《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)第一部分題型專項(xiàng)練中檔題保分練(一)理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)第一部分題型專項(xiàng)練中檔題保分練(一)理（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、中檔題保分練(一)
1．(·海淀區(qū)模擬)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，a1＝，2Sn＝Sn－1＋1(n≥2，n∈N*)．
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式；
(2)記bn＝an(n∈N*)，求{}的前n項(xiàng)和Tn.
解析：(1)當(dāng)n＝2時(shí)，由2Sn＝Sn－1＋1及a1＝，得2S2＝S1＋1，即2a1＋2a2＝a1＋1，解得a2＝.又由2Sn＝Sn－1＋1，① 可知2Sn＋1＝Sn＋1，②
②－①得2an＋1＝an，即an＋1＝an(n≥2)，且n＝1時(shí)，＝適合上式，
因此數(shù)列{an}是以為首項(xiàng)，公比為的等比數(shù)列，故an＝(n∈N*)．
(2)由(1)及bn＝an(n∈N*) ，可
2、知bn＝logn＝n，
因此＝＝－，
故Tn＝＋＋…＋＝＝1－＝.
2．(·濱州模擬)在如圖所示的幾何體ABCDEF中，底面ABCD為菱形，AB＝2a，∠ABC＝120?，AC與BD相交于O點(diǎn)，四邊形BDEF為直角梯形，DE∥BF，BD⊥DE，DE＝2BF＝2a，平面BDEF⊥底面ABCD.
(1)證明：平面AEF⊥平面AFC；
(2)求二面角E-AC-F的余弦值．
解析：(1)證明：由于底面ABCD為菱形，因此AC⊥BD，
又平面BDEF⊥底面ABCD，平面BDEF∩平面ABCD＝BD，
因此AC⊥平面BDEF，從而AC⊥EF.又BD⊥DE，因此DE⊥平面ABCD，
由
3、AB＝2a，DE＝2BF＝2a，∠ABC＝120?，
可知AF＝＝a，BD＝2a，
EF＝＝a，AE＝＝2a，
從而AF2＋EF2＝AE2，故EF⊥AF.
又AF∩AC＝A，因此EF⊥平面AFC.
又EF?平面AEF，因此平面AEF⊥平面AFC.
(2)取EF中點(diǎn)G，由題可知OG∥DE，因此OG⊥平面ABCD，又在菱形ABCD中，OA⊥OB，因此分別以，，的方向?yàn)閤，y，z軸正方向建立空間直角坐標(biāo)系O-xyz(如圖所示)，
則 O(0,0,0)，A(a,0,0)，C(－a,0,0)，E(0，－a,2a)，F(xiàn)(0，a，a)，
因此＝(0，－a,2a)－(a,0,0)＝(－a，－a
4、,2a)，＝(－a,0,0)－(a,0,0)＝(－2a,0,0)，＝(0，a，a)－(0，－a,2a)＝(0,2a，－a)．
由(1)可知EF⊥平面AFC，因此平面AFC的法向量可取為＝(0,2a，－a)．
設(shè)平面AEC的法向量為n＝(x，y，z)，
則即
即令z＝，得y＝4，
因此n＝(0,4，)．
從而cos〈n，〉＝＝＝.
故所求的二面角E-AC-F的余弦值為.
3．(·綿陽模擬)某校為緩和高三學(xué)生的高考?jí)毫?，常常舉辦某些心理素質(zhì)綜合能力訓(xùn)練活動(dòng)，通過一段時(shí)間的訓(xùn)練后從該年級(jí)800名學(xué)生中隨機(jī)抽取100名學(xué)生進(jìn)行測試，并將其成績分為A、B、C、D、E五個(gè)級(jí)別，記錄數(shù)據(jù)
5、如圖所示(視頻率為概率)，根據(jù)以上抽樣調(diào)查數(shù)據(jù)，回答問題：
(1)試估算該校高三年級(jí)學(xué)生獲得成績?yōu)锽的人數(shù)；
(2)若級(jí)別A、B、C、D、E分別相應(yīng)100分、90分、80分、70分、60分，學(xué)校規(guī)定平均分達(dá) 90分以上為“考前心理穩(wěn)定整體過關(guān)”，請(qǐng)問該校高三年級(jí)目前學(xué)生的“考前心理穩(wěn)定整體”與否過關(guān)？
(3)為理解心理健康狀態(tài)穩(wěn)定學(xué)生的特點(diǎn)，現(xiàn)從A、B兩種級(jí)別中，用分層抽樣的措施抽取11個(gè)學(xué)生樣本，再從中任意選用3個(gè)學(xué)生樣本分析，求這3個(gè)樣本為A級(jí)的個(gè)數(shù)ξ的分布列與數(shù)學(xué)盼望．
解析：(1)從條形圖中可知這100人中，有56名學(xué)生成績級(jí)別為B，
因此可以估計(jì)該校學(xué)生獲得成績級(jí)別為B
6、的概率為＝，
則該校高三年級(jí)學(xué)生獲得成績?yōu)锽的人數(shù)約有800×＝448.
(2)這100名學(xué)生成績的平均分為×(32×100＋56×90＋7×80＋3×70＋2×60)＝91.3，
由于91.3＞90，因此該校高三年級(jí)目前學(xué)生的“考前心理穩(wěn)定整體”已過關(guān)．
(3)由題可知用分層抽樣的措施抽取11個(gè)學(xué)生樣本，其中A級(jí)4個(gè)，B級(jí)7個(gè)，從而任意選用3個(gè)，這3個(gè)為A級(jí)的個(gè)數(shù)ξ的也許值為0,1,2,3.
則P(ξ＝0)＝＝，P(ξ＝1)＝＝，
P(ξ＝2)＝＝，P(ξ＝3)＝＝.
因此可得ξ的分布列為：
ξ
0
1
2
3
P
則E(ξ)＝0×＋1×＋2×＋
7、3×＝.
4．請(qǐng)?jiān)谙旅鎯深}中任選一題作答
(選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程)在直角坐標(biāo)系xOy中，曲線C1：(t為參數(shù)，a＞0)，在以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn)，x軸的非負(fù)半軸為極軸的極坐標(biāo)系中，曲線C2：ρ＝4sin θ .
(1)試將曲線C1與C2化為直角坐標(biāo)系xOy中的一般方程，并指出兩曲線有公共點(diǎn)時(shí)a的取值范疇；
(2)當(dāng)a＝3時(shí)，兩曲線相交于A，B兩點(diǎn)，求|AB|.
解析：(1)曲線C1：，消去參數(shù)t可得一般方程為(x－3)2＋(y－2)2＝a2.
曲線C2：ρ＝4sin θ，兩邊同乘ρ.可得一般方程為x2＋(y－2)2＝4.
把(y－2)2＝4－x2代入曲線C1的一般方程得：a2＝
8、(x－3)2＋4－x2＝13－6x，
而對(duì)C2有x2≤x2＋(y－2)2＝4，即－2≤x≤2，因此1≤a2≤25.故當(dāng)兩曲線有公共點(diǎn)時(shí)，a的取值范疇為[1,5]．
(2)當(dāng)a＝3時(shí)，曲線C1：(x－3)2＋(y－2)2＝9，
兩曲線交點(diǎn)A，B所在直線方程為x＝.
曲線x2＋(y－2)2＝4的圓心到直線x＝的距離為d＝，
因此|AB|＝2＝.
(選修4－5：不等式選講)已知函數(shù)f(x)＝|2x－1|＋|x＋1|.
(1)在下面給出的直角坐標(biāo)系中作出函數(shù)y＝f(x)的圖象，并由圖象找出滿足不等式f(x)≤3的解集；
(2)若函數(shù)y＝f(x)的最小值記為m，設(shè)a，b∈R，且有a2＋b2＝m，試證明：＋≥.
解析：(1)由于f(x)＝|2x－1|＋|x＋1|＝
因此作出圖象如圖所示，并從圖可知滿足不等式f(x)≤3的解集為[－1,1]．
(2)證明：由圖可知函數(shù)y＝f(x)的最小值為，即m＝.因此a2＋b2＝，從而a2＋1＋b2＋1＝，
從而＋＝[(a2＋1)＋(b2＋1)]＝≥＝.
當(dāng)且僅當(dāng)＝時(shí)，等號(hào)成立，
即a2＝，b2＝時(shí)，有最小值，
因此＋≥得證．
高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)第一部分題型專項(xiàng)練中檔題保分練(一)理
