2019-2020年高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 全國卷近5年模擬試題分考點(diǎn)匯編 物質(zhì)的分離和提純（含解析）.doc

2019-2020年高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí) 全國卷近5年模擬試題分考點(diǎn)匯編 物質(zhì)的分離和提純（含解析）1、常溫下，下列各組離子在制定溶液中一定能大量共存的是（ ）A0.1 molL1NaAlO2溶液：Al3、Na、Cl、NO3B由水電離出的c(H+)c(OH)=1022的溶液：Na、Ca2、HCO3、NO3Cc（C6H5OH）=0.1molL1的溶液中：K+、HCO3、SO42、CO32D0.1 molL-1鹽酸的澄清透明溶液：Fe3、K、SO42、Br【答案】D【解析】本題考查離子共存。難度較小。A項(xiàng)，Al3與AlO2 會(huì)發(fā)生雙水解反應(yīng)，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，c(H+)=c(OH)=1011，水的電離受到抑制，可能是外加酸或堿，而HCO3 均不可能存在，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，苯酚與CO32 反應(yīng)生成HCO3 ，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，澄清透明不等于無色，酸性條件下四種離子可以共存，正確。 2、下列離子方程式中正確的是（ ）ACl2通入水中：Cl2+H2O2H+Cl-+C1O-B鋼鐵發(fā)生吸氧腐蝕時(shí)，鐵作負(fù)極：Fe-3e-=Fe3+C向雙氧水中加入稀硫酸和KI溶液：H2O2+2H+2I-=I2+2H2OD用銅作陽極電解CuSO4溶液：2Cu2+2H2O2Cu+O2+4H+【答案】B 3、化石燃料是不可再生的，最終將會(huì)枯竭?；谖覈壳暗募夹g(shù)水平和管理水平，能源從開采、運(yùn)輸、加工到終端的利用效率都很低，浪費(fèi)很大。據(jù)統(tǒng)計(jì)，開采效率為32%，加工運(yùn)輸效率為70%，終端利用率為41%，則總效率近似為（ ）A1.43% B14.3% C9.18% D91.8%【答案】C 4、一定溫度下，在容積為2 L的密閉容器中進(jìn)行反應(yīng)：aN(g)bM(g)，M、N的物質(zhì)的量隨時(shí)間的變化曲線如圖所示.則下列敘述不正確的是（ ）A化學(xué)方程式中=2Bt2時(shí)N 的 v正 = v逆.C從t1到t2時(shí)刻 M的平均反應(yīng)速率 mol/（Lmin）Dt3時(shí)混合氣體的總物質(zhì)的量不隨時(shí)間的變化而變化【答案】B 5、將1.92gCu和一定量的濃HNO3反應(yīng)，隨著Cu的不斷減少，反應(yīng)生成氣體的顏色逐漸變淺，當(dāng)銅粉完全溶解后共收集到由NO2和NO組成的混和氣體1.12L（標(biāo)準(zhǔn)狀況），則反應(yīng)中所消耗硝酸的物質(zhì)的量是（）A0.08mol B0.12mol C0.09mol D0.11mol【答案】D6、某溶液中存在較多的H、SO42、NO3，則該溶液中還可能大量存在的離子組是（ ）A. Mg2、Ba2、Br B. Al3、CH3COO、ClC. Mg2、Cl、Fe2 D. Na、NH4、Cl【答案】D 7、對氧化還原反應(yīng)：11P+15CuSO4+24H2O5Cu3P+6H3PO4+15H2SO4，下列說法正確的是（）A5/11的磷被氧化B3molCuSO4可氧化11/5molPC每摩爾起氧化作用的磷能氧化磷生成磷酸的物質(zhì)的量為0.6molD當(dāng)1molP參加反應(yīng)時(shí)，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為3mol【答案】C【解析】A、11P+15CuSO4+24H2O5Cu3P+6H3PO4+15H2SO4中，P元素的化合價(jià)由0降低為3價(jià)，這樣的P原子是5mol，還有P元素的化合價(jià)由0升高為+5價(jià)，這樣的P原子是6mol，即被氧化的磷原子為，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)反應(yīng)知道，是1molCuSO4得到1mol電子，1molP失去5mol電子，則3molCuSO4可氧化0.6molP，故B錯(cuò)誤；C、起氧化作用P元素的化合價(jià)由0降低為3價(jià)轉(zhuǎn)移3個(gè)電子，起還原作用的P的化合價(jià)由0升高為+5價(jià)轉(zhuǎn)移5個(gè)電子，則每摩爾起氧化作用的磷能氧化磷生成磷酸的物質(zhì)的量為0.6mol，故C正確；D、當(dāng)1molP參加反應(yīng)時(shí)，有molP作還原劑，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為mol，故D錯(cuò)誤8、下列實(shí)驗(yàn)不能獲得成功的是（ ）實(shí)驗(yàn)?zāi)康膶?shí)驗(yàn)步驟A.探究催化劑對化學(xué)反應(yīng)速率的影響向H2O2溶液中滴加少量FeCl3溶液B.探究乙醇能發(fā)生氧化反應(yīng)將銅絲在酒精燈加熱后，立即伸入無水乙醇中C.探究石蠟油分解的產(chǎn)物不都是烷烴將石蠟油加強(qiáng)熱產(chǎn)生的氣體通入溴的四氯化碳溶液中D.探究蔗糖水解的產(chǎn)物中是否含有葡萄糖取少量蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加熱幾分鐘后，再加入新制的氫氧化銅懸濁液并且加熱【答案】D9、下列說法正確的是（）A紙上層析屬于色譜分析法，其原理跟“毛細(xì)現(xiàn)象”相關(guān)，通常以濾紙作為惰性支持物，吸附水作為固定相B將兩塊未擦去氧化膜的鋁片分別投入1 molL1 CuSO4溶液、1 molL1 CuCl2溶液中，鋁片表面都觀察不到明顯的反應(yīng)現(xiàn)象C將20 g硝酸鈉和17 g氯化鉀放入100 mL燒杯中，加35 mL水，并加熱、攪拌，使溶液濃縮至約為原來的一半時(shí)，趁熱過濾即可得到硝酸鉀晶體D用移液管取液后，將移液管垂直伸入容器里面，松開食指使溶液全部流出，數(shù)秒后，取出移液管【答案】A【解析】C中趁熱過濾時(shí)首先析出是NaCl晶體，C錯(cuò)；D中用移液管取液后，將移液管垂直伸入稍傾斜的容器里，并使管尖與容器內(nèi)壁接觸，松開食指使溶液全部流出，數(shù)秒后，取出移液管，D錯(cuò)。10、有A、B、C、D、E、F六瓶不同物質(zhì)的溶液，它們各是NH3H2O、Na2CO3、MgSO4、NaHCO3、HNO3和BaCl2溶液中的一種為了鑒別它們，各取少量溶液進(jìn)行兩兩混合，實(shí)驗(yàn)結(jié)果如表所示表中“”表示生成沉淀，“”表示生成氣體，“”表示觀察不到明顯現(xiàn)象，空格表示實(shí)驗(yàn)未做試推斷其中F是 ( )ABCDEFANa2CO3溶液 BBaCl2溶液 CMgSO4溶液 DNaHCO3溶液【答案】D11、實(shí)驗(yàn)室從含溴化氫的廢液中提取溴單質(zhì)，下列說法中能達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康牡氖?( )A用裝置甲氧化廢液中的溴化氫 B用裝置乙分離CCl4層和水層C用裝置丙分離CCl4和液溴 D用儀器丁長期貯存液溴【答案】B【解析】A集氣瓶中導(dǎo)管應(yīng)短進(jìn)長出，否則會(huì)將液體排除，故A錯(cuò)誤； BCCl4和水不互溶，可用分液分離，故B正確； C溫度計(jì)水銀球應(yīng)與蒸餾燒瓶支管口處相平，測量的是蒸氣的溫度，故C錯(cuò)誤； D液溴能腐蝕橡膠塞，應(yīng)用玻璃塞，故D錯(cuò)誤。故選B。12、以下關(guān)于紙上層析的敘述，錯(cuò)誤的是()A紙上層析法適用于分離和檢驗(yàn)化學(xué)性質(zhì)十分相近的分子或離子B用紙上層析法可以檢驗(yàn)氯化鐵溶液中是否混有少量氯化銅C紙上層析法是利用試樣中各種離子隨展開劑在濾紙上展開的速率不同而形成不同位置的色斑D為了看到色斑，只有有色離子的檢驗(yàn)才可以用紙上層析法【答案】D【解析】紙上層析法能夠分離和檢驗(yàn)化學(xué)性質(zhì)十分相近的分子或離子，但并不是只有有色離子的檢驗(yàn)才可以用紙上層析法，無色離子的檢驗(yàn)可以先紙上層析后再利用顯色反應(yīng)檢驗(yàn)。13、下列實(shí)驗(yàn)操作或描述中正確的是（ ）要提純混有少量KCl的硝酸鉀時(shí)，先在較高溫度下將混合物溶于水中形成濃溶液，然后冷卻，就有大量硝酸鉀晶體析出，再過濾，即可得到純凈的硝酸鉀海帶中碘元素的分離及檢驗(yàn)時(shí)，需要向海帶灰的浸取液中加入少量稀硫酸和過氧化氫溶液用加熱法可以分離高錳酸鉀和碘單質(zhì)的混合物，因?yàn)榈鈫钨|(zhì)受熱易升華配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液時(shí)，將量取液態(tài)物質(zhì)的量筒用水洗滌，洗滌液倒入容量瓶將飽和氯水滴到淀粉碘化鉀試紙上出現(xiàn)如圖現(xiàn)象，說明低濃度氯水能將I氧化成I2， 高濃度氯水能將I2進(jìn)一步氧化成碘的化合物邊緣藍(lán)中間白將過量CO2通入Ca(ClO)2溶液得澄清溶液，說明H2CO3的酸性比HClO弱A B C D【答案】A【解析】硝酸鉀的溶解度隨溫度的降低而減小，所以降溫結(jié)晶可得到純凈的硝酸鉀，正確；過氧化氫在酸性條件下可將I氧化為I2，正確；加熱時(shí)KMnO4發(fā)生分解反應(yīng)，錯(cuò)誤；用量筒量取液體時(shí)，不能把洗滌液轉(zhuǎn)入容器，錯(cuò)誤；邊緣部分氯水濃度低，為藍(lán)色，說明低濃度氯水能將I氧化成I2，中間氯水濃度大，為白色，說明高濃度氯水能將I2進(jìn)一步氧化成碘的化合物。正確；將過量CO2通入Ca(ClO)2溶液得澄清溶液，是因?yàn)镃O2、H2O與CaCO3反應(yīng)生成了能溶于水的Ca(HCO3)2，錯(cuò)誤，故答案為A。14、NA為阿伏加羅常數(shù)，下列有關(guān)說法正確的是（）A78g過氧化鈉晶體中，含2NA個(gè)陰離子B足量的銅與含2molH2SO4的濃硫酸充分反應(yīng)，可生成NA個(gè)SO2分子C200mL5molL1Na2CO3溶液中，含NA個(gè)CO32D1molCH3+中含有電子數(shù)為8NA【答案】D【解析】A項(xiàng)：過氧化鈉中的2個(gè)氧原子是一個(gè)整體；B項(xiàng)濃硫酸隨著反應(yīng)進(jìn)行，濃度減低最終一定有稀硫酸不能反應(yīng)；C項(xiàng)碳酸根離子會(huì)水解。15、碳酸銅和堿式碳酸銅均可溶于鹽酸，轉(zhuǎn)化為氯化銅。在高溫下這兩種化合物均能分解成氧化銅。溶解28.4 g上述混合物，消耗1 mol/L鹽酸500 mL。灼燒等質(zhì)量的上述混合物，得到氧化銅的質(zhì)量是（）A35 g B30 g C20 g D15 g【答案】C【解析】由題意知：CuCO32HCl=CuCl2H2OCO2Cu(OH)22HCl=CuCl22H2O，完全反應(yīng)后的溶液為CuCl2溶液，根據(jù)電荷守恒知2n(Cu2)n(Cl)，所以n(Cu2)(1 molL10.5 L)0.25 mol，若將CuCO3和Cu(OH)2灼燒后：CuCO3CuOCO2，Cu(OH)2CuOH2O，根據(jù)銅元素守恒，得n(CuO)n(Cu2)0.25 mol，即m(CuO)0.25 mol80 g/mol20 g，故選C。16、要分離下列四組混合物：食鹽與沙子從KNO3和NaCl的混合溶液中獲得KNO3水和汽油的混合物CCl4液體與甲苯液體的混合物(已知CCl4與甲苯互溶，沸點(diǎn)分別為76.75和110.6)(1)分離、的操作分別為_、_。(2)分離時(shí)所使用的儀器中有一種在其他組分分離時(shí)無需使用，這種儀器是_。(3)上述四組混合物分離時(shí)需使用酒精燈的有_和_(填序號)?！敬鸢浮?1)過濾結(jié)晶(2)分液漏斗(3)【解析】根據(jù)題中所給的信息，結(jié)合已經(jīng)學(xué)習(xí)過的知識分析，本題考查的是物質(zhì)的分離的方法，過濾、結(jié)晶、分液等等。17、(11分)表示溶液濃度的方法通常有兩種；溶液中溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)(w)和物質(zhì)的量濃度(c)，因此在配制溶液時(shí)，根據(jù)不同的需要，有不同的配制方法。請完成下列填空題。(1)用10%(密度為1.01 gcm3)的氫氧化鈉溶液配制成27.5 g 2%的氫氧化鈉溶液。計(jì)算：需_g 10%(密度為1.01 gcm3)的氫氧化鈉溶液，其體積為_mL，需加_mL水(水)1 gcm3進(jìn)行稀釋。量?。河胈mL量筒量取10%的氫氧化鈉溶液，量取時(shí)視線要跟量筒內(nèi)液體_相切，然后倒入燒杯里，用_mL量筒量取蒸餾水注入燒杯里。溶解：用_將上述溶液攪拌均勻，即得27.5 g 2%的氫氧化鈉溶液。(2)把98%(密度為1.84 gcm3)的濃硫酸稀釋成3 molL1的稀硫酸100 mL，回答下列問題：需要量取濃硫酸_mL；配制操作可分解成如下幾步，正確的操作順序是_。A向容量瓶中注入少量蒸餾水，檢查是否漏水B用少量蒸餾水洗滌燒杯及玻璃棒，將溶液注入容量瓶中，并重復(fù)操作兩次C把已冷卻的稀硫酸注入經(jīng)檢查不漏水的容量瓶中D根據(jù)計(jì)算，用量筒量取一定體積的濃硫酸E將濃硫酸沿?zé)诼⑷胧⒂姓麴s水的小燒杯中，并不斷用玻璃棒攪拌F蓋上容量瓶的塞子，振蕩，搖勻G用膠頭滴管滴加蒸餾水，使溶液凹液面恰好與刻度線相切H繼續(xù)往容量瓶中小心地加蒸餾水，使液面接近刻度線(3)實(shí)驗(yàn)室需配制1 molL1的NaOH溶液和1 molL1的H2SO4溶液各100 mL。要配制NaOH溶液，在用托盤天平稱取NaOH固體時(shí)，天平讀數(shù)為_(填代號，下同)。A4.0 g B小于4.0 g C大于4.0 g在配制NaOH溶液和H2SO4溶液的各步操作中，有明顯不同的是_。A稱量或量取 B溶解 C移液、洗滌 D定容【答案】 (1)5.55.42210凹液面的最低點(diǎn)50玻璃棒(2)16.3DEACBHGF(3)CAB 【解析】 18、配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液是實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行科學(xué)研究的重要環(huán)節(jié)。(1)若配制大約1 molL1的溶液100 mL，所給儀器只有托盤天平、量筒、帶刻度的燒杯、玻璃棒，下列可選用的試劑是_(填字母序號)。A氫氧化鈉固體 B濃硫酸(98%)C濃鹽酸(37%) D濃硝酸(63%)(2)下圖是某學(xué)生在配制0.100 molL1的碳酸鈉溶液100 mL時(shí)，將第一次洗滌液轉(zhuǎn)移到容量瓶內(nèi)的操作。該步驟對所得溶液濃度的影響是_(填“偏高”、“偏低”或“無影響”)，原因是_。(3)若配制(2)中溶液時(shí)，該學(xué)生使用托盤天平稱取碳酸鈉，則與計(jì)算量一致嗎？為什么？_?！敬鸢浮?1)ABCD(2)偏低玻璃棒緊靠容量瓶口造成洗滌液外溢玻璃棒從容量瓶移出時(shí)，殘留在玻璃棒上的洗滌液可能滴在瓶外玻璃棒移出后直接放在桌面上，造成殘留洗滌液損失玷污玻璃棒(3)不一致，因?yàn)镹a2CO3的計(jì)算量為1.06 g，而托盤天平只能準(zhǔn)確到0.1 g，只能稱取碳酸鈉1.1 g19、（1）在熱的稀硫酸溶液中溶解了11.4gFeSO4當(dāng)加入50mL0.5mol/LKNO3溶液后，使其中的Fe2+全部轉(zhuǎn)化成Fe3+，KNO3也反應(yīng)完全，并有NxOy氮氧化物氣體逸出 推算出x_，y_ 配平該化學(xué)方程式（系數(shù)填寫在上式方框內(nèi)） 反應(yīng)中氧化劑為_ 用短線和箭頭標(biāo)出電子轉(zhuǎn)移的方向和總數(shù)【答案】x1，y1；（2分） 6、2、41、3、2、4；（3分） （2分） （2分）20、根據(jù)下列框圖關(guān)系填空，已知反應(yīng)、是工業(yè)生產(chǎn)中的重要反應(yīng)，D、E常溫下為氣體、X常溫下為無色液體，H與E相對分子質(zhì)量之間的關(guān)系為：Mr(H) Mr(E) =34，又知C焰色反應(yīng)火焰呈黃色。(1) 反應(yīng)的化學(xué)方程式： ；產(chǎn)物C的電子式： 。(2)化合物A中所包含的化學(xué)鍵有： 。(3)反應(yīng)的離子方程式： 。反應(yīng)的化學(xué)方程式： 。(4)已知每生成16g E，放出106.5 kJ熱量，則反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為： 。【答案】(1) 2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2 (2)離子鍵、非極性鍵 (3)Fe2O3 + 6H+ = 2Fe3+ + 3H2O Fe2(SO4)3 + 6NaOH = 2Fe(OH)3+3Na2SO4(4)FeS2(s) + 11/4 O2(g) = 1/2 Fe2O3(s)+ 2SO2(g)；H=852kJ/mol【解析】21、在Cu(NO3)2和AgNO3的混合溶液中加入一定量的鋅粉，使之充分反應(yīng)后，有下列情況：（1）若反應(yīng)后鋅有剩余，則溶液中所含溶質(zhì)是 。（2）若反應(yīng)后過濾，向所得固體物質(zhì)加鹽酸沒有氣體產(chǎn)生。則溶液中一定有 ，可能有 。（3）若反應(yīng)后過濾，向?yàn)V液中滴加NaCl溶液，有不溶于稀硝酸的白色沉淀生成，則此時(shí)溶液中含有的溶質(zhì)為 。【答案】（1）Zn(NO3)2；（2） Zn(NO3)2；Cu(NO3)2 、AgNO3；（3）Zn(NO3)2、Cu(NO3)2、AgNO3。【解析】因?yàn)閆n在金屬活動(dòng)性順序表中排在Cu和Ag的前面，所以Zn和Cu(NO3)2、AgNO3都能反應(yīng)，且Zn一般是先和AgNO3反應(yīng)(因?yàn)锳g排在Cu的后面，即使Zn先把Cu(NO3)2中的銅先置換出來，置換出來的Cu還要和AgNO3進(jìn)一步反應(yīng))。（1）中鋅有剩余，說明Cu(NO3)2、AgNO3均反應(yīng)完，則溶液中所含溶質(zhì)是Zn(NO3)2；（2）中Zn已完全反應(yīng)，生成物中一定有Zn(NO3)2，而Cu(NO3)2和AgNO3可能反應(yīng)完，也可能有剩余；（3）向?yàn)V液中滴加NaCl溶液，有不溶于稀硝酸的白色沉淀生成，說明濾液中有Ag+，即AgNO3也沒有完全反應(yīng)，則此時(shí)溶液中含有的溶質(zhì)為：Cu(NO3)2 、AgNO3 、Zn(NO3)2。22、X、Y、Z三種氣體都能對大氣造成污染，在工業(yè)上都可以用堿液吸收。已知X是化石燃料燃燒產(chǎn)物之一，是形成酸雨的主要物質(zhì)；Y是一種單質(zhì)，它的水溶液具有漂白作用；Z是硝酸工業(yè)和汽車尾氣中的有害物質(zhì)之一，能與水反應(yīng)。請寫出下列物質(zhì)反應(yīng)的化學(xué)方程式。(1)X在一定條件下與氧氣反應(yīng)_；(2)Y與氫氧化鈉溶液的反應(yīng)_；(3)Z與水的反應(yīng)_。【答案】(1)2SO2O2 2SO3(2)Cl22NaOH=NaClNaClOH2O(3)3NO2H2O=2HNO3NO【解析】據(jù)題意可知，形成酸雨的主要物質(zhì)，是燃燒化石燃料所得，則X是SO2；氯水具有漂白性，則Y是Cl2；NO2是硝酸工業(yè)和汽車尾氣的有害成分，且易溶于水，Z是NO2。23、某研究小組利用軟錳礦（主要成分為MnO2，另含有少量鐵、鋁、銅、鎳等金屬化合物）作脫硫劑，通過如下簡化流程脫除燃煤尾氣中的SO2，同時(shí)制得電池材料MnO2（反應(yīng)條件已省略）請回答下列問題；（1）上述流程中多次涉及到過濾操作，實(shí)驗(yàn)進(jìn)行過濾操作時(shí)需要用到的硅酸鹽儀器有玻璃棒、 、 ；其中玻璃棒的作用是 （2）用MnCO3能除去溶液中的Al3+和Fe3+，其原理是 （3）已知Ksp（CuS）=8.41045，Ksp（NiS）=1.41024；在除銅鎳的過程中，當(dāng)Ni2+恰好完全沉淀（此時(shí)溶液中c（Ni2+）=1.0105mol/L），溶液中Cu2+的濃度是 mol/L（4）工業(yè)采用電解K2MnO4水溶液的方法來生產(chǎn)KMnO4，其中惰性電極作陽極，鐵作陰極，請寫出陽極的電極反應(yīng)式 （5）下列各組試劑中，能準(zhǔn)確測定一定體積燃煤尾氣中SO2含量的是 （填編號）aNaOH溶液、酚酞試液 b稀H2SO4酸化的KMnO4溶液c碘水、淀粉溶液 d氨水、酚酞試液（6）除雜后得到的MnSO4溶液可以通過 制得硫酸錳晶體（MnSO4H2O，相對分子質(zhì)量為169）a過濾 b蒸發(fā)濃縮 c冷卻結(jié)晶 d灼燒 e干燥（7）已知廢氣中SO2濃度為8.4g/m3，軟錳礦漿對SO2的吸收率可以達(dá)90%，則處理1000m3燒煤尾氣，可得硫酸錳晶體質(zhì)量為 kg（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）【答案】（1）燒杯、漏斗；引流，防止液體濺出；（2）消耗溶液中的酸，促進(jìn)Al3+和Fe3+水解生成氫氧化物沉淀；（3）6.01026；（4）MnO42e=MnO4；（5）bc；（6）bca；（7）20.0【解析】二氧化硫能與二氧化錳反應(yīng)生成硫酸錳，用MnCO3能除去溶液中Al3+和Fe3+，MnS將銅、鎳離子還原為單質(zhì)，高錳酸鉀能與硫酸錳反應(yīng)生成二氧化錳，通過過濾獲得二氧化錳（1）過濾操作時(shí)需要用到的硅酸鹽儀器有玻璃棒、燒杯、漏斗，玻璃棒起引流作用，防止液體濺出；故答案為：燒杯、漏斗；引流，防止液體濺出；（2）由于碳酸錳能消耗溶液中的酸，降低溶液的酸性，從而促進(jìn)Al3+和Fe3+水解生成氫氧化物沉淀，故答案為：消耗溶液中的酸，促進(jìn)Al3+和Fe3+水解生成氫氧化物沉淀；（3）當(dāng)Ni2+恰好完全沉淀 （此時(shí)溶液中c（Ni2+）=1.0105mol/L），c（S2）=mol/L=1.41019mol/L，由Ksp（CuS）=c（Cu2+）c（S2），可知溶液中Cu2+的濃度為mol/L=6.01026mol/L，故答案為：6.01026；（4）隋性電極作陽極，鐵作陰極，陽極上發(fā)生氧化反應(yīng)，陽極上是MnO42失去電子生成MnO4，陽極的電極反應(yīng)式為：MnO42e=MnO4，故答案為：MnO42e=MnO4；（5）a用NaOH溶液、酚酞試液吸收二氧化硫，反應(yīng)生成亞硫酸鈉，亞硫酸鈉溶液呈堿性，溶液顏色變化不明顯，故a錯(cuò)誤；b用稀H2SO4酸化的KMnO4溶液吸收二氧化硫，溶液有紫色變?yōu)闊o色，反應(yīng)完全，可準(zhǔn)確測定氣體的含量，故b正確；c用碘水、淀粉溶液吸收二氧化硫，溶液有藍(lán)色變?yōu)闊o色，反應(yīng)完全，可準(zhǔn)確測定氣體的含量，故c正確；d氨水本身易揮發(fā)，不宜進(jìn)行定量測定，且終點(diǎn)判斷誤差較大，故d錯(cuò)誤，故選：bc；（6）除雜后得到的MnSO4溶液可以通過蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾得硫酸錳晶體，故選：bca；（7）由硫原子守恒，被吸收的SO2的物質(zhì)的量等于硫酸錳晶體的物質(zhì)的量，則硫酸錳晶體的質(zhì)量為169g/mol2104g=20.0kg，故答案為：20.024、碘是生命體中的必需元素，請根據(jù)如下有關(guān)碘及其化合物的性質(zhì)，回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)室中制取少量碘可采用如下方法：KI + CuSO4 CuI+ K2SO4 + I2。此反應(yīng)生成1mol I2時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)是 mol。工業(yè)生產(chǎn)中，可用智利硝石（含有NaIO3）為原料，與NaHSO3溶液反應(yīng)后生成碘，寫出此反應(yīng)的離子方程式： 。（2）單質(zhì)碘與氟氣反應(yīng)可制得IF5，實(shí)驗(yàn)表明液態(tài)IF5具有一定的導(dǎo)電性，研究人員發(fā)現(xiàn)產(chǎn)生這一現(xiàn)象的可能原因在于IF5的自偶電離（如：2H2OH3O+OH），電離生成的+1價(jià)陽離子為 ，-1價(jià)陰離子為 。（3）將單質(zhì)碘與鋁屑置于管式電爐中，隔絕空氣加熱至500得到棕色片狀固體（AlI3），此固體溶于Na2CO3溶液可產(chǎn)生白色沉淀和氣體。請寫出AlI3和Na2CO3溶液反應(yīng)的離子方程式： 。（4）設(shè)計(jì)以下實(shí)驗(yàn)方案判斷加碘食鹽中碘的存在形式為I、IO3，或兩者同時(shí)存在。請對以下試驗(yàn)方案進(jìn)行預(yù)測和分析。首先取試樣加水溶解，分成三份試樣：第一份試樣加酸酸化，如果加淀粉溶液后試樣溶液變藍(lán)，說明試樣中同時(shí)存在I和IO3，該過程反應(yīng)的離子方程式為 。第二份試樣酸化后，加入淀粉溶液無變化，再加 溶液，溶液變藍(lán)，說明試樣中存在I。第三份試樣酸化后，如果直接使 試紙變藍(lán)，說明試樣存在IO3離子?！敬鸢浮?1)2 2IO3+ 5HSO3 = 3H + + 5SO42 + I2 + H2O (2) IF4+ IF6- (3) 2Al3+ + 3CO32- + 3H2O = 2Al(OH)3+ 3CO2 (4) 5I+ IO3- + 6H = 3I2 + 3H2O FeCl3或H2O2 淀粉-KI試紙（其他合理答案也給分）【解析】(1) 反應(yīng)生成1mol I2時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)是1molx2=2mol。NaIO3與NaHSO3溶液反應(yīng)后生成碘的離子方程式為：2IO3+ 5HSO3 = 3H + + 5SO42 + I2 + H2O 。(2)由2H2OH3O+OH可推知，2 IF5 IF4+ +IF6- 。(3) AlI3和Na2CO3溶液發(fā)生雙水解反應(yīng)：2Al3+ + 3CO32- + 3H2O = 2Al(OH)3+ 3CO2。（4）碘單質(zhì)遇淀粉溶液變藍(lán)，第一份試樣加酸酸化，如果加淀粉溶液后試樣溶液變藍(lán)，說明試樣中I和IO3反應(yīng)生成了碘單質(zhì)。反應(yīng)式為5I+ IO3- + 6H = 3I2 + 3H2O。第二份試樣要檢驗(yàn)I，酸化后，加入淀粉溶液，還需要加入氧化劑，如FeCl3或H2O2。第三份試樣要檢驗(yàn)IO3，酸化后，還需要加入淀粉和KI，即淀粉-KI試紙。25、硼鎂泥是一種工業(yè)廢料，主要成份是MgO（占40%），還有CaO、MnO、Fe2O3、FeO、Al2O3、SiO2等雜質(zhì)，以此為原料制取的硫酸鎂，可用于印染、造紙、醫(yī)藥等工業(yè)從硼鎂泥中提取MgSO47H2O的工藝流程如下：已知：NaClO與Mn2+反應(yīng)產(chǎn)生MnO2沉淀沉淀物Fe（OH）3Al（OH）3Fe（OH）2開始沉淀pH2.34. 07.6完全沉淀pH4.15.29.6根據(jù)題意回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)中需用1.00mol/L的硫酸80.0mL，若用98%的濃硫酸來配制，除量筒、玻璃棒、膠頭滴管外，還需要的玻璃儀器有 、 （2）濾渣的主要成份除含有Fe（OH）3、Al（OH）3外，還有 、 （3）加入的NaClO可與Mn2+反應(yīng)產(chǎn)生MnO2沉淀，該反應(yīng)的離子方程式： 在調(diào)節(jié)pH=56之前，還有一種離子也會(huì)被NaClO氧化，該反應(yīng)的離子方程式為： （4）為了檢驗(yàn)濾液中Fe3+是否被除盡，可選用的試劑是 AKSCN溶液 B淀粉KI溶液 CH2O2 DKMnO4稀溶液（5）已知MgSO4、CaSO4的溶解度如下表：溫度（）40506070MgSO430.933.435.636.9CaSO40.2100.2070.2010.193“除鈣”是將MgSO4和CaSO4混合溶液中的CaSO4除去，根據(jù)上表數(shù)據(jù)，簡要說明操作步驟 、 （6）如果測得提供的硼鎂泥的質(zhì)量為100.0g，得到的MgSO47H2O196.8g，則MgSO47H2O的產(chǎn)率為 （相對分子質(zhì)量：MgSO47H2O246 MgO40）【答案】（1）燒杯、100mL容量瓶；（2）MnO2，SiO2；（3）Mn2+ClO+H2OMnO2+2H+Cl；2Fe2+ClO+2H+2Fe3+Cl+H2O；（4）A；（5）蒸發(fā)濃縮，趁熱過濾；（6）80.0%【解析】（1）用98%的濃硫酸來配制1.00mol/L的硫酸80.0mL，應(yīng)選擇100ml容量瓶，一般步驟為：計(jì)算、量取、稀釋、移液、洗滌、定容、搖勻等，用到的儀器有：量筒、膠頭滴管、燒杯、玻璃棒、100ml容量瓶，還需要的玻璃儀器：燒杯、100mL容量瓶；故答案為：燒杯、100mL容量瓶；（2）二氧化錳和二氧化硅不與稀硫酸反應(yīng)，所以濾渣中還含有MnO2，SiO2；故答案為：MnO2，SiO2；（3）NaClO溶液在加熱條件下將溶液中的Mn2+氧化成MnO2，反應(yīng)的離子方程式為Mn2+ClO+H2O=MnO2+2H+Cl，溶液中含有Fe2+，具有還原性，可與NaClO發(fā)生氧化還原反應(yīng)，反應(yīng)的離子方程式為2Fe2+ClO+2H+=2Fe3+Cl+H2O，故答案為：Mn2+ClO+H2OMnO2+2H+Cl；2Fe2+ClO+2H+2Fe3+Cl+H2O；（4）三價(jià)鐵離子遇到KSCN溶液顯血紅色，通常利用KSCN溶液檢驗(yàn)三價(jià)鐵離子的存在，故選：A；（5）有溫度對硫酸鎂、硫酸鈣的溶解度影響，溫度越高，硫酸鈣溶解度越小，可以采用蒸發(fā)濃縮，趁熱過濾方法除去硫酸鈣；故答案為：蒸發(fā)濃縮，趁熱過濾；（6）100g硼鎂泥中氧化鎂的物質(zhì)的量為：=1mol，根據(jù)鎂原子守恒，生成MgSO47H2O的物質(zhì)的量為1mol，質(zhì)量為246g/mol1mol=246g，MgSO47H2O的產(chǎn)率為：100%=80.0%，故答案為：80.0%