2019高考物理一輪選練編題（含解析）（打包10套）新人教版.zip
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人教物理2019高考一輪選練編題（2）
李仕才
一、選擇題
1、在某星球表面以初速度v0豎直上拋一個物體，若物體只受該星球引力作用，忽略其他力的影響，物體上升的最大高度為H，已知該星球的直徑為D，如果要在這個星球上發(fā)射一顆繞它運行的近“地”衛(wèi)星，其環(huán)繞速度為( )
A. B.
C．v0 D．v0
解析：選B.據(jù)豎直上拋運動，最大高度H＝得到星球表面的重力加速度g＝.當近“地”衛(wèi)星繞該星球做圓周運動時，軌道半徑R＝，此時重力提供衛(wèi)星所需的向心力有：mg＝m得v＝＝＝ .
2、兩個小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動,球2在前,球1在后,m1=1 kg,m2=3 kg,v01=6 m/s,v02=3 m/s,當球1與球2發(fā)生碰撞后,兩球的速度分別為v1,v2,將碰撞后球1的動能和動量大小分別記為E1,p1,則v1,v2,E1,p1的可能值為( AB )
A.v1=3.75 m/s,v2=3.75 m/s
B.v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s
C.E1=9 J
D.p1=1 kg· m/s
解析:兩球碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒,以兩球的初速度方向為正方向,如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞,由動量守恒定律得m1v01+m2v02=(m1+m2)v,代入數(shù)據(jù)解得v=3.75 m/s,如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞,有m1v01+m2v02=m1v1+m2v2,由機械能守恒定律得m1+m2=m1+m2,代入數(shù)據(jù)解得v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s,則碰撞后球1、球2的速度滿足1.5 m/s≤v1≤3.75 m/s,3.75 m/s≤v2≤4.5 m/s;球1的動能E1=m1,滿足1.125 J≤E1≤7.03 J;球1的動量p1=m1v1,滿足1.5 kg· m/s≤p1≤3.75 kg· m/s,綜上所述,選項A,B正確,C,D錯誤.
3、如圖為用索道運輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37°，重物與車廂地板之間的動摩擦因數(shù)為0.3。當載重車廂沿索道向上加速運動時，重物與車廂仍然保持相對靜止狀態(tài)，重物對車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么這時重物對車廂地板的摩擦力大小為( )
A．0.35mg B．0.3mg C．0.23mg D．0.2mg
【答案】D
【解析】將a沿水平和豎直兩個方向分解，對重物受力分析如圖，水平方向：Ff＝max
豎直方向：FN－mg＝may，由＝，三式聯(lián)立解得Ff＝0.2mg，D正確。
4、如圖所示，a、b為豎直正對放置的兩平行金屬板，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，一比荷為的帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置沿與a、b平行方向射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場后從PQ邊界上的M點進入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設(shè)M、N兩點距離為x(M、N點在圖中未畫出)．則以下說法中正確的是( )
A．只減小磁感應(yīng)強度B的大小，則x減小
B．只增大初速度v0的大小，則x減小
C．只減小帶電粒子的比荷，則x不變
D．只減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則x不變
解析：選D.粒子進入磁場后做勻速圓周運動，設(shè)粒子進入磁場時速度方向與磁場邊界的夾角為θ，速度大小為v＝，軌道半徑R＝，由幾何關(guān)系可知x＝2Rsin θ＝，只減小磁感應(yīng)強度B、只增大初速度v0或只減小帶電粒子的比荷時，都可使x增大，而x與偏轉(zhuǎn)電場的電壓U無關(guān)，故選項A、B、C錯誤，D正確．
5、如圖所示,在光滑絕緣水平面上,有一矩形線圈以一定的初速度進入勻強磁場區(qū)域,線圈全部進入勻強磁場區(qū)域時,其動能恰好等于它在磁場外面時的一半,設(shè)磁場區(qū)域?qū)挾却笥诰€圈寬度,則( C )
A.線圈恰好在完全離開磁場時停下
B.線圈在未完全離開磁場時已停下
C.線圈能通過場區(qū)不會停下
D.線圈在磁場中某個位置停下
解析:線圈出磁場時的速度小于進磁場時的速度,由安培力F=BIL=,知出磁場時線圈所受的安培力小于進磁場時所受的安培力,則進磁場過程安培力做功大于出磁場過程安培力做功,而進磁場時其動能恰好等于它在磁場外面時的一半,由動能定理知出磁場后,線圈的動能不為零,不會停下來,故C正確,A,B,D錯誤.
6、如圖，邊長為2L的等邊三角形區(qū)域abc內(nèi)部的勻強磁場垂直紙面向里，b點處于x軸的坐標原點O；一與三角形區(qū)域abc等高的直角閉合金屬線框ABC，∠ABC＝60°，BC邊處在x軸上．現(xiàn)讓金屬線框ABC沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場，在t＝0時線框B點恰好位于原點O的位置．規(guī)定逆時針方向為線框中感應(yīng)電流的正方向，在下列四個i－x圖象中，能正確表示線框中感應(yīng)電流隨位移變化關(guān)系的是( )
解析：選D.當B點向右運動0～L過程中，線框切割磁感線的有效長度從0增加到·AC＝L，感應(yīng)電流從0～i0，感應(yīng)電流為逆時針方向；當線圈向右運動L～2L過程中，切割磁感線的有效長度從L減小到0，感應(yīng)電流從i0～0，電流為逆時針方向；當線圈向右運動2L～3L過程中，切割磁感線的有效長度從L減小到0，感應(yīng)電流從2i0～0，電流為順時針方向；對比題中圖象可知，選項D正確；故選D.
7、從塔頂以相同速率拋出A、B、C三小球，A球豎直上拋，B球平拋，C球豎直下拋。另有D球從塔頂起自由下落，四個小球質(zhì)量相同，落到同一水平面上。不計空氣阻力，則( )
A．落地時動能相同的小球是A、B、C
B．落地時動量相同的小球是A、B、C
C．從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動能增量相同的小球只有A、B、C
D．從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動量增量相同的小球是B、D
【答案】AD
【解析】小球從拋出至落地過程中只有重力做功，且重力做功相同，A、B、C三個小球的初動能相同，故小球落地時的動能相同，所以A正確；A、B、D落地速度方向相同，都是豎直向下，但是C落地速度方向不是豎直向下，故A、B、C落地的動量不相同，故選項B錯誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動能增量等于合力做功，即等于重力的功，由于從相同高度拋出，故重力的功相同，故四個小球落地過程中動能增量相同，故選項C錯誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動量增量等于合力的沖量，合力為重力，但是時間相同的只有B、D，故合力的沖量相同的是B、D，故選項D正確。
8、如圖所示，豎直井中的升降機可將地下深處的礦石快速運送到地面。某一豎井的深度約為104m，升降機運行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過，假定升降機到井口的速度為零，則將礦石從井底提升到井口的最短時間是
A. 13s B. 16s C. 21s D. 26s
【來源】浙江新高考2018年4月選考科目物理試題
【答案】 C
【解析】升降機先做加速運動，后做勻速運動，最后做減速運動，在加速階段，所需時間，通過的位移為，在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時間為：
，總時間為：，故C正確，A、B、D錯誤；
故選C。
【點睛】升降機先做加速運動，后做勻速運動，最后做減速運動，根據(jù)速度位移公式和速度時間公式求得總時間。
二、非選擇題
1、在用“落體法”做“驗證機械能守恒定律”的實驗時，小明選擇一條較為滿意的紙帶，如圖甲所示．他舍棄前面密集的點，以O(shè)為起點，從A點開始選取紙帶上連續(xù)點A、B、C、…測出O到A、B、C、…的距離分別為h1、h2、h3、…電源的頻率為f.
(1)(多選)實驗過程中，下列說法正確的是________．
A．選用質(zhì)量大體積小的重錘
B．安裝打點計時器使兩限位孔在同一豎直線上
C．釋放紙帶前，手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直
D．重錘下落中手始終提住紙帶上端，保持紙帶豎直
(2)小明通過實驗測得數(shù)據(jù)(有阻力的影響)，畫出的v2-h圖象如圖乙所示．已知直線斜率為k，則當?shù)刂亓铀俣萭________(填“＞”“＝”或“＜”).
(3)另有四位同學(xué)在圖乙的基礎(chǔ)上，畫出沒有阻力時的v2-h圖線，并與其比較，其中正確的是________．
解析：(1)為減小空氣阻力對實驗的影響，應(yīng)選用質(zhì)量大而體積小的重錘，選項A正確；為減小限位孔對紙帶的摩擦力，安裝打點計時器時應(yīng)使兩限位孔在同一豎直線上，選項B正確；釋放紙帶前手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直，可減小阻力，選項C正確；重錘下落的過程中，手不能拉著紙帶，選項D錯誤．
(2)根據(jù)動能定理得F合h＝mv2－mv，解得v2＝h＋v，由于直線的斜率為k，則k＝，重錘下落的過程中受阻力作用，F(xiàn)合＝mg－f＜mg，由以上兩式解得k＜2g，解得g＞.
(3)不論有無阻力，釋放點的位置相同，即初速度為零時，兩圖線必交于橫軸的同一點，選項B正確，ACD錯誤．
答案：(1)ABC (2)＞ (3)B
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