浙江高考數(shù)學(xué) 理科二輪專題考前回扣：填空題解題4技法含答案

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1、 第二講　填空題解題4技法 1．?dāng)?shù)學(xué)填空題的特點(diǎn) 填空題缺少可選擇的信息，故解答題的求解思路可以原封不動(dòng)地移植到填空題上．但填空題既不用說明理由，又無需書寫過程，因而解選擇題的有關(guān)策略、方法有時(shí)也適合于填空題． 填空題大多能在課本中找到原型和背景，故可以化歸為熟知的題目或基本題型．填空題不需過程，不設(shè)中間分值，更易失分，因而在解答過程中應(yīng)力求準(zhǔn)確無誤． 填空題雖題小，但跨度大，覆蓋面廣，形式靈活，可以有目的、和諧地結(jié)合一些問題，突出訓(xùn)練學(xué)生準(zhǔn)確、嚴(yán)謹(jǐn)、全面、靈活地運(yùn)用知識(shí)的能力和基本運(yùn)算能力，突出以圖助算、列表分析、精算與估算相結(jié)合等計(jì)算能力．要想又快又準(zhǔn)地答好

2、填空題，除直接推理計(jì)算外，還要講究一些解題策略，盡量避開常規(guī)解法． 2．?dāng)?shù)學(xué)填空題的類型 根據(jù)填空時(shí)所填寫的內(nèi)容形式，可以將填空題分成兩種類型： 一是定量型，要求考生填寫數(shù)值、數(shù)集或數(shù)量關(guān)系，如：方程的解、不等式的解集、函數(shù)的定義域、值域、最大值或最小值、線段長度和角度大小等．由于填空題和選擇題相比，缺少可選擇的信息，所以高考題中多數(shù)是以定量型問題出現(xiàn)． 二是定性型，要求填寫的是具有某種性質(zhì)的對(duì)象或者填寫給定的數(shù)學(xué)對(duì)象的某種性質(zhì)，如：給定二次曲線的焦點(diǎn)坐標(biāo)、離心率等．近幾年出現(xiàn)了定性型的具有多重選擇性的填空題． 3．解數(shù)學(xué)填空題的原則 解答填空題時(shí)，由于不反映過程，只要求結(jié)果，故對(duì)

3、正確性的要求比解答題更高、更嚴(yán)格．《考試說明》中對(duì)解答填空題提出的基本要求是“正確、合理、迅速”．為此在解填空題時(shí)要做到：快——運(yùn)算要快，力戒小題大做；穩(wěn)——變形要穩(wěn)，不可操之過急；全——答案要全，力避殘缺不齊；活——解題要活，不要生搬硬套；細(xì)——審題要細(xì)，不能粗心大意． 技法一 直 接 法 此類填空題的特點(diǎn)是必須根據(jù)題目中給出的條件，通過數(shù)學(xué)計(jì)算找出正確答案．解決此類問題需要直接從題設(shè)條件出發(fā)，利用有關(guān)性質(zhì)或結(jié)論等，通過巧妙變化，簡化計(jì)算過程．解題過程要靈活地運(yùn)用相關(guān)的運(yùn)算規(guī)律和技巧，合理轉(zhuǎn)化、巧妙處理已知條件． [例1]　若△ABC的三個(gè)內(nèi)角滿足sin2A＝sin2B＋si

4、n B·sin C＋sin2C，則∠A＝________. [思維流程] [解析]　由正弦定理＝＝， sin2A＝sin2B＋sin Bsin C＋sin2C可化為 a2＝b2＋bc＋c2，即b2＋c2－a2＝－bc， 故cos A＝＝－， 又因?yàn)椤螦∈(0，π)，所以∠A＝. [答案]　 ——————————規(guī)律·總結(jié)—————————————————— 直接法的運(yùn)用技巧 直接法是解決計(jì)算型填空題最常用的方法，在計(jì)算過程中我們要根據(jù)題目的要求靈活處理，并注意一些解題規(guī)律和解題技巧的靈活應(yīng)用，通過合理轉(zhuǎn)化將計(jì)算過程簡化，從而得到結(jié)果． 1．設(shè)函數(shù)f(x)是定義在R

5、上的奇函數(shù)，且對(duì)任意x∈R都有f(x)＝f(x＋4)，當(dāng)x∈(－2,0)時(shí)，f(x)＝2x，則f(2 013)＝________. 解析：由f(x)是定義在R上的奇函數(shù)可知，f(1)＝－f(－1)＝－2－1＝－.由f(x)＝f(x＋4)可知，函數(shù)f(x)是周期為4的周期函數(shù)，所以f(2 013)＝f(503×4＋1)＝f(1)＝－. 答案：－ 技法二 特 殊 值 法 當(dāng)填空題已知條件中含有某些不確定的量，但填空題的結(jié)論唯一或題設(shè)條件中提供的信息暗示答案是一個(gè)定值時(shí)，可以從題中變化的不定量中選取符合條件的恰當(dāng)?shù)奶厥庵?特殊函數(shù)、特殊角、特殊數(shù)列、特殊位置、特殊點(diǎn)、特殊方程和特殊

6、模型等)進(jìn)行處理，從而得出探求的結(jié)論．為保證答案的正確性，在運(yùn)用此方法時(shí)，一般應(yīng)多取幾個(gè)特例． [例2]　如圖，在△ABC中，點(diǎn)M是BC的中點(diǎn)，過點(diǎn)M的直線與直線AB、AC分別交于不同的兩點(diǎn)P、Q，若＝λ，＝μ，則＋＝________. [思維流程] [解析]　由題意可知，＋的值與點(diǎn)P、Q的位置無關(guān)，而當(dāng)直線BC與直線PQ重合時(shí)，有λ＝μ＝1，所以＋＝2. [答案]　2 ——————————規(guī)律·總結(jié)————————————————————— 應(yīng)用特殊值法的注意事項(xiàng) 求值或比較大小關(guān)系等問題均可運(yùn)用特殊值法求解，但要注意此種方法僅限于所求值只有一種的填空題，對(duì)于開放性的問題或

7、者多種答案的填空題，則不能使用該種方法求解． 2．如圖所示，在平行四邊形ABCD中，AP⊥BD，垂足為P，且AP＝3，則·＝________. 解析：法一：∵·＝·(＋)＝·＋·＝·＋·(＋)＝·＋2·. 又AP⊥BD，∴·＝0. 又∵·＝||||cos∠BAP＝||2， ∴·＝2||2＝2×9＝18. 法二：把平行四邊形ABCD看成正方形，則點(diǎn)P為對(duì)角線的交點(diǎn)，AC＝6，則·＝18. 答案：18 技法三 圖 解 法 對(duì)于一些含有幾何背景的填空題，若能根據(jù)題目中的條件，作出符合題意的圖形，并通過對(duì)圖形的直觀分析、判斷，即可快速得出正確結(jié)果．這類問題的幾何

8、意義一般比較明顯，如一次函數(shù)的斜率和截距、向量的夾角、解析幾何中兩點(diǎn)間的距離等，求解的關(guān)鍵是明確幾何含義，準(zhǔn)確規(guī)范地作出相應(yīng)的圖形，雖然作圖要花費(fèi)一些時(shí)間，但只要認(rèn)真將圖形作完，解答過程就會(huì)簡便很多． [例3]　不等式－kx＋1≤0的解集非空，則k的取值范圍為________． [思維流程] [解析]　由－kx＋1≤0，得≤kx－1，設(shè)f(x)＝，g(x)＝kx－1，顯然函數(shù)f(x)和g(x)的定義域都為[－2,2]．令y＝，兩邊平方得x2＋y2＝4，故函數(shù)f(x)的圖像是以原點(diǎn)O為圓心，2為半徑的圓在x軸上及其上方的部分．而函數(shù)g(x)的圖像是直線l：y＝kx－1在[－2,2]內(nèi)

9、的部分，該直線過點(diǎn)C(0，－1)，斜率為k. 如圖，作出函數(shù)f(x)，g(x)的圖像，不等式的解集非空，即直線l和半圓有公共點(diǎn)，可知k的幾何意義就是半圓上的點(diǎn)與點(diǎn)C(0，－1)連線的斜率． 由圖可知A(－2,0)，B(2,0)，故kAC＝＝－，kBC＝＝. 要使直線和半圓有公共點(diǎn)，則k≥或k≤－. 所以k的取值范圍為∪. [答案]　∪ ——————————規(guī)律·總結(jié)—————————————————— 利用圖解法解決問題的步驟 圖解法就是將不等式變形轉(zhuǎn)化為兩個(gè)函數(shù)圖像的相對(duì)位置關(guān)系，直接根據(jù)圖形求解不等式的方法，主要應(yīng)用于求解不等式中含有兩類不同性質(zhì)的函數(shù)解析式的不等式問題．利

10、用圖解法解決此類問題的基本步驟如下： 第一步：歸類變形．根據(jù)不等式的結(jié)構(gòu)特征進(jìn)行歸類，將不等式變形為f(x)>(<)g(x)或f(x)≥(≤)g(x)的形式． 第二步：構(gòu)造函數(shù)．根據(jù)變形后的不等式構(gòu)造相應(yīng)的函數(shù)y＝f(x)與y＝g(x)． 第三步：作圖轉(zhuǎn)化．根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)分別作出兩個(gè)函數(shù)的圖像． 第四步：寫出結(jié)論． 第五步：回顧反思．準(zhǔn)確畫出函數(shù)圖像是解題的關(guān)鍵，作函數(shù)圖像時(shí)，要注意函數(shù)的定義域、單調(diào)性、奇偶性和周期性等性質(zhì)的應(yīng)用，此類問題多與解析幾何中的直線、圓、橢圓等相聯(lián)系，靈活利用幾何意義確定不等式的解集． 3．若直線y＝x＋m與曲線y＝－有且僅有一個(gè)公共點(diǎn)，則實(shí)數(shù)m

11、的取值范圍為________． 解析：由y＝－，得x2－y2＝4(y≤0)，它是雙曲線x2－y2＝4在x軸下方的部分曲線(包括與x軸的交點(diǎn))，如圖所示，它的漸近線方程為y＝±x(圖中虛線)，直線y＝x＋m與之平行，要使直線y＝x＋m與曲線y＝－有一個(gè)交點(diǎn)，把直線y＝x＋m由下向上平移，容易得m∈(－∞，－2]∪(0,2]． 答案：(－∞，－2]∪(0,2] 技法四 構(gòu) 造 法 用構(gòu)造法解填空題的關(guān)鍵是由條件和結(jié)論的特殊性構(gòu)造出數(shù)學(xué)模型，從而簡化推導(dǎo)與運(yùn)算過程．構(gòu)造法是建立在觀察聯(lián)想、分析綜合的基礎(chǔ)之上的，首先應(yīng)觀察題目，觀察已知(例如代數(shù)式)形式上的特點(diǎn)，然后積極調(diào)動(dòng)思維，聯(lián)

12、想、類比已學(xué)過的知識(shí)及各種數(shù)學(xué)結(jié)構(gòu)、數(shù)學(xué)模型，深刻地了解問題及問題的背景(幾何背景、代數(shù)背景)，從而構(gòu)造幾何、函數(shù)、向量等具體的數(shù)學(xué)模型，達(dá)到快速解題的目的． [例4]　(20xx·濟(jì)南模擬)已知三個(gè)互不重合的平面α、β、γ，α∩β＝m，n?γ，且直線m、n不重合，由下列三個(gè)條件：①m∥γ，n?β；②m∥γ，n∥β；③m?γ，n∥β. 能推得m∥n的條件是________． [思維流程] [解析]　構(gòu)建長方體模型，如圖，觀察選項(xiàng)特點(diǎn)，可優(yōu)先判斷條件②：取平面α為平面ADD′A′，平面β為平面ABCD，則直線m為直線AD.因m∥γ，故可取平面γ為平面A′B′C′D′，因?yàn)閚?γ且n∥

13、β，故可取直線n為直線A′B′.則直線AD與直線A′B′為異面直線，故m與n不平行．對(duì)于①：α、β取②中平面，取平面γ為平面BCC′B′，可取直線n為直線BC，故可推得m∥n；對(duì)于③：α，β?、谥衅矫?，取γ為平面AB′C′D，取值線n為直線B′C′故可推得結(jié)論． [答案]?、倩颌? ——————————規(guī)律·總結(jié)——————————————————— 構(gòu)造法的應(yīng)用 構(gòu)造法實(shí)質(zhì)上是化歸與轉(zhuǎn)化思想在解題中的應(yīng)用，需要根據(jù)已知條件和所要解決的問題確定構(gòu)造的方向．一般通過構(gòu)造新的函數(shù)、不等式或數(shù)列等新的模型將問題轉(zhuǎn)化為自己熟悉的問題．在立體幾何中，補(bǔ)形構(gòu)造是最為常用的解題技巧．通過補(bǔ)形能將一般幾

14、何體的有關(guān)問題在特殊的幾何體中求解，如將三棱錐補(bǔ)成特殊的長方體等． 4.如圖，已知球O的面上有四點(diǎn)A、B、C、D，DA⊥平面ABC，AB⊥BC，DA＝AB＝BC＝，則球O的體積等于________． 解析：如圖，以DA，AB，BC為棱長構(gòu)造正方體，設(shè)正方體的外接球球O的半徑為R，則正方體的體對(duì)角線長即為球O的直徑，所以CD＝＝2R，所以R＝，故球O的體積V＝＝π. 答案：π 1．填空題的主要作用是考查考生的基礎(chǔ)知識(shí)、基本技能以及思維能力和分析問題、解決問題的能力．填空題只要求直接填寫結(jié)果，不必寫出計(jì)算或推理過程，其結(jié)果必須是數(shù)值準(zhǔn)確、形式規(guī)范、表達(dá)式(數(shù))最簡．

15、 2．填空題的主要特征是題目小、跨度大，知識(shí)覆蓋面廣，形式靈活，突出考查考生準(zhǔn)確、嚴(yán)謹(jǐn)、全面、靈活運(yùn)用知識(shí)的能力．近年來填空題作為命題組改革實(shí)驗(yàn)的一個(gè)窗口，出現(xiàn)了一些創(chuàng)新題，如閱讀理解型、發(fā)散開放型、多項(xiàng)選擇型、實(shí)際應(yīng)用型等，這些題型的出現(xiàn)，使解填空題的要求更高、更嚴(yán)了． 3．填空題不同于選擇題，由于沒有非正確的選項(xiàng)干擾，因而不必?fù)?dān)心“上當(dāng)受騙”而誤入歧途．但填空題最容易犯的錯(cuò)誤，要么答案不當(dāng)，要么答案不全． [填空題技法專練] 1．(20xx·海口模擬)在△ABC中，若||＝1，||＝，|＋|＝||，則|－|＝________. 解析：依題意得|＋|2＝|－|2，(＋)2－(－)2

16、＝4·＝0，⊥，|－|＝||＝＝2. 答案：2 2．已知函數(shù)f(x)＝(1＋tan x)cos2x的定義域?yàn)椋瑒t函數(shù)f(x)的值域?yàn)開_______． 解析：f(x)＝(1＋tan x)cos2x＝sin＋，因?yàn)閤∈，所以sin∈，所以f(x)的值域?yàn)? 答案： 3．(20xx·濟(jì)南模擬)復(fù)數(shù)的虛部為________． 解析：∵＝＝1－i， ∴復(fù)數(shù)的虛部為－1. 答案：－1 4．已知點(diǎn)P(x，y)在直線x＋2y＝3上移動(dòng)，當(dāng)2x＋4y取得最小值時(shí)，過點(diǎn)P引圓2＋2＝的切線，則此切線段的長度為________． 解析：由基本不等式得2x＋4y≥2＝2＝4，當(dāng)且僅當(dāng)x＝2y＝時(shí)

17、取得最小值，即P.由于點(diǎn)P與圓心C之間的距離|PC|＝，故切線長＝＝＝. 答案： 5．如果一個(gè)棱柱的底面是正多邊形，并且側(cè)棱與底面垂直，這樣的棱柱叫做正棱柱．已知一個(gè)正六棱柱的各個(gè)頂點(diǎn)都在半徑為3的球面上，則該正六棱柱的體積的最大值為________． 解析：設(shè)棱柱高為2x(00，b>0)的焦點(diǎn)F到一條漸近線的距離為|OF|，點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，則此雙曲線的離心率

18、為________． 解析：由題意知一焦點(diǎn)F(c,0)到直線y＝x的距離為c，即＝b＝c，整理得b2＝c2－a2＝2，解得e＝＝2. 答案：2 7．在三棱錐A-BCD中，側(cè)棱AB、AC、AD兩兩垂直，△ABC、△ACD、△ADB的面積分別為、、，則三棱錐A-BCD的外接球的體積為________． 解析：設(shè)AB、AC、AD的長分別為x、y、z，則xy＝，yz＝，xz＝，解得x＝，y＝1，z＝，把這個(gè)三棱錐補(bǔ)成一個(gè)長方體，這個(gè)三棱錐和補(bǔ)成的長方體具有共同的外接球，這個(gè)球的半徑等于＝，故這個(gè)球的體積是π3＝π. 答案：π 8．若銳角α，β，γ滿足cos2α＋cos2β＋cos2γ＝1，

19、那么tan α·tan β·tan γ的最小值為________． 解析：如圖，構(gòu)造長方體ABCD-A1B1C1D1.設(shè)AB＝a，AD＝b，AA1＝c，∠C1AB＝α，∠C1AD＝β，∠C1AA1＝γ，則cos2α＋cos2β＋cos2γ＝1. 從而有tan α·tan β·tan γ＝··≥＝2. 當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝c時(shí)，tan α·tan β·tan γ有最小值2. 答案：2 9．(20xx·朝陽區(qū)統(tǒng)考)設(shè)直線x－my－1＝0與圓(x－1)2＋(y－2)2＝4相交于A，B兩點(diǎn)，且弦AB的長為2，則實(shí)數(shù)m的值是________． 解析：由條件可知，圓心(1,2)到直線x－my－1＝

20、0的距離d＝＝1，即＝1，解之得m＝±. 答案：± 10．若直線x＝my－1與圓C：x2＋y2＋mx＋ny＋p＝0交于A，B兩點(diǎn)，且A，B兩點(diǎn)關(guān)于直線y＝x對(duì)稱，則實(shí)數(shù)p的取值范圍為________． 解析：依題意，直線x＝my－1與直線y＝x垂直，則m＝－1，聯(lián)立得弦AB的中點(diǎn)坐標(biāo)為.設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，聯(lián)立得2x2＋(1－n)x＋p－n＋1＝0，則x1＋x2＝－＝－×2＝－1，即n＝－1.從而有2x2＋2x＋p＋2＝0，令Δ＝4－8(p＋2)>0，得p<－. 答案： 11．(20xx·南昌模擬)下列命題中真命題的序號(hào)是________(填上所有正確的序號(hào))．

21、①向量a與向量b共線，則存在實(shí)數(shù)λ使a＝λb(λ∈R)； ②a，b為單位向量，其夾角為θ，若|a－b|>1，則<θ≤π； ③A，B，C，D是空間不共面的四點(diǎn)，若·＝0，·＝0，·＝0，則△BCD一定是銳角三角形； ④向量，，滿足||＝||＋||，則與同向； ⑤若向量a∥b，b∥c，則a∥c. 解析：①錯(cuò)誤，若b＝0，a≠0結(jié)論不成立；②正確，因?yàn)閨a－b|2＝2－2cos θ>1，即cos θ<，解得<θ≤π；③正確，由已知可得四面體三條側(cè)棱AB，AC，AD兩兩垂直，則底面BCD易由三垂線定理證明三條高均在三角形內(nèi)部，即三角形BCD為銳角三角形；④錯(cuò)誤，應(yīng)共線且反向；⑤錯(cuò)誤，當(dāng)向量b

22、＝0時(shí)結(jié)論不成立，因?yàn)榱阆蛄康姆较蚴侨我獾?，綜上可知，命題②③為真命題． 答案：②③ 12.如圖，在三棱錐O-ABC中，三條棱OA，OB，OC兩兩垂直，且OA>OB>OC，分別經(jīng)過三條棱OA，OB，OC作一個(gè)截面平分三棱錐的體積，截面面積依次為S1，S2，S3，則S1，S2，S3的大小關(guān)系為________． 解析：令OA＝6，OB＝4，OC＝2，分別取BC，CA，AB邊的中點(diǎn)D，E，F(xiàn)，則△OAD，△OBE，△OCF分別是滿足條件的截面三角形，且它們均為直角三角形，所以 S1＝×6×＝，S2＝×4×＝， S3＝×2×＝，滿足S3

23、在區(qū)間上的函數(shù)y＝6cos x的圖像與y＝5tan x的圖像的交點(diǎn)為P，過點(diǎn)P作PP1⊥x軸于點(diǎn)P1，直線PP1與y＝sin x的圖像交于點(diǎn)P2，則線段P1P2的長為________． 解析：如圖所示，線段P1P2的長即為sin x的值，且其中的x滿足6cos x＝5tan x，解得sin x＝，即線段P1P2的長為. 答案： 14．已知數(shù)列{an}滿足a1＝33，an＋1－an＝2n，則的最小值為________． 解析：an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1＝2[1＋2＋…＋(n－1)]＋33＝n2－n＋33. 所以＝＋n－1，設(shè)f(x)＝

24、＋x－1(x>0)，令f′(x)＝＋1>0，則f(x)在(，＋∞)上是單調(diào)遞增的，在(0，)上是單調(diào)遞減的，因?yàn)閚∈N*，所以當(dāng)n＝5或6時(shí)f(x)有最小值． 又因?yàn)椋?，＝＝? 所以的最小值為＝. 答案： 15．定義在R上的函數(shù)f(x)是奇函數(shù)，且f(x)＝f(2－x)，在區(qū)間[1,2]上是單調(diào)遞減函數(shù)．關(guān)于函數(shù)f(x)有下列結(jié)論： ①圖像關(guān)于直線x＝1對(duì)稱； ②最小正周期是2； ③在區(qū)間[－2，－1]上是減函數(shù)； ④在區(qū)間[－1,0]上是增函數(shù)． 其中正確結(jié)論的序號(hào)是________(把所有正確結(jié)論的序號(hào)都填上)． 解析：由f(x)＝f(2－x)可知函數(shù)f(x)的圖像關(guān)于

25、直線x＝1對(duì)稱，故結(jié)論①正確；因?yàn)楹瘮?shù)f(x)為奇函數(shù)，其圖像關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)對(duì)稱，圖像又關(guān)于直線x＝1對(duì)稱，故函數(shù)f(x)必是一個(gè)周期函數(shù)，其最小正周期為4×(1－0)＝4，故結(jié)論②不正確；因?yàn)槠婧瘮?shù)在關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱的兩個(gè)區(qū)間上的單調(diào)性是相同的，且f(x)在區(qū)間[1,2]上是單調(diào)遞減函數(shù)，所以其在區(qū)間[－2，－1]上也是單調(diào)遞減函數(shù)，故結(jié)論③正確；因?yàn)楹瘮?shù)f(x)的圖像關(guān)于直線x＝1對(duì)稱，在區(qū)間[1,2]上是單調(diào)遞減函數(shù)，而函數(shù)在關(guān)于對(duì)稱軸對(duì)稱的兩個(gè)區(qū)間上的單調(diào)性是相反的，故函數(shù)f(x)在區(qū)間[0,1]上是單調(diào)遞增函數(shù)，又由奇函數(shù)的性質(zhì)可得，函數(shù)f(x)在區(qū)間[－1,0]上是單調(diào)遞增函數(shù)，故結(jié)論④

26、正確． 答案：①③④ 16．(20xx·深圳模擬)如圖，在直角梯形ABCD中，AB⊥AD，AD＝DC＝1，AB＝3，動(dòng)點(diǎn)P在以點(diǎn)C為圓心，且與直線BD相切的圓內(nèi)運(yùn)動(dòng)，設(shè)＝α＋β (α，β∈R)，則α＋β的取值范圍是________． 解析：以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，以AB，AD所在直線為x軸，y軸建立直角坐標(biāo)系，設(shè)P(x，y)，則＝(x，y)＝α(0,1)＋β(3,0)＝(3β，α)，故有3β＝x，y＝α，因此z＝β＋α＝＋y，又由題意圓C的圓心坐標(biāo)為(1,1)，且直線BD的方程為x＋3y－3＝0，則圓心到直線的距離即為半徑R＝，因此圓的方程為(x－1)2＋(y－1)2＝，當(dāng)直線z＝＋y與圓相切時(shí)，可得z＝1或z＝，又因點(diǎn)P在圓的內(nèi)部，故z＝β＋α＝＋y的取值范圍是. 答案：