)過程的摩擦生熱為Q=mgLBC=4 J,B正確;自滑塊滑落小車至落地時(shí),小車又發(fā)生的位移s=v2t=0.8 m,所以從小車開始運(yùn)動(dòng)至滑塊落至C的時(shí)間內(nèi),小車一共向左前進(jìn)了s總=s+s=1.6 m,故D正確.2、(多選)如圖是某次發(fā)射載人宇宙飛船的過程中，先將飛船發(fā)射到圓形軌道上，然后在P點(diǎn)變軌到橢圓軌道上下列說法正確的是()A飛船在軌道上經(jīng)過P點(diǎn)的速度一定大于第一宇宙速度B飛船在軌道上經(jīng)過Q點(diǎn)的速度一定小于第一宇宙速度C飛船在軌道上從P點(diǎn)到Q點(diǎn)和從Q點(diǎn)到P點(diǎn)的過程中，宇航員都處于完全失重狀態(tài)D飛船從地球向上加速發(fā)射和減速返回地球的過程中，宇航員都處于超重狀態(tài)解析：選BCD.第一宇宙速度等于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)v，知飛船在軌道上的速度小于近地衛(wèi)星的速度，即小于第一宇宙速度故A錯(cuò)誤若飛船從軌道上的Q點(diǎn)變軌到圓軌道上必須加速，所以飛船在軌道上經(jīng)過Q點(diǎn)的速度一定小于Q點(diǎn)所在圓軌道的速度，而該圓軌道的速度小于第一宇宙速度，所以飛船在軌道上經(jīng)過Q點(diǎn)的速度一定小于第一宇宙速度，故B正確飛船在軌道上從P點(diǎn)到Q點(diǎn)和從Q點(diǎn)到P點(diǎn)的過程中，宇航員只受重力，所以處于完全失重狀態(tài)，故C正確飛船從地球向上加速發(fā)射和減速返回地球的過程中，加速度向上，所以宇航員都處于超重狀態(tài)，故D正確3、（2018屆北京市海淀區(qū)高三上學(xué)期期中）圖所示，某同學(xué)站在體重計(jì)上觀察超重與失重現(xiàn)象。由穩(wěn)定的站姿變化到穩(wěn)定的蹲姿稱為“下蹲”過程；由穩(wěn)定的蹲姿變化到穩(wěn)定的站姿稱為“起立”過程。她穩(wěn)定站立時(shí)，體重計(jì)的示數(shù)為A0，關(guān)于實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，下列說法正確的是 A. “起立”過程，體重計(jì)的示數(shù)一直大于A0B. “下蹲”過程，體重計(jì)的示數(shù)一直小于A0C. “起立”、“下蹲”過程，都能出現(xiàn)體重計(jì)的示數(shù)大于A0的現(xiàn)象D. “起立”的過程，先出現(xiàn)超重現(xiàn)象后出現(xiàn)失重現(xiàn)象【答案】CD4、在如圖所示的電路中，已知電阻R1的阻值小于滑動(dòng)變阻器R的最大阻值閉合電鍵S，在滑動(dòng)變阻器的滑片P由左端向右滑動(dòng)的過程中，四個(gè)電表V1、V2、A1、A2的示數(shù)及其變化量分別用U1、U2、I1、I2、U1、U2、I1、I2表示，下列說法中正確的是()AU1先變大后變小，I1不變BU1先變小后變大，I1變小C.的絕對(duì)值先變大后變小，的絕對(duì)值不變DU2先變小后變大，I2先變小后變大解析：選D.滑片P由滑動(dòng)變阻器的左端向右端滑動(dòng)的過程中，滑動(dòng)變阻器R的左半部分與R1串聯(lián)然后與R的右半部分并聯(lián)，并聯(lián)電阻先變大后變小，所以電路總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，I2先變小后變大，U1先變大后變小，由極限法可得當(dāng)滑片P滑到滑動(dòng)變阻器右端時(shí)，電流表A1把R1所在支路短路，此時(shí)I1最大，所以I1一直增大，A、B錯(cuò)誤；對(duì)于C項(xiàng)，的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻，保持不變；的絕對(duì)值等于R2，保持不變，所以C錯(cuò)誤；電阻R2不變，電壓表V2的示數(shù)U2I2R2，U2先變小后變大，D正確5、如圖所示,兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi),導(dǎo)軌之間接有電阻R.金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸,整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下.現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小,ab始終保持靜止,下列說法正確的是(D)A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aB.ab中的感應(yīng)電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小解析:根據(jù)楞次定律,感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)向下,再根據(jù)安培定則,可判斷ab中感應(yīng)電流方向從a到b,A錯(cuò)誤;磁場(chǎng)變化是均勻的,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變,感應(yīng)電流I恒定不變,B錯(cuò)誤;安培力F=BIL,由于I,L不變,B減小,所以ab所受的安培力逐漸減小,根據(jù)力的平衡條件,靜摩擦力逐漸減小,C錯(cuò)誤,D正確.6、(多選)如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為一根光滑絕緣細(xì)桿，放在兩電荷連線的中垂線上，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩點(diǎn)電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對(duì)稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上下列說法正確的是()Ab點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)Bb點(diǎn)電勢(shì)低于d點(diǎn)電勢(shì)C試探電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D套在細(xì)桿上的帶電小環(huán)由靜止釋放后將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)解析：選ABD.在兩等量異號(hào)電荷連線上，中間點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最小；在兩等量異號(hào)電荷連線的中垂線上，中間點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度最大；所以b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，A正確；MN是一條等勢(shì)線，與在兩等量異號(hào)電荷連線上的點(diǎn)相比較，d點(diǎn)的電勢(shì)要高，所以b點(diǎn)電勢(shì)低于d點(diǎn)電勢(shì)，B正確；因a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，故試探電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，C錯(cuò)誤；MN上的電場(chǎng)方向垂直MN指向負(fù)電荷，故套在細(xì)桿上的帶電小環(huán)由靜止釋放后，由于在MN方向上只受到重力，所以做MN方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D正確7、如圖所示，有一光滑鋼球質(zhì)量為m，被一U形框扣在里面，框的質(zhì)量為M，且M2m，它們擱置于光滑水平面上，今讓小球以速度v0向右去撞擊靜止的框，設(shè)碰撞無機(jī)械能損失，經(jīng)多次相互撞擊，下面結(jié)論正確的是()A最終都將停下來B最終將以相同的速度向右運(yùn)動(dòng)C永遠(yuǎn)相互碰撞下去，且整體向右運(yùn)動(dòng)D在它們反復(fù)碰撞的過程中，球的速度將會(huì)再次等于v0，框也會(huì)再次重現(xiàn)靜止?fàn)顟B(tài)【答案】CD聯(lián)立解得：v1v0，v20(兩次碰撞后)或者v1v0，v2v0(一次碰撞后)，由于二次碰撞后的速度情況與開始時(shí)相同，故整體內(nèi)部一直不斷碰撞，整體持續(xù)向右運(yùn)動(dòng)；球的速度將會(huì)再次等于v0，框也會(huì)再次重現(xiàn)靜止?fàn)顟B(tài)，故A、B錯(cuò)誤，C、D正確。8、（多選）甲、乙兩汽車同一條平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖像分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在t2時(shí)刻并排行駛，下列說法正確的是（ ）A. 兩車在t1時(shí)刻也并排行駛B. t1時(shí)刻甲車在后，乙車在前C. 甲車的加速度大小先增大后減小D. 乙車的加速度大小先減小后增大【來源】2018年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試物理（全國II卷）【答案】 BD點(diǎn)睛：本題考查了對(duì)圖像的理解及利用圖像解題的能力問題二、非選擇題1、實(shí)驗(yàn)室有下列器材：靈敏電流計(jì)G(內(nèi)阻約為50 )；電壓表V(03 V，內(nèi)阻約為10 k)；電阻箱R1(09 999 )；滑動(dòng)變阻器R2(0100 ，1.5 A)；舊干電池一節(jié)；導(dǎo)線開關(guān)若干(1)某實(shí)驗(yàn)小組先測(cè)靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，電路如圖甲所示，測(cè)得電壓表示數(shù)為2 V，靈敏電流計(jì)示數(shù)為4 mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為_.(2)為將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來的10倍，該實(shí)驗(yàn)小組將電阻箱與靈敏電流計(jì)并聯(lián)，則應(yīng)將電阻箱R1的阻值調(diào)為_.調(diào)好后連接成如圖丙所示的電路測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器讀出了幾組電壓表和電流計(jì)的示數(shù)如下表，請(qǐng)?jiān)趫D丁所示的坐標(biāo)系中作出合適的IgU圖線.Ig/mA3.02.52.01.51.0U/V0.80.91.01.11.2(3)由作出的IgU圖線求得干電池的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_.解析：(1)由圖乙可知，電阻箱示數(shù)為R101 000 4100 510 51 455 .由歐姆定律得RgR1500 ，電流計(jì)內(nèi)阻為Rg500 455 45 .(2)將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來的10倍，并聯(lián)電阻阻值R5 ，根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)找出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)找出的點(diǎn)作出圖象，如答案圖所示(3)由IgU圖線可知，圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值為1.4，則電源電動(dòng)勢(shì)E1.4 V，電流表內(nèi)阻RA2.4 ，圖線的斜率k，電源內(nèi)阻rRA20 2.4 17.6 .答案：(1)45(2)5如圖所示(3)1.417.67人教物理2019高考一輪選練編題（4）李仕才一、選擇題1、(多選)如圖所示，曲線是一顆繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星軌道的示意圖，其半徑為R；曲線是一顆繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)衛(wèi)星軌道的示意圖，O點(diǎn)為地球球心，AB為橢圓的長軸，兩軌道和地心都在同一平面內(nèi)，已知在兩軌道上運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的周期相等，萬有引力常量為G，地球質(zhì)量為M，下列說法正確的是 ()A橢圓軌道的長軸長度為2RB衛(wèi)星在軌道的速率為v0，衛(wèi)星在軌道B點(diǎn)的速率為vB，則v0vBC衛(wèi)星在軌道的加速度大小為a0，衛(wèi)星在軌道A點(diǎn)加速度大小為aA，則a0aAD若OA0.5R，則衛(wèi)星在B點(diǎn)的速率vB解析：選ABC.衛(wèi)星的周期相等，所以橢圓軌道的長軸長度為2R；B點(diǎn)為橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，速度比較小，v0表示做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度，v0vB；根據(jù)a，衛(wèi)星在軌道距離地心的距離大于衛(wèi)星在軌道A點(diǎn)距離地心的距離，所以a0aA；若OA0.5R，則OB1.5R，據(jù)得v，如果衛(wèi)星以O(shè)B為軌道半徑做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，v，在軌道上，衛(wèi)星在B點(diǎn)要減速，做近心運(yùn)動(dòng)，所以衛(wèi)星在B點(diǎn)的速率vB ，D錯(cuò)2、重力為10 N的重物被繞過光滑定滑輪O的輕繩懸掛在空中處于靜止,光滑的輕質(zhì)圓環(huán)套在輕繩的水平段OO,當(dāng)在圓環(huán)上掛上另一個(gè)鉤碼后,重物上升10 cm,已知原來的水平輕繩OO長度也是10 cm,則鉤碼重力為(C)A.5 N B.5 NC.10 N D.10 N解析:假設(shè)平衡后圓環(huán)位置為P,平衡后,重物上升10 cm,說明此時(shí)POO恰好構(gòu)成一個(gè)邊長為10 cm的正三角形,輕繩中張力處處相等,均為10 N,故鉤碼的重力恰好與PO,PO拉力的合力等大反向,由三角函數(shù)關(guān)系可知,鉤碼的重力為10 N,選項(xiàng)C正確.3、在地面上以初速度v0豎直向上拋出一小球，經(jīng)過2t0時(shí)間小球落回拋出點(diǎn)，其速率為v1，已知小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力與小球運(yùn)動(dòng)的速度成正比，則小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)速率v隨時(shí)間t的變化規(guī)律可能是( ) 【答案】A【解析】小球上升過程中，由牛頓第二定律有mgkvma，故隨速度的減小，加速度逐漸減小，vt圖象的切線斜率逐漸減??；小球下降過程中，由牛頓第二定律有mgkvma，則隨速度逐漸增大，加速度逐漸減小，vt圖象的切線斜率逐漸減??；由于有阻力作用，故回到地面的速度將小于初速度v0，選項(xiàng)A正確。4、如圖所示，在AB間接入正弦交流電U1220 V，通過理想變壓器和二極管D1、D2給阻值R20 的純電阻負(fù)載供電，已知D1、D2為相同的理想二極管，正向電阻為0，反向電阻無窮大，變壓器原線圈n1110匝，副線圈n220匝，Q為副線圈正中央抽頭，為保證安全，二極管的反向耐壓值至少為U0，設(shè)電阻R上消耗的熱功率為P，則有()AU040 V，P80 WBU040 V，P80 WCU040 V，P20 WDU040 V，P20 W解析：選C.變壓器的次級(jí)電壓U2U1220 V40 V，故二極管的反向耐壓值至少為40 V；電阻R上電壓有效值為20 V，則R消耗的熱功率為P W20 W，故C正確5、如圖所示,水平面上固定著兩根相距L且電阻不計(jì)的足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,銅棒a,b的長度均等于兩導(dǎo)軌的間距、電阻均為R、質(zhì)量均為m,銅棒平行地靜止在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好.現(xiàn)給銅棒a一個(gè)平行導(dǎo)軌向右的瞬時(shí)沖量I,關(guān)于此后的過程,下列說法正確的是(B)A.回路中的最大電流為B.銅棒b的最大加速度為C.銅棒b獲得的最大速度為D.回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為解析:由題意知a獲得沖量時(shí)速度最大,根據(jù)動(dòng)量定理可得,a獲得的速度va=,此后a在安培力作用下做減速運(yùn)動(dòng),b在安培力作用下做加速運(yùn)動(dòng),回路中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BL(va-vb),可知a剛獲得動(dòng)量時(shí)回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大,即Im=,故A錯(cuò)誤;b所受最大安培力Fm=BImL=,根據(jù)牛頓第二定律知,b棒所產(chǎn)生的最大加速度am=,故B正確;由題意知,a棒做減速運(yùn)動(dòng),b棒做加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)a,b速度相等時(shí),回路中沒有感應(yīng)電流,兩棒同時(shí)向右勻速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)動(dòng)量守恒定律得,mva=2mv,a,b棒的共同速度v=,此速度亦為b棒的最大速度,故C錯(cuò)誤;根據(jù)系統(tǒng)能量守恒可得,m=(m+m)v2+Q,則回路中產(chǎn)生的總焦耳熱Q=,故D錯(cuò)誤.6、(多選)如圖所示，輕彈簧一端固定于O點(diǎn)，另一端與小滑塊連接把滑塊放在光滑斜面上的A點(diǎn)，此時(shí)彈簧恰好水平將滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)B點(diǎn)到達(dá)位于O點(diǎn)正下方的C點(diǎn)當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，彈簧恰處于原長且與斜面垂直已知彈簧原長為L，斜面傾角小于45，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g.在此過程中()A滑塊的加速度可能一直減小B滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度可能最大C滑塊經(jīng)過C點(diǎn)的速度大于 D滑塊在AB過程中動(dòng)能的增量比BC過程小解析：選AC.從A到B過程中彈簧處于伸長狀態(tài)，有一個(gè)沿斜面向下的分力F1，并且隨著伸長量的減小，分力F1在減小，故此過程中滑塊受到的合力Fmgsin F1，在減小，故加速度在減小，從B到C過程中，彈簧處于拉伸狀態(tài)，有一個(gè)沿斜面向上的分力F2，隨著伸長量的增大，F(xiàn)2在增大，若到達(dá)C點(diǎn)時(shí)F2mgsin ，則滑塊受到的合力Fmgsin F2，在減小，故加速度減小，所以從A到C過程中滑塊的加速度可能一直減小，A正確；從B到C的過程中，合力Fmgsin F2，由于彈力是從零增加的，所以F2是從零開始增大的，故肯定有一段時(shí)間F2mgsin ，所以從B點(diǎn)后滑塊肯定還會(huì)加速，所以B點(diǎn)一定不是速度最大點(diǎn)，B錯(cuò)誤；根據(jù)幾何知識(shí)可得從A到C的豎直高度為h，假如只有重力做功，從A到C有：mgmv2，解得v，因?yàn)樾∮?5，故AO大于CO，在A點(diǎn)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能大于在C點(diǎn)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能，故還有一部分彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故在C點(diǎn)的動(dòng)能一定大于，C正確；從A到B過程中彈力做正功，重力做正功，從B到C過程中重力做正功，彈力做負(fù)功，并且從A到B的豎直高度大于從B到C的豎直高度，故滑塊在AB過程中動(dòng)能的增量比BC過程大，D錯(cuò)誤7、（2018山東棗莊八中重點(diǎn)班月考）如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為和的兩物塊、相連接，并靜止在光滑的水平面上. 現(xiàn)使瞬時(shí)獲得水平向右的速度，以此刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像信息可得（ ）A. 在、時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)B. 從到時(shí)刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長C. 兩物體的質(zhì)量之比為D. 在時(shí)刻與的動(dòng)能之比為【答案】CD彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當(dāng)t3時(shí)刻，二木塊速度相等，系統(tǒng)動(dòng)能最小，彈簧最長，因此從t3到t4過程中彈簧由伸長狀態(tài)恢復(fù)原長，故B錯(cuò)誤；系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選擇開始到t1時(shí)刻列方程可知m1v1=（m1+m2）v2，將v1=3m/s，v2=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故C正確；在t2時(shí)刻A的速度vA=1m/s，B的速度vB=2m/s，根據(jù)m1：m2=1：2，求出Ek1：Ek2=1：8，故D正確8、（多選）地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機(jī)通過豎井運(yùn)送至地面。某豎井中礦車提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等。不考慮摩擦阻力和空氣阻力。對(duì)于第次和第次提升過程，A. 礦車上升所用的時(shí)間之比為4:5B. 電機(jī)的最大牽引力之比為2:1C. 電機(jī)輸出的最大功率之比為2:1D. 電機(jī)所做的功之比為4:5【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（全國III卷）【答案】 AC點(diǎn)睛 此題以速度圖像給出解題信息。解答此題常見錯(cuò)誤主要有四方面：一是對(duì)速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解牽引力錯(cuò)誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機(jī)做功。實(shí)際上，可以根據(jù)兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相同，利用功能關(guān)系得出兩次做功相同。二、非選擇題1某物理實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)安裝“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示讓質(zhì)量為m1的小球從斜面上某處自由滾下與靜止在支柱上質(zhì)量為m2的小球發(fā)生對(duì)心碰撞，則：(1)(多選)下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)的說法正確的是_A軌道末端的切線必須是水平的B斜槽軌道必須光滑C入射球m1每次必須從同一高度滾下D應(yīng)滿足入射球m1質(zhì)量小于被碰小球m2(2)在實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)小球的落點(diǎn)情況，該同學(xué)測(cè)量出OP、OM、ON、OP、OM、ON的長度，用以上數(shù)據(jù)合理地寫出驗(yàn)證動(dòng)量守恒的關(guān)系式為_. (3)在實(shí)驗(yàn)中，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)得兩球的直徑相等，讀數(shù)部分如圖所示，則小球的直徑為_mm.解析：(1)要保證小球每次都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，A正確；“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同即可，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，B錯(cuò)誤；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，C正確；在“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，為防止被碰球碰后反彈，入射球的質(zhì)量m1必須大于被碰球的質(zhì)量m2，D錯(cuò)誤(2)入射球與被碰球離開斜槽末端后均從同一高度開始做平拋運(yùn)動(dòng)，則小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同由實(shí)驗(yàn)操作可知需要驗(yàn)證動(dòng)量守恒表達(dá)式為m1v1m1v1m2v2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同則有m1v1tm1v1tm2v2t，整理可得m1OPm1OMm2ON.(3)由圖可知主尺22 mm處的刻度線與游標(biāo)尺的第11小格對(duì)齊，則由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知小球的直徑為22 mm110.95 mm11.55 mm.答案：(1)AC(2)m1OPm1OMm2ON (3)11.557人教物理2019高考一輪選練編題（5）李仕才一、選擇題1、如圖所示,三根相同的繩子末端連接于O點(diǎn),A,B端固定,C端受一水平力F,當(dāng)F逐漸增大時(shí)(O點(diǎn)位置保持不變),最先斷的繩子是(A)A.OA繩B.OB繩C.OC繩D.三繩同時(shí)斷解析:對(duì)結(jié)點(diǎn)O受力分析,受三個(gè)繩的拉力,根據(jù)平衡條件的推論得,水平和豎直兩繩拉力的合力與OA繩的拉力等大反向,作出平行四邊形,解得三個(gè)繩中OA繩的拉力最大,在水平拉力逐漸增大的過程中,OA繩先達(dá)到最大值,故OA繩先斷,選項(xiàng)A正確.2、(多選)O為地球球心，半徑為R的圓為地球赤道，地球自轉(zhuǎn)方向如圖所示，自轉(zhuǎn)周期為T，觀察站A有一觀測(cè)員在持續(xù)觀察某衛(wèi)星B.某時(shí)刻觀測(cè)員恰能觀察到衛(wèi)星B從地平線的東邊落下，經(jīng)的時(shí)間，再次觀察到衛(wèi)星B從地平線的西邊升起已知BOB，地球質(zhì)量為M，引力常量為G，則()A衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為B衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為C衛(wèi)星B離地表的高度為 RD衛(wèi)星B離地表的高度為 R解析：選BD.當(dāng)?shù)厍蛏螦處的觀測(cè)員隨地球轉(zhuǎn)動(dòng)半個(gè)周期時(shí)，衛(wèi)星轉(zhuǎn)過的角度應(yīng)為2，所以T衛(wèi)，解得T衛(wèi)，A錯(cuò)，B對(duì)衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)過程中萬有引力充當(dāng)向心力，Gm衛(wèi)2r衛(wèi)，得r衛(wèi) ，則衛(wèi)星距地表的高度hr衛(wèi)R R，C錯(cuò)，D對(duì)3、（2018山東省師大附中高三第三次模擬）如圖所示，一斜面固定在地面上，木塊m和M疊放在一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，它們始終相對(duì)靜止，m、M間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1，M、斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2，則( ) A. 若m、M一起勻加速運(yùn)動(dòng)，可能有10，20B. 若m、M一起勻速運(yùn)動(dòng)，一定有10，20C. 若m、M一起勻加速運(yùn)動(dòng)，一定有10，20D. 若m、M一起勻速運(yùn)動(dòng)，可能有10，20【答案】D4、如圖所示，變壓器輸入有效值恒定的電壓，副線圈匝數(shù)可調(diào)，輸出電壓通過輸電線送給用戶(電燈等用電器)，R表示輸電線的電阻，則()A用電器增加時(shí)，變壓器輸出電壓增大B要提高用戶的電壓，滑動(dòng)觸頭P應(yīng)向上滑C用電器增加時(shí)，輸電線的熱損耗減少D用電器增加時(shí)，變壓器的輸入功率減小解析：選B.由于變壓器原、副線圈的匝數(shù)不變，而且輸入電壓不變，因此增加負(fù)載不會(huì)影響輸出電壓，故A錯(cuò)誤；根據(jù)變壓器原理可知輸出電壓U2U1，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向上滑時(shí)，n2增大，所以輸出電壓增大，用戶兩端電壓增大，故B正確；由于用電器是并聯(lián)的，因此用電器增加時(shí)總電阻變小，輸出電壓不變，總電流增大，故輸電線上熱損耗增大，故C錯(cuò)誤；用電器增加時(shí)總電阻變小，總電流增大，輸出功率增大，所以輸入功率增大，故D錯(cuò)誤5、如圖所示,有一個(gè)等腰三角形磁場(chǎng)區(qū)域,底邊長為2L,高為L,左半邊的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外,右半邊的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.邊長為L、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd,從圖示位置開始沿x軸正方向以速度v勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域.取沿abcda方向的感應(yīng)電流為正,取Im=,則表示線框中電流i隨bc的位置坐標(biāo)x變化的圖像正確的是(C)解析:線框bc邊在0L過程中無感應(yīng)電流,在L2L過程中切割磁感線的有效長度線性增大,由右手定則判斷感應(yīng)電流沿abcda方向的正方向,由I=可知,感應(yīng)電流大小逐漸增大;線框bc邊在2L3L過程中,ad邊和bc邊都有部分切割磁感線,等效切割的有效長度不變,產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小不變,方向?yàn)樨?fù)方向;線框bc邊在3L4L過程中,ad邊切割磁感線的有效長度線性減小,產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小逐漸減小,方向?yàn)檎较?故C正確.6、關(guān)于下列物理現(xiàn)象的分析，說法正確的是()A鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因?yàn)轼B兒的腳底上有一層絕緣皮B電動(dòng)機(jī)電路開關(guān)斷開時(shí)會(huì)出現(xiàn)電火花，是因?yàn)殡娐分械木€圈產(chǎn)生很大的自感電動(dòng)勢(shì)C話筒能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因?yàn)殡娏鞯拇判?yīng)D靜電噴涂時(shí)，被噴工件表面所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為同種電荷解析：選B.鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因?yàn)轼B兒的兩腳之間的導(dǎo)線的電阻很小，兩腳間的跨步電壓很小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)電路開關(guān)斷開時(shí)會(huì)出現(xiàn)電火花，是因?yàn)殡娐分械木€圈產(chǎn)生很大的自感電動(dòng)勢(shì)，擊穿空氣產(chǎn)生火花放電，選項(xiàng)B正確；話筒能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因?yàn)殡姶鸥袘?yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；靜電噴涂時(shí)，被噴工件表面所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為異種電荷，選項(xiàng)D錯(cuò)誤7、如圖所示，在光滑水平面上放置一個(gè)質(zhì)量為M的滑塊，滑塊的一側(cè)是一個(gè)圓弧，圓弧半徑為R，E點(diǎn)切線水平。另有一個(gè)質(zhì)量為m的小球以速度v0從A點(diǎn)沖向滑塊，不計(jì)摩擦。下列說法中正確的是()A當(dāng)v0時(shí)，小球能到達(dá)F點(diǎn)B若小球的速度足夠大，小球?qū)幕瑝K的右側(cè)離開滑塊C小球在圓弧上運(yùn)動(dòng)的過程中，滑塊的動(dòng)能增大，小球的機(jī)械能減小D若滑塊固定，小球返回E點(diǎn)時(shí)對(duì)滑塊的壓力為mgm 【答案】CD【解析】小球在圓弧上運(yùn)動(dòng)的過程中，小球?qū)瑝K的力有水平向右的分量，使滑塊向右加速，滑塊動(dòng)能增大，小球的機(jī)械能將減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤、C正確；當(dāng)小球速度足夠大，從F點(diǎn)離開滑塊時(shí)，由于F點(diǎn)切線豎直，在F點(diǎn)時(shí)小球與滑塊的水平速度相同，離開F點(diǎn)后將再次從F點(diǎn)落回，不會(huì)從滑塊的右側(cè)離開滑塊，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；如果滑塊固定，小球返回E點(diǎn)時(shí)對(duì)滑塊的壓力為mgm，選項(xiàng)D正確。8、（多選）甲乙兩車在同一平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，乙做勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲乙兩車的位置x隨時(shí)間t的變化如圖所示。下列說法正確的是A. 在t1時(shí)刻兩車速度相等B. 從0到t1時(shí)間內(nèi)，兩車走過的路程相等C. 從t1到t2時(shí)間內(nèi)，兩車走過的路程相等D. 從t1到t2時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，兩車速度相等【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（全國III卷）【答案】 CD點(diǎn)睛 此題以位移圖像給出解題信息，考查對(duì)位移圖像的理解。二、非選擇題1、常用無線話筒所用的電池電動(dòng)勢(shì)E約為9 V，內(nèi)阻r約為40 ，最大允許電流為100 mA.(1)為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)先利用多用電表直流電壓10 V擋粗測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)如圖甲所示，測(cè)得值為_V.(2)接著該同學(xué)利用圖乙的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)圖中電壓表為理想電表，R為電阻箱(阻值范圍為0999.9 )，R0為定值電阻，目的是為了防止電阻箱的阻值調(diào)得過小時(shí)，通過電源的電流大于其承受范圍，起保護(hù)電路的作用；實(shí)驗(yàn)室備有的定值電阻R0的規(guī)格有以下幾種，則本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用_A50 ，1.0 WB500 ，2.5 WC1 500 ，15 W D2 500 ，25 W(3)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值R，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖丙的圖線由圖線求得該電池的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)阻r_.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)解析：(1)直流電壓10 V擋的最小分度為0.2 V，故測(cè)得值為9.2 V.(2)電池最大允許電流為100 mA，則電路中總電阻R總90 rR0，故定值電阻R0應(yīng)選50 ，選項(xiàng)A正確(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律EUI(R0r)U(R0r)，解得，故該圖線縱坐標(biāo)的截距為0.1 V1，解得電池電動(dòng)勢(shì)E10.0 V，斜率k，解得R0r83.3 ，故電池內(nèi)阻r33.3 .答案：(1)9.2(2)A(3)10.033.36