（選考）2021版新高考生物一輪復習 第五單元 遺傳的基本規(guī)律和伴性遺傳 第13講 基因的分離定律學案 新人教版

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1、第13講　基因的分離定律 考點1　基因的分離定律及其驗證 1．孟德爾遺傳實驗的雜交方法與程序 2．一對相對性狀雜交實驗的“假說—演繹”分析 3.基因的分離定律 (必修2 P7“技能訓練”改編)本來開白花的花卉，偶然出現了開紫花的植株，怎樣獲得開紫花的純種呢？ 答案：方法一：用紫花植株的花粉進行花藥離體培養(yǎng)，然后用秋水仙素處理，保留紫花的品種；方法二：讓該紫花植株連續(xù)自交，直到后代不再出現性狀分離為止。 【真題例證·體驗】 (2019·高考全國卷Ⅱ)某種植物的羽裂葉和全緣葉是一對相對性狀。某同學用全緣葉植株(植株甲)進行了下列四個實驗。 ①讓

2、植株甲進行自花傳粉，子代出現性狀分離 ②用植株甲給另一全緣葉植株授粉，子代均為全緣葉 ③用植株甲給羽裂葉植株授粉，子代中全緣葉與羽裂葉的比例為1∶1 ④用植株甲給另一全緣葉植株授粉，子代中全緣葉與羽裂葉的比例為3∶1 其中能夠判定植株甲為雜合子的實驗是(　　) A．①或②　　　　　　　 B．①或④ C．②或③ D．③或④ 解析：選B。實驗①中植株甲自交，子代出現了性狀分離，說明作為親本的植株甲為雜合子。實驗④中植株甲與另一具有相同性狀的個體雜交，后代出現3∶1的性狀分離比，說明親本均為雜合子。在相對性狀的顯隱性不確定的情況下，無法依據實驗②或③判定植株甲為雜合子。 【考法縱覽

3、·診斷】 (1)假設在特定環(huán)境中，某種動物基因型為BB和Bb的受精卵均可發(fā)育成個體，基因型為bb的受精卵全部死亡?，F有基因型均為Bb的該動物1 000對(每對含有1個父本和1個母本)，在這種環(huán)境中，若每對親本只形成一個受精卵，則理論上該群體的子一代中BB、Bb、bb個體的數目依次為250、500、0　　 [2019·全國卷Ⅲ，T6A](√) (2)某生物基因型為A1A2，A1和A2的表達產物N1和N2可隨機組合形成二聚體蛋白，即N1N1、N1N2、N2N2三種蛋白。若該生物體內A2基因表達產物的數量是A1的2倍，則由A1和A2表達產物形成的二聚體蛋白中，N1N1型蛋白占的比例為1/9

4、 [2018·天津卷，T6D](√) (3)一對相對性狀的遺傳實驗中，會導致子二代不符合3∶1性狀分離比的情況是子一代產生的雌配子中2種類型配子數目相等，雄配子中也相等 [2018·江蘇卷，T6B](×) (4)雜合子與純合子基因組成不同，性狀表現也不同 [2012·江蘇卷，T11B](×) (5)孟德爾巧妙設計的測交方法只能用于檢測F1的基因型 [2012·江蘇卷，T11C](×) 【長句應答·特訓】 讀下圖信息，思考并回答下列問題： F2 雄配子 雌配子 1/2D 1/2d 1/2D 1/4DD高 1/4Dd高 1/2d 1/4Dd高 1/4

5、dd矮 (1)若F1所產生的雄配子中D∶d＝2∶1，雌配子中D∶d＝2∶1，則F2中高莖∶矮莖＝________。 (2)一對相對性狀的遺傳實驗中，若統計的樣本數量足夠大，子二代的性狀分離比是1∶2∶1的原因可能是________________________________________________________。 (3)結合上述問題分析，孟德爾一對相對性狀的雜交實驗中，實現3∶1的分離比必須同時滿足的條件包括__________________________________________________________。 (4)在基因分離定律的現代解釋中決定分離比3∶

6、1出現的最核心的內容是__________。 (5)測交法可用于檢測F1基因型的關鍵原因是_________________________________。 答案：(1)8∶1　(2)顯性基因相對于隱性基因為不完全顯性　(3)①F1形成的兩種配子的數目相等且生活力相同；②雌、雄配子結合的機會相等；③F2不同的基因型的個體的存活率相等；④等位基因間的顯隱性關系是完全的；⑤觀察的子代樣本數目足夠多　(4)等位基因隨著同源染色體的分開而分離　(5)孟德爾用隱性純合子對F1進行測交實驗，隱性純合子只產生一種含隱性基因的配子，分析測交后代的性狀表現及比例即可推知F1產生的配子種類及比例，從而檢測出

7、F1的基因型 1．雜交、自交和測交的辨析 2．“四步法”理順“假說—演繹”推理過程 3．“四法”驗證分離定律 遺傳學核心概念辨析 生命觀念 1．(原創(chuàng))下列關于遺傳學基本概念的敘述，正確的有(　　) ①兔的白毛和黑毛，狗的長毛和卷毛都是相對性狀 ②純合子雜交產生的子一代所表現的性狀就是顯性性狀，XAY、XaY屬于純合子 ③不同環(huán)境下，基因型相同，表現型不一定相同 ④A和A、b和b不屬于等位基因，C和c屬于等位基因 ⑤后代中同時出現顯性性狀和隱性性狀的現象叫做性狀分離，兩個雙眼皮的夫婦生了一個單眼皮的孩子屬于性狀分離 ⑥檢測某雄兔是否是純合子，可以

8、用測交的方法 A．2項　　　　　　　 B．3項 C．4項 D．5項 解析：選B。兔的白毛和黑毛是一對相對性狀，狗的長毛和卷毛不是一對相對性狀，①錯誤；具有一對相對性狀的兩純合子雜交產生的子一代所表現的性狀是顯性性狀，②錯誤；性狀的表現是基因型與環(huán)境相互作用的結果，基因型相同，環(huán)境不同，表現型不一定相同，③正確；同源染色體的同一位置上控制相對性狀的基因是等位基因，如C和c，④正確；性狀分離是指在雜種后代中，同時出現顯性性狀和隱性性狀的現象，⑤錯誤；動物純合子的檢測，可以用測交法，⑥正確。 2．(2020·湖南十三校聯考)假說—演繹法是現代科學研究中常用的方法，利用該方法孟德爾發(fā)現了兩個

9、遺傳規(guī)律。下列有關敘述正確的是(　　) A．孟德爾所作假設的核心內容是“性狀是由位于染色體上的基因控制的” B．孟德爾發(fā)現的遺傳規(guī)律可以解釋所有有性生殖生物的核遺傳現象 C．孟德爾在發(fā)現基因分離定律時的“演繹”過程：若F1產生配子時成對的遺傳因子分離，則F2中三種基因型個體的數量比接近1∶2∶1 D．提出問題是建立在豌豆純合親本雜交和F1自交遺傳實驗基礎上的 解析：選D。孟德爾未提出“基因”這一概念，A錯誤；孟德爾的遺傳規(guī)律不能解釋連鎖互換現象，B錯誤；孟德爾在發(fā)現基因分離定律時的“演繹”過程：若F1產生配子時成對的遺傳因子分離，則測交后代會出現兩種性狀，分離比接近1∶1，C錯誤；提

10、出問題是建立在豌豆純合親本雜交和F1自交遺傳實驗基礎上的，D正確。 遺傳學科學實驗方法 科學思維、科學探究 3．豌豆的花為兩性花(即一朵花中既有雄蕊，也有雌蕊)，黃瓜的花為單性花(即一朵花中只有雄蕊或雌蕊)。下列有關植物雜交育種的說法，正確的是(　　) A．對兩性花的植物進行雜交需要對父本進行去雄 B．對單性花的植物進行雜交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋 C．無論是兩性花植物還是單性花植物，在雜交過程中都需要套袋 D．提供花粉的植株稱為母本 解析：選C。對兩性花的植物進行雜交需要對母本進行去雄；對單性花的植物進行雜交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋；無論是兩性花植物

11、還是單性花植物，在雜交過程中都需要套袋，其目的是避免外來花粉的干擾；提供花粉的植株稱為父本，接受花粉的植株稱為母本。 4．(2020·湖北孝感中學期末)玉米中因含支鏈淀粉多而具有粘性(由基因W控制)的子粒和花粉遇碘不變藍色；含直鏈淀粉多不具有粘性(由基因w控制)的子粒和花粉遇碘變藍色。W對w完全顯性。把WW和ww雜交得到的種子播種下去，先后獲取花粉和子粒，分別滴加碘液觀察統計，結果應為(　　) A．花粉1/2變藍色、子粒3/4變藍色 B．花粉、子粒各3/4變藍色 C．花粉1/2變藍色、子粒1/4變藍色 D．花粉、子粒全部變藍色 解析：選C。WW和ww雜交，F1的基因型為Ww，其能產

12、生W和w兩種比例相等的配子，其中W遇碘不變藍色，w遇碘變藍色，即產生的花粉遇碘1/2不變藍色，1/2變藍色。F1的基因型為Ww，其自交后代的基因型及比例為WW∶Ww∶ww＝1∶2∶1，其中WW和Ww遇碘不變藍色，ww遇碘變藍色，即所結的種子遇碘3/4不變藍色，1/4變藍色。 5．(2019·高考全國卷Ⅲ)玉米是一種二倍體異花傳粉作物，可作為研究遺傳規(guī)律的實驗材料。玉米子粒的飽滿與凹陷是一對相對性狀，受一對等位基因控制?；卮鹣铝袉栴}。 (1)在一對等位基因控制的相對性狀中，雜合子通常表現的性狀是________。 (2)現有在自然條件下獲得的一些飽滿的玉米子粒和一些凹陷的玉米子粒，若要用這

13、兩種玉米子粒為材料驗證分離定律，寫出兩種驗證思路及預期結果。 解析：(1)在一對等位基因控制的相對性狀中，雜合子通常表現為顯性性狀。(2)欲驗證基因的分離定律，可采用自交法和測交法。根據題意，現有在自然條件下獲得的具有一對相對性狀的玉米子粒若干，其顯隱性未知，若要用這兩種玉米子粒為材料驗證分離定律，可讓兩種性狀的玉米分別自交，若某些親本自交后，子代出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律；若子代沒有出現3∶1的性狀分離比，說明親本均為純合子，在子代中選擇兩種性狀的玉米雜交得F1，F1自交得F2，若F2出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律。也可讓兩種性狀的玉米雜交，若F1只表現一種性狀，說

14、明親本均為純合子，讓F1自交得F2，若F2出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律；若F1表現兩種性狀，且表現為1∶1的性狀分離比，說明該親本分別為雜合子和純合子，則可驗證分離定律。 答案：(1)顯性性狀 (2)驗證思路及預期結果 ①兩種玉米分別自交，若某些玉米自交后，子代出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律。 ②兩種玉米分別自交，在子代中選擇兩種純合子進行雜交，F1自交，得到F2，若F2中出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律。 ③讓子粒飽滿的玉米和子粒凹陷的玉米雜交，如果F1都表現一種性狀，則用F1自交，得到F2，若F2中出現3∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律。 ④讓子

15、粒飽滿的玉米和子粒凹陷的玉米雜交，如果F1表現兩種性狀，且表現為1∶1的性狀分離比，則可驗證分離定律。(任答兩種即可) 遺傳實驗中常用的材料及其特點 (1)豌豆：①自花傳粉、閉花受粉；②自然狀態(tài)下一般都是純種；③有易于區(qū)分的相對性狀；④性狀能夠穩(wěn)定遺傳給后代。 (2)玉米：①雌雄同株且為單性花，便于人工授粉；②生長周期短，繁殖速率快；③相對性狀差別顯著，易于區(qū)分觀察；④產生的后代數量多，統計更準確。 (3)果蠅：①易于培養(yǎng)，繁殖快；②染色體數目少且大；③產生的后代多；④相對性狀易于區(qū)分。 考點2　基因分離定律的重點題型突破 突破點1　巧用4種方法判斷性狀的顯隱性 (1)根據

16、概念判斷顯隱性 →甲性狀→ (2)根據子代表現型判斷顯隱性 (3)設計雜交實驗判斷顯隱性 (4)根據遺傳系譜圖判斷顯隱性 1．(2020·江西南昌三校聯考)玉米甜和非甜是一對相對性狀，隨機取非甜玉米和甜玉米進行間行種植。其中一定能夠判斷甜和非甜的顯隱性關系的是(　　) 解析：選C。A選項中，當非甜和甜玉米都是純合子時，不能判斷顯隱性關系。B選項中，當其中有一個植株是雜合子時，不能判斷顯隱性關系。C選項中，非甜與甜玉米雜交，若后代只出現一種性狀，則該性狀為顯性性狀；若出現兩種性狀，則說明非甜和甜玉米中有一個是雜合子，有一個是隱性純合子，此時非甜玉米自交，若出現性狀

17、分離，說明非甜玉米是顯性性狀，若沒有出現性狀分離，則說明非甜玉米是隱性純合子。D選項中，若后代有兩種性狀，則不能判斷顯隱性關系。 2．已知牛的有角與無角為一對相對性狀，由常染色體上的等位基因A與a控制。在自由放養(yǎng)多年的一群牛中(無角的基因頻率與有角的基因頻率相等)，隨機選出1頭無角公牛和6頭有角母牛分別交配，每頭母牛只產了1頭小牛。在6頭小牛中，3頭有角，3頭無角。 (1)根據上述結果能否確定這對相對性狀中的顯性性狀？請簡要說明推斷過程。 (2)為了確定有角與無角這對相對性狀的顯隱性關系，用上述自由放養(yǎng)的牛群(假設無突變發(fā)生)為實驗材料，再進行新的雜交實驗，應該怎樣進行？(簡要寫出雜交組

18、合、預期結果并得出結論) 答案：(1)不能確定。 ①假設無角為顯性，則公牛的基因型為Aa，6頭母牛的基因型都為aa，每個交配組合的后代或為有角或為無角，概率各占1/2，6個組合后代合計會出現3頭無角小牛，3頭有角小牛。 ②假設有角為顯性，則公牛的基因型為aa，6頭母?？赡苡袃煞N基因型，即AA和Aa，AA的后代均為有角，Aa的后代或為無角或為有角，概率各占1/2，由于配子的隨機結合及后代數量少，實際分離比例可能偏離理論值。所以，只要母牛中具有Aa基因型的頭數大于或等于3頭，那么6個組合后代合計也可能出現3頭無角小牛，3頭有角小牛。綜合上述分析，不能確定有角為顯性，還是無角為顯性。 (2)

19、從牛群中選擇多對有角牛與有角牛雜交(有角?！劣薪桥?。如果后代出現無角小牛，則有角為顯性，無角為隱性；如果后代全部為有角小牛，則無角為顯性，有角為隱性?；驈呐Ｈ褐羞x擇多對無角牛與無角牛雜交(無角?！翢o角牛)。如果后代出現有角小牛，則無角為顯性；有角為隱性；如果后代全部為無角小牛，則有角為顯性，無角為隱性。 突破點2　純合子與雜合子的判斷 鑒定某生物個體是純合子還是雜合子，當待測個體是動物時，常采用測交法； 當待測個體是植物時，上述四種方法均可以，但自交法較簡單?！? 3．(2020·河南濮陽南樂一中月考)現有一株高莖(顯性)豌豆甲，欲知其是否是純合子，最簡便易行

20、的辦法是(　　) A．選另一株矮莖豌豆與甲雜交，子代中若有矮莖出現，則甲為雜合子 B．選另一株矮莖豌豆與甲雜交，子代若都表現為高莖，則甲為純合子 C．讓甲與多株高莖豌豆雜交，子代中若高、矮莖之比接近3∶1，則甲為雜合子 D．讓豌豆甲進行自花傳粉，若子代中有矮莖出現，則甲為雜合子 解析：選D。鑒定某生物個體是純合子還是雜合子時，對植物而言，最簡便易行的辦法是自交法，對動物而言，最簡便易行的辦法是測交法。所以要確定豌豆甲的基因型，最簡便易行的辦法是讓豌豆甲進行自花傳粉，若子代中有矮莖出現，則甲為雜合子，若子代全為高莖，則甲是純合子。 4．(2020·安徽師大附中月考)現有兩瓶世代連續(xù)的

21、果蠅，甲瓶中的個體全為灰身，乙瓶中的個體既有灰身也有黑身。讓乙瓶中的全部灰身果蠅與異性黑身果蠅交配，若后代都不出現性狀分離則可以認為(　　) A．甲瓶中果蠅為乙瓶中果蠅的親本，乙瓶中灰身果蠅為雜合子 B．甲瓶中果蠅為乙瓶中果蠅的親本，乙瓶中灰身果蠅為純合子 C．乙瓶中果蠅為甲瓶中果蠅的親本，乙瓶中灰身果蠅為雜合子 D．乙瓶中果蠅為甲瓶中果蠅的親本，乙瓶中灰身果蠅為純合子 解析：選D。假設果蠅的灰身、黑身性狀由一對等位基因B、b控制。根據題中提示“讓乙瓶中的全部灰身果蠅與異性黑身果蠅交配，若后代都不出現性狀分離”，說明灰身對黑身為顯性，且乙瓶中的灰身為顯性純合子(BB)，乙瓶中的黑身為

22、隱性純合子(bb)，甲瓶中的個體全為灰身，若甲是親代，不會出現乙瓶中的子代，因為甲的基因型若是BB，乙瓶中不可能有黑身個體，若甲的基因型是Bb，則乙瓶中應有基因型為Bb的個體，所以，不可能是甲為親代，乙為子代；若乙是親代，即BB×bb，甲為子代，則基因型為Bb，表現型為灰身。 突破點3　不同條件下連續(xù)自交與自由交配 (1)兩種自交類型的解題技巧 ①不淘汰相關基因型 a．雜合子Aa連續(xù)自交，第n代的比例情況如下表所示： Fn 雜合子 純合子 顯性純合子 隱性純合子 顯性性狀個體 隱性性狀個體 所占 比例 1－ － － ＋ － b.根據上表比例，純合子、

23、雜合子所占比例的坐標曲線圖為： 由該曲線得到的啟示：在育種過程中，選育符合人們要求的個體(顯性)，可進行連續(xù)自交，直到性狀不再發(fā)生分離為止，即可留種推廣使用。 ②逐代淘汰隱性個體 雜合子Aa連續(xù)自交，且逐代淘汰隱性個體，自交n代后，顯性個體中，純合子比例為 ，雜合子比例為 。 (2)兩種自由交配類型的解題技巧 ①雜合子Aa連續(xù)自由交配n代 后代雜合子比例為，顯性純合子比例為，隱性純合子比例為。 ②雜合子Aa連續(xù)自由交配n代，且逐代淘汰隱性個體 后代顯性個體中，純合子比例為，雜合子比例為。 5．(2020·四川成都高三模擬)已知牛的體色由一對等位基因(A、a)控制，其基

24、因型為AA的個體是紅褐色，基因型為aa的個體是紅色，在基因型為Aa的個體中，雄牛為紅褐色，雌牛為紅色?，F有一群牛，只有AA、Aa兩種基因型，其比例為1∶2，且雌∶雄＝1∶1。若讓該群體的牛分別進行自交(基因型相同的雌雄個體交配)和自由交配，則子代的表現型及比例分別是(　　) A．自交：紅褐色∶紅色＝5∶1；自由交配：紅褐色∶紅色＝8∶1 B．自交：紅褐色∶紅色＝3∶1；自由交配：紅褐色∶紅色＝4∶1 C．自交：紅褐色∶紅色＝2∶1；自由交配：紅褐色∶紅色＝2∶1 D．自交：紅褐色∶紅色＝1∶1；自由交配：紅褐色∶紅色＝4∶5 解析：選C。先求出不同交配類型產生的后代的基因型及概率，然

25、后再根據題意求出表現型的比例。親本的基因型及概率：1/3AA、2/3Aa，雌∶雄＝1∶1，自交的子代中基因型AA占(1/3)×1＋(2/3)×(1/4)＝1/2，Aa占(2/3)×(1/2)＝1/3，aa占1/6；在基因型為Aa的個體中有1/2為紅褐色(雄牛)，1/2為紅色(雌牛)，因此，子代中紅褐色個體占1/2＋(1/3)×(1/2)＝2/3，則紅色個體占1/3，即紅褐色∶紅色＝2∶1。求自由交配產生子代的基因型時，可利用配子的概率求解，親本產生的雄(或雌)配子中：A占2/3，a占1/3，則自由交配產生子代的基因型及概率：AA的概率＝(2/3)×(2/3)＝4/9，Aa的概率＝2×(2/3)

26、×(1/3)＝4/9，aa的概率＝(1/3)×(1/3)＝1/9；再根據前面的計算方法可知，子代的表現型及比例為紅褐色∶紅色＝2∶1。 6．(不定項)用基因型為Aa的小麥分別進行連續(xù)自交、隨機交配、連續(xù)自交并逐代淘汰隱性個體、隨機交配并逐代淘汰隱性個體，根據各代Aa的基因型頻率繪制的曲線如下圖所示。下列敘述正確的是(　　) A．曲線Ⅱ的F3中Aa的基因型頻率為0.4 B．曲線Ⅲ的F2中Aa的基因型頻率為0.4 C．曲線Ⅳ的Fn中純合子的比例比上一代增加(1/2)n＋1 D．曲線Ⅰ和Ⅳ的各子代間A和a的基因頻率始終相等 解析：選ABD。依題意可首先分析出前三代中Aa的基因型頻率(

27、如表)，據此可判斷曲線Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ分別對應表中的②④③① 4種情況。 ①連續(xù)自交 ②隨機交配 ③連續(xù)自交并逐代淘汰隱性個體 ④隨機交配并逐代淘汰隱性個體 P 1 1 1 1 F1 1/2 1/2 2/3 2/3 F2 1/4 1/2 2/5 1/2 由圖可知，曲線Ⅱ的F3中Aa的基因型頻率與曲線Ⅲ的F2中Aa的基因型頻率相同，均為0.4，A、B正確；曲線Ⅳ的Fn中純合子的比例和上一代中純合子的比例分別為1－1/2n和1－1/2n－1，兩者相差1/2n，C錯誤；曲線Ⅰ和Ⅳ分別代表隨機交配和連續(xù)自交兩種情況，此過程中沒有發(fā)生淘汰和選擇，所以各子代間A和

28、a的基因頻率始終相等，D正確。 突破點4　復等位基因 7．(2020·河南南陽一中模擬)在家兔的常染色體上有一系列決定毛色的復等位基因：A、a1、a2、a。其中A基因對a1、a2、a為顯性，a1基因對a2、a為顯性，a2對a為顯性。該系列基因在決定家兔毛皮顏色時其表現型與基因型的關系如下表。讓全色的家兔和喜馬拉雅色的家兔雜交，則不會出現的情況是(　　) 毛皮顏色表現型 基因型 全色 A_ 青旗拉 a1_ 喜馬拉雅 a2_ 白化 aa A．后代出現七種基因型 B．后代出現四種表現型 C．后代會產生基因型為a1a1的個體 D．復等位基因之間的根本區(qū)別是基因

29、中的堿基排列順序不同 解析：選C。全色家兔的基因型有AA、Aa1、Aa2、Aa四種，會產生A、a1、a2、a四種類型的配子，喜馬拉雅色的家兔有a2a2、a2a兩種基因型，會產生a2、a兩種類型的配子，其雜交子代會產生Aa2、Aa、a1a2、a1a、a2a2、a2a、aa七種基因型，四種表現型，但是不會產生基因型為a1a1的個體。 8．(不定項)異色瓢蟲的鞘翅斑紋有3種常見類型：淺色的黃底型(ss)、黑色的四窗型和二窗型。群體中還存在罕見的斑紋類型：黑緣型(SA)、均色型(SE)和橫條型(ST)等多種，它們的斑紋遺傳機制有一種特殊的鑲嵌顯性現象，即純種雙親的性狀在后代的同一個體不同部位表現出

30、來，如下圖所示。已知ST、SE和SA對s均為顯性，下列敘述正確的是(　　) A．鞘翅斑紋遺傳遵循遺傳學上的分離定律 B．黑緣型SAs與橫條型STs雜交后代是淺色的黃底型的概率是1/4 C．使用雜合的橫條型、黑緣型異色瓢蟲2個群體進行雜交實驗，不能篩選出黑緣型和橫條型純種 D．假如各種基因型的個體均有機會交配，則異色瓢蟲鞘翅的斑紋遺傳中子一代表現型一定與親本不同 解析：選AB。遺傳圖解中SA、SE遵循基因的分離定律，分析可知鞘翅斑紋遺傳遵循遺傳學上的分離定律，A正確；SAs×STs→1/4SAST(新類型)、1/4SAs(黑緣型)、1/4STs(橫條型)、1/4ss(淺色的黃底型)

31、，B正確；先取多只雌性(或雄性)鞘翅斑紋為橫條型異色瓢蟲雜合子(STs)與多只雄性(或雌性)鞘翅斑紋為黑緣型異色瓢蟲雜合子(SAs)雜交，子代基因型為SAST、SAs、STs、ss，然后根據鑲嵌顯性現象，可以將基因型為SAST的個體選出，再雌雄交配，從中獲得黑緣型和橫條型的個體即為純系(STST、SASA)，C錯誤；假如各種基因型的個體均有機會交配，則異色瓢蟲鞘翅的斑紋遺傳中子一代表現型與親本表現型可能相同，如SAs×SASA，后代不會出現性狀分離，與親本的表現型一樣，D錯誤。 突破點5　分離定律異常分離現象的三大成因 (1)不完全顯性(A、a分別控制紅花和白花) (2)存在致死現

32、象 (3)從性遺傳 9．(2020·福建泉州一模)某種植物的葉色與花色皆是由一對等位基因控制的。研究人員任取紅葉植株與綠葉植株雜交，F1均表現淡紅葉；任取紅花植株與白花植株雜交，F1均表現淡紅花。研究人員經分析認為葉色和花色是由同一對基因控制的，若讓淡紅葉淡紅花植株自交，則下列關于子代的預期不能支持該看法的是(　　) A．紅葉植株皆開紅花 B．綠葉植株皆開白花 C．淡紅葉淡紅花植株占1/4 D．紅葉紅花植株占1/4 解析：選C。紅葉植株與綠葉植株雜交，后代全部為淡紅葉植株，則控制紅葉和綠葉的性狀為不完全顯性；紅花植株與白花植株雜交，F1均表現淡紅花，則控制紅花和白花的

33、基因也為不完全顯性，由于這兩對相對性狀由一對等位基因控制，假設相關基因用A、a表示，淡紅葉淡紅花基因型為Aa，Aa自交后代中Aa個體比例為1/2，即淡紅葉淡紅花植株占1/2，C符合題意。 10．基因型為Aa的某植株產生的“a”花粉中有一半是致死的，則該植株自花傳粉產生的子代中AA∶Aa∶aa基因型個體的數量比為(　　) A．3∶2∶1　　　　　　 B．2∶3∶1 C．4∶4∶1 D．1∶2∶1 解析：選B。據題意可知，“a”花粉中有一半是致死的，所以該植株產生的雄配子有兩種：1/3a、2/3A，雌配子也有兩種：1/2a、1/2A，雌雄配子結合后產生的子代中AA＝1/3，Aa＝1/2，

34、aa＝1/6，所以AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1。 11．人類的禿頂和非禿頂由位于常染色體上的一對等位基因B和b控制，結合下表信息判斷，下列敘述不正確的是(　　) 項目 BB Bb bb 男 非禿頂 禿頂 禿頂 女 非禿頂 非禿頂 禿頂 A．非禿頂的兩人婚配，后代男孩可能為禿頂 B．禿頂的兩人婚配，后代女孩可能為禿頂 C．非禿頂男與禿頂女婚配，生一個禿頂男孩的概率為1/2 D．禿頂男與非禿頂女婚配，生一個禿頂女孩的概率為0 答案：D 突破點6　表型模擬問題 (1)表型模擬：指生物的表現型不僅僅取決于基因型，還受所處環(huán)境的影響，從而導致基因型相同的個體在不

35、同環(huán)境中的表現型有差異。 (2)實例分析：果蠅長翅(V)和殘翅(v)的遺傳受溫度的影響，其表現型、基因型與環(huán)境的關系如表： 環(huán)境 表現型 基因型　　　　　　　 25 ℃(正常溫度) 35 ℃ VV、Vv 長翅 殘翅 vv 殘翅 (3)實驗設計：設計實驗確認隱性個體是“aa”的純合子還是“Aa”的表型模擬。 12．兔的毛色黑色(W)與白色(w)是一對相對性狀，與性別無關。下圖所示兩種交配中，親代兔E、F、P、Q均為純合子，子代兔在不同環(huán)境下成長，其毛色如圖所示，下列分析錯誤的是(　　) A．兔G和兔H的基因型相同 B．兔G與兔R交配得到子代，若子代在30

36、 ℃環(huán)境下成長，其毛色最可能全為黑色 C．兔G與兔R交配得到子代，若子代在－15 ℃環(huán)境下成長，最可能的表現型及其比例為黑色∶白色＝1∶1 D．由圖可知，表現型是基因和環(huán)境因素共同作用的結果 解析：選B。兔E和兔F均為純合子，所以兔G與兔H的基因型均為Ww，但兩者的表現型不同，A正確；兔G(Ww)與兔R(ww)交配所得子代的基因型為Ww和ww，若子代在30 ℃環(huán)境下成長，則Ww和ww的表現型均為白色，B錯誤；兔G(Ww)與兔R(ww)交配所得子代的基因型為Ww和ww，若子代在－15 ℃環(huán)境下成長，則Ww的表現型為黑色，ww的表現型為白色，比例是1∶1，C正確；由圖可知，表現型是基因與環(huán)境

37、共同作用的結果，D正確。 13．(不定項)某種兩性花的植物，可以通過自花傳粉或異花傳粉繁殖后代。在25 ℃條件下，基因型為AA和Aa的植株都開紅花，基因型為aa的植株開白花，但在30 ℃的條件下，各種基因型的植株均開白花。下列說法不正確的是(　　) A．不同溫度條件下同一基因型植株花色不同，說明環(huán)境能影響生物的性狀 B．若要探究一開白花植株的基因型，最簡單可行的方法是在25 ℃條件下進行雜交實驗 C．在25 ℃的條件下生長的白花植株自交，后代中不會出現紅花植株 D．在30 ℃的條件下生長的白花植株自交，產生的后代在25 ℃條件下生長不會出現紅花植株 解析：選BD?；蛐褪茿A和Aa

38、的該植物在25 ℃條件下都開紅花，而在30 ℃條件下均開白花，說明環(huán)境能影響生物的性狀，A項正確；探究該白花植株的基因型是AA、Aa還是aa，最簡單可行的方法是在25 ℃條件下進行自交，并在25 ℃的條件下培養(yǎng)后代，如果后代全部是紅花植株，說明該植株的基因型為AA，如果都開白花，說明該植株的基因型為aa，如果既有開白花的植株，也有開紅花的植株，則說明該植株的基因型為Aa，B項錯誤；在25 ℃的條件下生長的白花植株的基因型是aa，此種基因型的個體自交后代的基因型仍為aa，表現為白花，后代中不會出現紅花植株，C項正確；在30 ℃的條件下，各種基因型的植株均開白花，所以在30 ℃的條件下生長的白花植

39、株自交，產生的后代在25 ℃條件下生長可能會出現紅花植株，D項錯誤。 [易誤警示] 易錯點1　“演繹”≠測交 [點撥]　“演繹”不同于測交實驗，前者只是理論推導，后者則是在大田中進行測交實驗驗證。 易錯點2　認為雜合子(Dd)產生雌雄配子的數量相等 [點撥]　F1(Dd)產生配子的數量中D(♂)＝d(♂)、D(♀)＝d(♀)；D(♂)≠D(♀)、d(♂)≠d(♀)。 易錯點3　小樣本問題——小樣本不一定符合遺傳定律 [點撥]　遺傳定律是一種統計學規(guī)律，只有樣本足夠大時才有規(guī)律性。當子代數目較少時，不一定符合預期的分離比。如兩只雜合黑豚鼠雜交，生下的4只小豚鼠不一定符合3黑1白

40、，有可能只有黑色或只有白色，也有可能既有黑色又有白色，甚至還可能3白1黑。 易錯點4　不明確果皮、種皮及胚、胚乳的來源及相關性狀的統計時機 [點撥]　(1)果皮(包括豆莢)、種皮分別由子房壁、珠被(母本體細胞)發(fā)育而來，基因型與母本相同。 (2)胚(由胚軸、胚根、胚芽、子葉組成)由受精卵發(fā)育而來，基因型與其發(fā)育成的植株相同。 (3)胚乳由受精極核發(fā)育而來，基因型為母本配子基因型的兩倍加上父本配子基因型。 以上各部分的基因型如下圖所示 (4)相關性狀統計(欲統計甲、乙雜交后的F1性狀) ①種子胚(如子葉顏色)和胚乳性狀的統計：在本次雜交母本植株所結種子內直接統計即可。 ②其他

41、所有性狀的統計(包括F1的種皮顏色、植株高矮、花的顏色、果皮的顏色或味道等)均需將上述雜交后所產生的種子種下，在新長成的植株中做相應統計。 易錯點5　從性遺傳≠伴性遺傳 [點撥]　從性遺傳是指由常染色體上的基因控制的性狀，在表現型上受個體性別影響的現象，這種現象主要通過性激素起作用。從性遺傳和伴性遺傳的表現型都與性別有密切的聯系，但它們是兩種截然不同的遺傳方式。伴性遺傳的基因位于性染色體上，而從性遺傳的基因位于常染色體上；從性遺傳的基因在傳遞時并不與性別相聯系，其與位于性染色體上基因的傳遞有本質區(qū)別。從性遺傳的本質：表現型＝基因型＋環(huán)境條件(性激素種類及含量差異)。 [糾錯體驗] 1．

42、(2020·安徽合肥高三調研)“假說—演繹法”是科學研究中常用的方法，孟德爾在發(fā)現基因分離定律時的“演繹”過程是(　　) A．由一對相對性狀的雜交實驗推測，生物的性狀是由遺傳因子決定的 B．由F2中出現了“3∶1”性狀分離比，推測生物體產生配子時，成對的遺傳因子彼此分離 C．若F1產生配子時成對的遺傳因子彼此分離，則測交后代性狀分離比為1∶1 D．若測交后代性狀分離比接近1∶1，則F1的遺傳因子組成為Aa 解析：選C?！把堇[”是根據假說內容推測測交實驗的結果，即若F1產生配子時成對的遺傳因子彼此分離，則測交后代的兩種性狀分離比為1∶1，C符合題意。 2．(2020·安徽合肥高三調研

43、)番茄中紅果(R)對黃果(r)是顯性，如果把紅果植株上的花粉授到黃果植株的柱頭上，所結果實的顏色和果實內某一粒種子的胚的基因型分別是(　　) A．黃或紅，rr　　　　　 B．黃，Rr或rr C．紅，RR或rr D．黃，Rr 解析：選B。果實的果皮由母本的子房壁發(fā)育而來，故其性狀應受母本基因的控制。該果實的母本的基因型為rr，故果實的顏色應為黃色。題干中未明確說明紅果為純合子，則紅果既可為純合子(RR)，也可為雜合子(Rr)，則其與黃果植株(基因型為rr)雜交，其子一代胚的基因型應為Rr或rr，B正確。 3．(2020·福建三明期末)下列遺傳實例中，屬于性狀分離現象的是(　　) A．

44、某非糯性水稻產生的花粉既有糯性的又有非糯性的 B．對某未知基因型的個體進行測交后子代的性狀表現 C．一對表現型正常的夫婦生了一個正常的女兒和色盲的兒子 D．純合紅花和純合白花的植物雜交，所得F1的花色表現為粉紅花 解析：選C。性狀分離是指在雜種后代中，同時顯現出顯性性狀和隱性性狀的現象，也就是說只有親本表現型一致，子代出現不同性狀時方可稱作性狀分離，選項C中的親本表現為一種性狀，后代有兩種性狀，符合性狀分離的概念，C符合題意。 4．(不定項)牛的有角和無角為一對相對性狀(由A和a控制)，但雌牛中的雜合子表現隱性性狀?，F讓多對純合的有角雄牛和無角雌牛雜交，F1中雄牛全表現為有角，雌牛全

45、表現為無角，再讓F1中的雌雄個體自由交配，則下列有關F2的敘述，正確的是(　　) A．F2的有角牛中，雄?！么婆＃?∶1；F2的雌牛中，有角∶無角＝3∶1 B．若用F2中的無角雄牛和無角雌牛自由交配，則F3中有角牛的概率為1/6 C．控制該相對性狀的基因位于X染色體上 D．在F2的無角雌牛中雜合子所占比例為2/3 解析：選BD。根據題干信息可知，牛的有角和無角為從性遺傳，基因型為Aa的雄牛有角、雌牛無角，故F2的有角牛中，雄?！么婆＃?∶1；F2的雌牛中，有角∶無角＝1∶3，A錯誤。F2中的無角雄牛(aa)和無角雌牛(Aa∶aa＝2∶1)自由交配，則F3中有角牛為雄牛，其概率為(2/

46、3)×(1/2)×(1/2)＝1/6，B正確。根據親本和F1的表現型可推知，控制該對相對性狀的基因位于常染色體上，且有角為顯性性狀，C錯誤。在F2的無角雌牛(Aa或aa)中，雜合子(Aa)所占比例為2/3，D正確。 1．(2020·江西五市八校一模)下列選項中能判斷出性狀顯隱性的是(　　) A．一紅色茉莉花與白色茉莉花雜交，子代全部為粉紅色茉莉花 B．果蠅的眼色遺傳方式為伴X染色體遺傳，一白眼雄果蠅與一紅眼雌果蠅雜交，子代雌果蠅中白眼和紅眼各占一半 C．患某遺傳病的男子與一正常女子結婚，生育一患病的兒子 D．高莖豌豆和矮莖豌豆雜交，子代中高莖豌豆∶矮莖豌豆≈1∶1 解析：選

47、B。一紅色茉莉花與白色茉莉花雜交，子代全部為粉紅色茉莉花，則控制紅花和白花的性狀為不完全顯性，A不符合題意；一白眼雄果蠅與一紅眼雌果蠅雜交，子代雌果蠅中白眼和紅眼各占一半，說明紅眼雌果蠅親本是雜合子，雜合子表現的性狀是顯性性狀，B符合題意；選項C、D可看作測交組合，不能判斷顯隱性，C、D不符合題意。 2．(2020·福建福州質量抽測)假說—演繹法是現代科學研究中常用的一種科學方法，下列屬于孟德爾在發(fā)現分離定律時的假說的內容是(　　) A．子一代自交，后代出現3∶1的性狀分離比 B．受精時，雌雄配子的結合是隨機的，雌雄配子的數量比例為1∶1 C．生物體產生配子時，成對的遺傳因子隨著同源染

48、色體的分離而彼此分離 D．生物的性狀是由遺傳因子決定的，這些因子就像獨立的顆粒，不相融合 解析：選D。子一代自交，后代出現3∶1的性狀分離比屬于實驗現象，A錯誤；雌雄配子的數量不相等，B錯誤；生物體產生配子時，成對的遺傳因子彼此分離，孟德爾未涉及“同源染色體的分離”這一觀點，C錯誤；生物的性狀是由遺傳因子決定的，這些因子就像獨立的顆粒，不相融合，這屬于假說內容，D正確。 3．(2021·預測)下列關于一對相對性狀遺傳的敘述，正確的是(　　) A．若僅考慮一對等位基因，在一個生物群體中，有4種不同的交配類型 B．通過測交可以推測被測個體產生配子的種類和數量 C．F2的表現型比為3∶1

49、的結果最能說明基因分離定律的實質 D．自交是鑒別和保留純合的抗銹病(顯性)小麥最簡便易行的方法 解析：選D。若僅考慮一對等位基因(A、a)，可有AA×AA、AA×Aa、AA×aa、Aa×aa、Aa×Aa、aa×aa 6種不同的交配類型，A錯誤；測交可以推測被測個體的基因型，并可以推測被測個體產生配子的種類和比例，不能測得配子的數量，B錯誤；基因分離定律的實質是等位基因分離，分別進入不同的配子中去，此過程發(fā)生在F1減數分裂過程中，C錯誤；鑒別植物是純合子還是雜合子可用自交和測交的方法，小麥是自花傳粉的植物，兩種方法比較來說，自交是最簡單易行的方法，D正確。 4．(2020·安徽合肥四校聯考

50、)在下圖所示利用小桶Ⅰ、Ⅱ模擬性狀分離比的實驗中，下列相關敘述錯誤的是(　　) A．分別從兩個桶內抓取一個小球，組合在一起的過程發(fā)生在圖示的c時期 B．每次要保證隨機抓取，讀取組合后必須放回 C．要求每個桶中小球總數量必須相同，并且每個桶中不同的小球必須相等 D．需要統計全班的結果并計算平均值，是為了減少統計的誤差 解析：選C。Ⅰ、Ⅱ小桶中的小球表示的是一對等位基因D和d，說明模擬的是基因分離定律實驗。分別從兩個桶內抓取一個小球，組合在一起模擬的過程是受精作用，即為圖示c時期，A正確；模擬分離定律實驗時，每次要保證隨機抓取，讀取組合后必須放回，B正確；兩個小桶的小球模擬的是雌雄生

51、殖器官中產生的配子數，雌雄個體產生的雌雄配子數目本就不相等，每個小桶中小球總數量不一定要相同，C錯誤；為了減少誤差，需要統計全班的結果并計算平均值，D正確。 5．(2021·預測)已知某種老鼠的體色由常染色體上的基因A＋、A和a決定，A＋(純合會導致胚胎致死)決定黃色，A決定灰色，a決定黑色，且A＋對A是顯性，A對a是顯性。下列說法正確的是(　　) A．該種老鼠的成年個體最多有6種基因型 B．A＋、A和a基因遵循基因的自由組合定律 C．基因型均為A＋a的一對老鼠交配產下了3只小鼠，可能全表現為黃色 D．一只黃色雌鼠和一只黑色純合雄鼠雜交，后代可能出現3種表現型 解析：選C。根據題意

52、分析可知，由于A＋純合會導致胚胎致死，因此該種老鼠的成年個體最多有5種基因型(A＋A、A＋a、AA、Aa、aa)，A錯誤；A＋、A和a為復等位基因，位于一對同源染色體上，遵循基因的分離定律，B錯誤；基因型均為A＋a的一對老鼠交配，后代基因型及比例為A＋a∶aa＝2∶1，其產生的3只小鼠可能都是黃色(A＋a)，C正確；一只黃色雌鼠(A＋A或A＋a)和一只黑色純合雄鼠(aa)雜交，后代只能出現黃色、灰色(或黃色、黑色)兩種表現型，D錯誤。 6．(2020·河南洛陽模擬)已知馬的毛色有栗色和白色兩種，由位于常染色體上的一對等位基因控制。在自由放養(yǎng)多年的一馬群中，兩基因頻率相等。正常情況下，每匹母馬

53、一次只生產一匹小馬。以下關于性狀遺傳的研究方法及推斷不正確的是(　　) A．選擇多對栗色馬與白色馬雜交，若后代白色馬明顯多于栗色馬，則白色為顯性 B．隨機選出一匹栗色公馬和六匹白色母馬分別交配，若所產小馬都是栗色，則栗色為顯性 C．自由放養(yǎng)的馬群隨機交配一代，若后代栗色馬明顯多于白色馬，則栗色為顯性 D．選擇多對栗色公馬和栗色母馬交配一代，若后代全部為栗色馬，則白色為顯性 解析：選B。設相關基因用A、a表示。由于兩基因頻率相等，即A＝1/2，a＝1/2，則選擇多對栗色馬和白色馬雜交后，后代中表現顯性性狀的個體會明顯多于表現隱性性狀的個體，A正確；正常情況下，每匹母馬一次只生產一匹小馬

54、，若一匹栗色公馬和六匹白色母馬分別交配，所產小馬只有6匹，由于后代數目少，偶然性較大，不能確定栗色為顯性，B錯誤；自由放養(yǎng)的馬群隨機交配一代，若后代栗色馬明顯多于白色馬，則說明栗色為顯性，C正確；多對栗色公馬和栗色母馬雜交，若后代全部是栗色馬，則說明栗色最可能為隱性，因為如果是顯性，很可能會出現性狀分離，D正確。 7．(2020·河南洛陽尖子生聯考)黃瓜是雌雄同株單性花植物，果皮的綠色和黃色是受一對等位基因控制的具有完全顯、隱性關系的相對性狀。從種群中選定兩個個體進行雜交，根據子代的表現型一定能判斷顯、隱性關系的是(　　) A．綠色果皮植株自交和黃色果皮植株自交 B．綠色果皮植株和黃色果

55、皮植株正、反交 C．綠色果皮植株自交和黃色果皮植株與綠色果皮植株雜交 D．黃色果皮植株自交或綠色果皮植株自交 解析：選C。如果綠色果皮植株和黃色果皮植株都是純合子，則自交后代不發(fā)生性狀分離，無法判斷顯、隱性關系，A、D不符合題意。作為雌雄同株的植物——黃瓜沒有性染色體，不論兩親本都是純合子，還是綠色果皮植株和黃色果皮植株有一株為雜合子，正、反交結果都相同，無法判斷顯、隱性關系，B不符合題意。綠色果皮植株自交，若后代發(fā)生性狀分離，則綠色果皮為顯性；若不發(fā)生性狀分離，則說明綠色果皮是純合子，再和黃色果皮植株雜交，若后代出現黃色果皮植株，則黃色果皮為顯性，若后代均為綠色果皮植株，則綠色果皮為顯

56、性，C符合題意。 8．(2020·湖南三湘名校聯考)豌豆的紫花對白花為顯性。兩紫花豌豆雜交，F1中既有紫花豌豆又有白花豌豆。現去掉F1中的白花豌豆，則自然狀態(tài)下F2的表現型比例為(　　) A．1∶1　　　　　　　　 B．3∶1 C．5∶1 D．9∶6 解析：選C。兩紫花豌豆雜交，F1中既有紫花豌豆又有白花豌豆，說明這兩株紫花豌豆為雜合子。若控制花色的基因用A和a表示，則F1的基因型及其比例為AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中aa表現為白花。去掉F1中的白花豌豆，則剩余的紫花豌豆中，基因型為AA的個體占1/3，Aa的個體占2/3。豌豆是自花傳粉、閉花受粉的植物，在自然狀態(tài)下只能進行自交

57、，因此1/3AA的紫花植株自交所得的F2均為紫花，2/3Aa的紫花植株自交所得的F2中白花(aa)為(2/3)×(1/4)＝1/6，紫花(A－)為(2/3)×(3/4)＝1/2。所以F2的表現型及比例為紫花∶白花＝(1/3＋1/2)∶1/6＝5∶1，C符合題意。 9．某常染色體顯性遺傳病在人群中的發(fā)病率為36%?，F有一對患病的夫婦，他們所生小孩正常的概率是多少？若他們已經生有一個正常男孩，那他們再生一個正常女孩的概率是多少(　　) A．16/81　1/8 B．16/81　1/4 C．81/10 000　1/8 D．81/10 000　1/4 解析：選A。常染色體顯性遺傳病在人群中的

58、發(fā)病率為36%，相關基因用A、a表示，說明aa的概率為64%，所以人群中a基因占80%，A基因占20%，AA的概率為20%×20%＝4%，Aa的概率為32%。已知父母患病，所以基因型是Aa的概率為32%/36%，要生出不患病的孩子，那么父母的基因型都是Aa，都是Aa的概率是(32%/36%)×(32%/36%)，兩個Aa生出aa的概率是1/4，所以總的來說孩子正常的概率是(32%/36%)×(32%/36%)×(1/4)＝16/81。該夫婦已經生有一個正常男孩，則該夫婦的基因型分別為Aa、Aa，生一個正常女孩的概率是(1/4)×(1/2)＝1/8。 10．(不定項)(2020·山東重點學校聯

59、考)家鼠的毛色受常染色體上的一對等位基因(A/a)控制，且黃色對灰色為顯性，含AA的胚胎致死。下列敘述錯誤的是(　　) A．無須測交實驗，只看毛色即可知道個體的基因型 B．黃色鼠自由交配的后代中黃色鼠∶灰色鼠＝2∶1 C．黃色鼠與灰色鼠雜交能獲得最大比例的黃色鼠 D．黃色鼠與黃色鼠交配得到F1，F1自由交配一次得到F2，F2中黃色鼠的比例是4/9 解析：選CD。黃色對灰色為顯性，含AA的胚胎致死，故家鼠中只有Aa(黃色)和aa(灰色)的個體，故無須測交實驗，只看毛色即可知道個體的基因型，A正確；黃色鼠基因型均為Aa，故自由交配的后代中黃色鼠∶灰色鼠＝2∶1，B正確；黃色鼠(Aa)與灰

60、色鼠(aa)雜交后代中黃色鼠占1/2，而黃色鼠(Aa)與黃色鼠(Aa)交配所得后代中黃色鼠占2/3，C錯誤；黃色鼠(Aa)與黃色鼠(Aa)交配得到F1，F1中Aa∶aa＝2∶1，若F1自由交配得到F2，F1中A的基因頻率為1/3，a的基因頻率為2/3，所得F2中AA＝1/9(致死)，Aa＝4/9，aa＝4/9，故F2中黃色鼠的比例是1/2，D錯誤。 11．(不定項)(原創(chuàng))一株基因型為Aa的植物自交得到后代，下列相關敘述正確的是(　　) A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隱性基因的花粉50%的死亡造成的 B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隱性個體有50%的死亡造

61、成的 C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隱性基因的配子有50%的死亡造成的 D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的 解析：選ACD。一雜合子(Aa)植株自交時，后代基因型及比例理論上應該是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1，說明Aa和aa分別有1/4和1/2死亡，則可能是含有隱性基因的花粉50%的死亡造成的，A正確；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，則可能是雜合子和隱性個體都有50%的死亡造成的，B錯誤；若含有隱性基因的配子有50%的死亡，則自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正確；若花粉有50%的死亡，其并不

62、影響花粉的基因型比例，所以后代的性狀分離比仍然是1∶2∶1，D正確。 12．(2020·山東青島一模)某二倍體哺乳動物的毛色有三種表現型，受等位基因B1、B2和B3控制。當B1、B2和B3基因純合時，個體分別表現為紅色、黃色和黑色?，F有三個純系親本雜交，其后代表現情況如下(后代數量足夠多)，請回答下列問題： 親本 F1 組合一 紅色♀ 黑色♂ 紅色♀ 紅色♂ 組合二 黑色♀ 黃色♂ 黃色♀ 黑色♂ 組合三 黃色♀ 紅色♂ ？ ？ (1)控制該動物毛色的基因位于________染色體上，根據組合________可作出此判斷。 (2)已知B1對B2為顯性

63、，則組合三的F1表現為_________________________。在該動物某種群中隨機選取多只紅色雌性個體與一黃色雄性個體雜交，后代中黃色個體占的比例理論上取決于________________________________________________________________________。 (3)該動物的毛型有短絨和長絨兩種類型，顯隱性關系未知，相關基因(用D、d表示)與控制毛色的基因位于不同的同源染色體上。甲(♀)和乙(♂)均為黃色長絨個體，二者雜交子一代中兩對相對性狀都出現了性狀分離，則甲的基因型為________。 (4)以甲、乙雜交后代為選擇材料，如何從中

64、盡快篩選出穩(wěn)定遺傳的黃色長絨雄性個體？請寫出篩選思路：_______________________________________________________。 解析：(1)組合一中，純合親本紅色雌性與黑色雄性雜交，后代雌雄性全部為紅色，說明紅色對黑色為顯性性狀，即B1對B3為顯性；組合二中，黑色母本與黃色父本雜交，后代雌性為黃色，雄性為黑色，表現為與性別相關聯，說明為伴X染色體遺傳，且黃色對黑色為顯性性狀，即B2對B3為顯性。(2)已知B1對B2為顯性，則組合三親本為XB2XB2、XB1Y，后代基因型為XB1XB2、XB2Y，因此后代雌性個體全為紅色，雄性個體全為黃色。在該動物某種群

65、中隨機選取多只紅色雌性個體(XB1X－)與一黃色雄性個體(XB2Y)雜交，后代中黃色個體占的比例理論上取決于B2基因在該種群中的基因頻率。(3)甲(♀)和乙(♂)均為黃色長絨個體，二者雜交子一代中兩對相對性狀都出現了性狀分離，說明長絨對短絨是顯性性狀，且母本兩對基因都是雜合的，因此甲的基因型為DdXB2XB3。(4)根據以上分析可知，甲的基因型為DdXB2XB3，乙的基因型為DdXB2Y，選擇甲與乙雜交子一代中多只黃色長絨雄性個體(D_XB2Y)分別與短絨雌性個體(dd_ _)雜交，若某個雜交組合的后代全部為長絨個體，則該組合的父本為滿足需要的個體。 答案：(1)X　二 (2)雌性個體全為

66、紅色，雄性個體全為黃色(或僅答雌性個體全為紅色)　B2基因在該種群中的基因頻率(或雌性個體中B2基因在等位基因中占的比例) (3)DdXB2XB3 (4)選擇甲與乙雜交子一代中多只黃色長絨雄性個體分別與短絨雌性個體雜交，若某個雜交組合的后代全部為長絨個體，則該組合的父本為滿足需要的個體 13．(2020·廣東惠州模擬)自交不親和性指某一植物的雌雄兩性機能正常，但不能進行自花傳粉或不能進行同一品系內異花傳粉的現象。請回答下列問題： (1)煙草的自交不親和性是由位于一對同源染色體上的復等位基因(S1、S2……S15)控制，以上復等位基因的出現是________的結果，同時也體現了該生命現象具有________的特點。 (2)煙草的自交不親和性機理如下圖所示。 據圖分析，自然條件下，煙草不存在S系列基因的純合個體的原因是_____________。 只考慮S(S1、S2……S15)基因，該植物在自然界中存在著________種基因型，因此，自然條件下，自交不親和性阻礙了自花受粉，增加了植物的________多樣性，從而增強了對多變環(huán)境的適應性。 (3)我市某果園種植有極受