（新課標(biāo)）2020版高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題強(qiáng)化訓(xùn)練5 動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律

《（新課標(biāo)）2020版高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題強(qiáng)化訓(xùn)練5 動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020版高考物理大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題強(qiáng)化訓(xùn)練5 動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專(zhuān)題強(qiáng)化訓(xùn)練(五) 一、選擇題 1．(2019·深圳寶安區(qū)期中檢測(cè))一滑塊在水平地面上沿直線(xiàn)滑行，t＝0時(shí)其速度為1 m/s，從此刻開(kāi)始在滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平作用力F，力F和滑動(dòng)的速度v隨時(shí)間t的變化規(guī)律分別如下圖甲、乙所示，則以下說(shuō)法正確的是(　　) A．第1 s內(nèi)，F(xiàn)對(duì)滑塊做的功為3 J B．第2 s內(nèi)，F(xiàn)對(duì)滑塊做功的平均功率為4 W C．第3 s末，F(xiàn)對(duì)滑塊做功的瞬時(shí)功率為1 W D．前3 s內(nèi)，F(xiàn)對(duì)滑塊做的總功為零 [解析]　由題圖可知，第1 s內(nèi)，滑塊位移為1 m，F(xiàn)對(duì)滑塊做的功為2 J，A錯(cuò)誤；第2 s內(nèi)，滑塊位移為1.5 m，F(xiàn)做的功為4.5 J，平均功率

2、為4.5 W，B錯(cuò)誤；第3 s內(nèi)，滑塊的位移為1.5 m，F(xiàn)對(duì)滑塊做的功為1.5 J，第3 s末，F(xiàn)對(duì)滑塊做功的瞬時(shí)功率P＝Fv＝1 W，C正確；前3 s內(nèi)，F(xiàn)對(duì)滑塊做的總功為8 J，D錯(cuò)誤． [答案]　C 2．(2019·湖北八校二聯(lián))如右圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從B點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角為30°，已知B、C高度差為h，兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知(　　) A．小球甲做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為2 B．甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為1∶ C．A、B兩點(diǎn)高度差為 D．兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小相等 [解析]

3、　甲、乙兩球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度v甲＝v乙＝，甲球平拋的初速度v甲x＝v甲sin30°＝，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；甲球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度v甲y＝v甲cos30°＝，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t甲＝＝，乙球運(yùn)動(dòng)時(shí)間t乙＝，則t甲∶t乙＝∶2，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；A、B兩點(diǎn)的高度差Δh＝gt－gt＝，故C項(xiàng)正確；甲和乙兩球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率分別為P甲＝mgv甲y＝mg，P乙＝mgv乙＝mg，故D項(xiàng)錯(cuò)誤． [答案]　C 3．(2019·全國(guó)卷Ⅲ) 從地面豎直向上拋出一物體，物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中除受到重力外，還受到一大小不變、方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反的外力作用．距地面高度h在3 m以?xún)?nèi)時(shí)，物體上升、下落過(guò)程中動(dòng)能Ek隨h的變化如圖所示．

4、重力加速度取10 m/s2.該物體的質(zhì)量為(　　) A．2 kg B．1.5 kg C．1 kg D．0.5 kg [解析]　設(shè)物體的質(zhì)量為m，則物體在上升過(guò)程中，受到豎直向下的重力mg和豎直向下的恒定外力F，由動(dòng)能定理結(jié)合題圖可得－(mg＋F)×3 m＝(36－72) J；物體在下落過(guò)程中，受到豎直向下的重力mg和豎直向上的恒定外力F，再由動(dòng)能定理結(jié)合題圖可得(mg－F)×3 m＝(48－24) J，聯(lián)立解得m＝1 kg、F＝2 N，選項(xiàng)C正確，A、B、D均錯(cuò)誤． [答案]　C 4．(多選)(2019·撫州階段性檢測(cè))如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一

5、質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h(yuǎn)處由靜止釋放．某同學(xué)在研究小球落到彈簧上后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，他以小球開(kāi)始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下方向建立坐標(biāo)軸Ox，作出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.以下判斷正確的是(　　) A．當(dāng)x＝h＋2x0時(shí)，小球的動(dòng)能最小 B．最低點(diǎn)的坐標(biāo)x＝h＋2x0 C．當(dāng)x＝h＋2x0時(shí)，小球的加速度為－g，且彈力為2mg D．小球動(dòng)能的最大值為mgh＋ [解析]　由題圖乙可知mg＝kx0，解得x0＝，由F－x圖線(xiàn)與橫軸所圍圖形的面積表示彈力所做的功，則有W彈＝k(x－h(huán))2，小球由靜止釋放

6、到最低點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得mgx－k(x－h(huán))2＝0，即mgx－(x－h(huán))2＝0，解得x＝h＋x0，故最低點(diǎn)坐標(biāo)不是h＋2x0，且此處動(dòng)能不是最小，故A、B錯(cuò)誤；由題圖乙可知，mg＝kx0，由對(duì)稱(chēng)性可知當(dāng)x＝h＋2x0時(shí)，小球加速度為－g，且彈力為2mg，故C正確；小球在x＝h＋x0處時(shí)，動(dòng)能有最大值，根據(jù)動(dòng)能定理有mg(h＋x0)＋W彈＝Ekm－0，依題可得W彈＝－mgx0，所以Ekm＝mgh＋mgx0，故D正確． [答案]　CD 5．(多選)(2019·青島重點(diǎn)中學(xué)期中聯(lián)測(cè))質(zhì)量為m的小球穿在足夠長(zhǎng)的水平直桿上，小球與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，受到方向始終指向O點(diǎn)的拉力F作用，且F＝k

7、s，k為比例系數(shù)，s為小球和O點(diǎn)的距離．小球從A點(diǎn)由靜止出發(fā)恰好運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)；小球在d點(diǎn)以初速度v0向A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，恰好運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．已知OC垂直于桿且C為垂足，B點(diǎn)為AC的中點(diǎn)，OC＝d，CD＝BC＝l.不計(jì)小球的重力，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．小球從A運(yùn)動(dòng)到D的過(guò)程中只有兩個(gè)位置F的功率為零 B．小球從A運(yùn)動(dòng)到B與從B運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程克服摩擦力做功相等 C．v0＝2 D．小球在D點(diǎn)的速度至少要2v0才能運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn) [解析]　小球從A運(yùn)動(dòng)到D的過(guò)程中，在A點(diǎn)、D點(diǎn)速度為零，拉力的功率為零，在C點(diǎn)拉力的方向和速度方向垂直，功率為零，故有三處，A錯(cuò)誤；因?yàn)椴挥?jì)小球的重力，所以F在垂直于

8、桿方向上的分力即為小球與桿之間的正壓力，N＝Fsinθ(θ為F與桿的夾角)，故摩擦力Ff＝μN(yùn)＝μFsinθ＝μkssinθ＝μkd，從A到B克服摩擦力做功為Wf1＝Ffl＝μkdl，同理，從B到C克服摩擦力做功為Wf2＝Ffl＝μkdl，B正確；從D→B的過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理可得－Ff·2l＝2μkdl＝0－mv，解得v0＝2 ，C正確；設(shè)小球在D點(diǎn)的速度為v時(shí)恰好能運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理可得－3μkdl＝0－mv2，又v0＝2 ，解得v＝v0，D錯(cuò)誤． [答案]　BC 6．(多選)(2019·廣西北海一模)如圖甲所示，質(zhì)量為0.1 kg的小球從最低點(diǎn)A沖入豎直放置在水平地面上、半徑為0.

9、4 m的半圓軌道，小球速度的平方與其高度的關(guān)系圖像如圖乙所示．已知小球恰能到達(dá)最高點(diǎn)C，軌道粗糙程度處處相同，空氣阻力不計(jì)．g取10 m/s2，B為AC軌道中點(diǎn)．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．圖乙中x＝5 m2·s－2 B．小球從B點(diǎn)到C點(diǎn)損失了0.125 J的機(jī)械能 C．小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)合外力對(duì)其做的功為－1.05 J D．小球從C點(diǎn)拋出后，落地點(diǎn)到A點(diǎn)的距離為0.8 m [解析]　因?yàn)樾∏蚯∧艿竭_(dá)最高點(diǎn)C，有mg＝m，解得v＝＝ m/s＝2 m/s，則x＝v2＝4 m2·s－2，故A錯(cuò)誤．小球從A到C，動(dòng)能減少量為ΔEk＝mv－mv2＝1.05 J，重力勢(shì)能的增加量為ΔEp＝

10、mg·2r＝1×0.8 J＝0.8 J，則機(jī)械能減少0.25 J，由于小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中對(duì)軌道的壓力大于從B點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中對(duì)軌道的壓力，則小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)過(guò)程中受到的摩擦力大于從B點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中受到的摩擦力，可知小球從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程克服摩擦力做功較小，機(jī)械能損失小于0.125 J，故B錯(cuò)誤．小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)合外力對(duì)其做的功等于動(dòng)能的變化量，則W＝mv2－mv＝－1.05 J，故C正確．小球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度v＝2 m/s，小球從C點(diǎn)拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)2r＝gt2得，t＝＝0.4 s，則落地點(diǎn)到A點(diǎn)的距離x′＝vt＝2×0.4 m＝0.8 m，故D正確． [答案]　CD 7．(多選)

11、(2019·河北名校聯(lián)盟)一質(zhì)量不計(jì)的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球A和B. 支架的兩直角邊長(zhǎng)度分別為2l和l，支架可繞固定軸O在豎直平面內(nèi)無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，如右圖所示．開(kāi)始時(shí)OA邊處于水平位置，由靜止釋放，則(　　) A．A球的最大速度為2 B．A球速度最大時(shí)，兩小球的總重力勢(shì)能最小 C．A球速度最大時(shí)，兩直角邊與豎直方向的夾角為45° D．A、B兩球的最大速度之比vA∶vB＝2∶1 [解析]　 設(shè)當(dāng)桿轉(zhuǎn)過(guò)θ角時(shí)，兩球的速度最大，如圖所示，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mv＋×2mv＝mg·2l·sinθ－2mg·l(1－cosθ)，又vA＝2vB，得mv＝2mgl(sinθ＋co

12、sθ)－2mgl，當(dāng)θ＝45°時(shí)，vA＝ ，速度最大，兩小球的總動(dòng)能最大，總重力勢(shì)能最小，B、C、D正確． [答案]　BCD 8．(多選)(2019·江西六校期末統(tǒng)測(cè))如圖所示，輕彈簧放置在傾角為30°的斜面上，下端固定于斜面底端．重10 N的滑塊從斜面頂端a點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，到b點(diǎn)接觸彈簧，滑塊將彈簧壓縮最低至c點(diǎn)，然后又回到a點(diǎn)．已知ab＝1 m，bc＝0.2 m．下列說(shuō)法正確的是(　　) A．整個(gè)過(guò)程中滑塊動(dòng)能的最大值為6 J B．整個(gè)過(guò)程中彈簧彈性勢(shì)能的最大值為6 J C．從b點(diǎn)向下到c點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊的機(jī)械能減少量為6 J D．從c點(diǎn)向上返回a點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧、

13、滑塊與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 [解析]　當(dāng)滑塊受到的合力為0時(shí)，滑塊速度最大，設(shè)滑塊在d點(diǎn)受到合力為0，d點(diǎn)在b和c之間，滑塊從a到d，運(yùn)用動(dòng)能定理得mghad＋W彈＝Ekd－0，mghad

14、生能量轉(zhuǎn)化，故機(jī)械能守恒，D正確． [答案]　BCD 9．(多選)(2019·鄂南高中一模)如圖所示，光滑直角細(xì)桿POQ固定在豎直平面內(nèi)，OP桿水平，與OQ桿在O點(diǎn)用一小段圓弧桿平滑相連，質(zhì)量均為m的兩小環(huán)A、B用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩相連，分別套在OP和OQ桿上．初始時(shí)刻，將輕繩拉至水平位置伸直，然后同時(shí)釋放兩小環(huán)，A環(huán)到達(dá)O點(diǎn)后，在圓弧桿作用下速度大小不變，方向變?yōu)樨Q直向下(時(shí)間極短)，已知重力加速度為g.下列說(shuō)法正確的是(　　) A．B環(huán)下落時(shí)，A環(huán)的速度大小為 B．A環(huán)從開(kāi)始釋放至到達(dá)O點(diǎn)的過(guò)程中，B環(huán)先加速后減速 C．A環(huán)到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度大小為 D．當(dāng)A環(huán)經(jīng)過(guò)O點(diǎn)后，再經(jīng) 的時(shí)間

15、能追上B環(huán) [解析]　設(shè)B環(huán)下落一段距離后繩子與水平方向之間的夾角為α，如圖所示，當(dāng)B環(huán)下落L時(shí)，sinα＝＝，則α＝30°.由運(yùn)動(dòng)的合成與分解得，vA1cosα＝vBsinα，在此過(guò)程中以A環(huán)、B環(huán)整體為系統(tǒng)，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得mg＝mv＋mv，解得vA1＝，選項(xiàng)A正確；A環(huán)從開(kāi)始釋放至到達(dá)O點(diǎn)的過(guò)程中，B環(huán)開(kāi)始時(shí)的速度為零，當(dāng)輕繩與水平方向的夾角為90°時(shí)，B環(huán)的速度為零，故B環(huán)先加速后減速，選項(xiàng)B正確；A環(huán)到達(dá)O點(diǎn)時(shí)，對(duì)系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律得mgL＝mv，解得vA2＝，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；A環(huán)經(jīng)過(guò)O點(diǎn)后只受重力，做加速度為g、初速度為vA2的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，B做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)A追

16、上B所用時(shí)間為t，則vA2t＋gt2＝L＋gt2，解得t＝ ，選項(xiàng)D正確． [答案]　ABD 二、非選擇題 10．(2019·湖北重點(diǎn)中學(xué)調(diào)研)下圖為某游樂(lè)場(chǎng)內(nèi)水上滑梯軌道示意圖，整個(gè)軌道在同一豎直平面內(nèi)，表面粗糙的AB段軌道與四分之一光滑圓弧軌道BC在B點(diǎn)水平相切．點(diǎn)A距水面的高度為H，圓弧軌道BC的半徑為R，圓心O恰在水面．一質(zhì)量為m的游客(視為質(zhì)點(diǎn))可從軌道AB的任意位置滑下，不計(jì)空氣阻力． (1)若游客從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始滑下，到B點(diǎn)時(shí)沿切線(xiàn)方向滑離軌道落在水面D點(diǎn)，OD＝2R，求游客滑到B點(diǎn)時(shí)的速度vB大小及運(yùn)動(dòng)過(guò)程軌道摩擦力對(duì)其所做的功Wf； (2)若游客從AB段某

17、處滑下，恰好停在B點(diǎn)，又因受到微小擾動(dòng)，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到P點(diǎn)后滑離軌道，求P點(diǎn)離水面的高度h.(提示：在圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中任一點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)所受的向心力與其速率的關(guān)系為F向＝m) [解析]　(1)游客從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，有 2R＝vBt① R＝gt2② 由①②式得vB＝③ 從A到B，根據(jù)動(dòng)能定理有 mg(H－R)＋Wf＝mv－0④ 由③④式得Wf＝－(mgH－2mgR)⑤ (2)設(shè)OP與OB間夾角為θ，游客在P點(diǎn)時(shí)的速度為vP，受到的支持力為N，從B到P由動(dòng)能定理有 mg(R－Rcosθ)＝mv－0⑥ 過(guò)P點(diǎn)時(shí)，根據(jù)向心力公式有 mgcosθ－N＝m⑦ 又N＝0⑧ cosθ＝⑨

18、 由⑥⑦⑧⑨式解得h＝R. [答案]　(1)?。?mgH－2mgR)　(2)R 11．(2019·河北石家莊一模)如圖所示，左側(cè)豎直墻面上固定半徑為R＝0.3 m的光滑半圓環(huán)，右側(cè)豎直墻面上與圓環(huán)的圓心O等高處固定一光滑直桿．質(zhì)量為ma＝100 g的小球a套在半圓環(huán)上，質(zhì)量為mb＝36 g的滑塊b套在直桿上，二者之間用長(zhǎng)為l＝0.4 m的輕桿通過(guò)兩鉸鏈連接．現(xiàn)將a從圓環(huán)的最高處由靜止釋放，使a沿圓環(huán)自由下滑，不計(jì)一切摩擦，a、b均視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取10 m/s2.求： (1)小球a滑到與圓心O等高的P點(diǎn)時(shí)的向心力大??； (2)小球a從P點(diǎn)下滑至桿與圓環(huán)相切的Q點(diǎn)的過(guò)程中，桿

19、對(duì)滑塊b做的功． [解析]　(1)當(dāng)a滑到與O等高的P點(diǎn)時(shí)，a的速度v沿圓環(huán)切向向下，b的速度為零． 由機(jī)械能守恒可得magR＝mav2， 解得v＝， 對(duì)小球a受力分析，此時(shí)桿的力為0，由牛頓第二定律可得F＝＝2mag＝2 N. (2)桿與圓環(huán)相切時(shí)，如圖所示，此時(shí)a的速度沿桿方向，設(shè)此時(shí)b的速度為vb，則va＝vbcosθ. 由幾何關(guān)系可得cosθ＝＝0.8， 由P點(diǎn)到Q點(diǎn)，球a下降的高度h＝Rcosθ， a、b及桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有magh＝mav＋mbv－mav2， 對(duì)滑塊b，由動(dòng)能定理得W＝mbv＝0.1944 J. [答案]　(1)2 N　(2)0.1944 J 11