《（浙江選考）2020版高考物理大一輪復習 第六章 動量守恒定律 第1講 動量定理 動量守恒定律課件.ppt》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（浙江選考）2020版高考物理大一輪復習 第六章 動量守恒定律 第1講 動量定理 動量守恒定律課件.ppt（54頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、,第六章動量守恒定律,第1講動量定理動量守恒定律,NEIRONGSUOYIN,內(nèi)容索引,過好雙基關,研透命題點,課時作業(yè),回扣基礎知識 訓練基礎題目,細研考綱和真題 分析突破命題點,限時訓練 練規(guī)范 練速度,過好雙基關,1.動量 物體的質(zhì)量與速度的乘積為動量，即pmv，單位是kgm/s.動量是描述物體運動狀態(tài)的物理量，是矢量，其方向與 的方向相同. 2.沖量 力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，即IFt，沖量是矢量，其方向與 的方向相同，單位是Ns. 3.動量定理 物體在一個過程始末的動量變化量等于它在這個過程中所受力的沖量，即ppI.適用于單個物體或多個物體組成的系統(tǒng).,一、動量和動量定理,
2、速度,力,自測1下列說法正確的是 A.速度大的物體，它的動量一定也大 B.動量大的物體，它的速度一定也大 C.只要物體的運動速度大小不變，物體的動量就保持不變 D.物體的動量變化越大，則該物體的速度變化一定越大,自測2(多選)如圖1所示，一個物體在與水平方向成角的拉力F的作用下勻速前進了時間t，則 A.拉力對物體的沖量大小為Ft B.拉力對物體的沖量大小為Ftsin C.摩擦力對物體的沖量大小為Ftsin D.合外力對物體的沖量大小為零,圖1,解析拉力F對物體的沖量就是Ft，所以A項正確，B項錯誤； 物體受到的摩擦力FfFcos ，所以，摩擦力對物體的沖量大小為FftFtcos ，C項錯誤；
3、物體勻速運動，合外力為零，所以合外力對物體的沖量大小為零，D項正確.,答案,1.適用條件 (1)系統(tǒng)不受外力或所受外力的合力為零，不是系統(tǒng)內(nèi)每個物體所受的合力都為零，更不能認為系統(tǒng)處于 狀態(tài). (2)近似適用條件：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力 它所受到的外力. (3)如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng) 動量守恒. 2.動量守恒定律的不同表達形式 (1)m1v1m2v2 ，相互作用的兩個物體組成的系統(tǒng)，作用前的總動量等于作用后的總動量. (2)p1 ，相互作用的兩個物體動量的增量等大反向. (3)p ，系統(tǒng)總動量的增量為零.,二、動量守恒定律,平衡,遠大于,在該方向上,m1v1m2v
4、2,p2,0,自測3關于系統(tǒng)動量守恒，下列說法錯誤的是 A.只要系統(tǒng)內(nèi)有摩擦力，動量就不可能守恒 B.只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量就守恒 C.系統(tǒng)所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒 D.相互作用的兩物體動量的增量的矢量和一定為零,1.碰撞 碰撞是指物體間的相互作用持續(xù)時間很短，而物體間相互作用力 的現(xiàn)象. 2.特點 在碰撞現(xiàn)象中，一般都滿足內(nèi)力 外力，可認為相互碰撞的系統(tǒng)動量守恒. 3.分類,三、碰撞,很大,遠大于,守恒,最大,1.反沖現(xiàn)象 (1)如果一個靜止的物體在內(nèi)力作用下分裂為兩部分，一部分向某個方向運動，另一部分必然向 運動. (2)反沖運動中，相互作用
5、力一般較大，通?？梢杂?定律來處理. (3)反沖運動中，由于有其他形式的能轉化為機械能，所以系統(tǒng)的 增加. 2.火箭 (1)工作原理：利用反沖運動.火箭燃料燃燒產(chǎn)生的高溫、高壓燃氣從尾噴管迅速噴出時，使火箭獲得巨大的 . (2)設火箭在t時間內(nèi)噴射燃氣的質(zhì)量是m，噴出燃氣的速度大小是u，噴出燃 氣后火箭的質(zhì)量是m，則火箭獲得的速度大小v .,四、反沖運動火箭,相反方向,動量守恒,機械能,反作用力,自測4(多選)下列屬于反沖運動的是 A.汽車的運動 B.直升飛機的運動 C.火箭的運動 D.反擊式水輪機的運動,返回,研透命題點,命題點一動量定理的理解和應用,1.理解 (1)物體的動量變化一定，此時
6、力的作用時間越短，力就越大；力的作用時間越長，力就越小. (2)物體受到的作用力一定，此時力的作用時間越長，動量變化量越大；力的作用時間越短，動量變化量越小.,2.應用 (1)應用Ip求變力的沖量. (2)應用pFt求恒力作用下的曲線運動中物體動量的變化量. (3)應用動量定理解題的步驟 確定研究對象. 進行受力分析：分析研究對象以外的物體施加給研究對象的力. 分析運動過程，選取正方向，確定初、末狀態(tài)的動量以及整個過程合力的沖量. 列方程：根據(jù)動量定理列方程求解.,答案,例1用豆粒模擬氣體分子，可以模擬氣體壓強產(chǎn)生的原理.如圖2所示，從距秤盤80 cm高處把1 000粒的豆粒連續(xù)均勻地倒在秤盤
7、上，持續(xù)作用時間為1 s，豆粒彈起時豎直方向的速度大小變?yōu)榕銮暗囊话耄较蛳喾?若每個豆粒只與秤盤碰撞一次，且碰撞時間極短(在豆粒與秤盤碰撞極短時間內(nèi)，碰撞力遠大于豆粒受到的重力)，已知1 000粒的豆粒的總質(zhì)量為100 g.則在碰撞過程中秤盤受到的壓力大小約為 A.0.2 N B.0.6 N C.1.0 N D.1.6 N,圖2,解析豆粒從80 cm高處下落到秤盤上時的速度為v1，v122gh，,設豎直向上為正方向，根據(jù)動量定理：Ftmv2mv1,故B正確，A、C、D錯誤.,變式1籃球運動員通常要伸出雙手迎接傳來的籃球.接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前，如圖3所示.這樣做可以 A.減小球對手的
8、沖量 B.減小球對人的沖擊力 C.減小球的動量變化量 D.減小球的動能變化量,答案,圖3,解析先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時間，根據(jù)動量定理得：Ft0mv F ，球對手的沖量、球的動量和球的動能的變化量都不變，當時間增大時，球與人間的作用力減小，所以B正確.,答案0.6 Ns，方向豎直向上,變式2一個質(zhì)量為m100 g的小球從離厚軟墊h0.8 m高處自由下落，落到厚軟墊上，若從小球接觸軟墊到小球陷至最低點經(jīng)歷了t0.2 s，不計空氣阻力，則在這段時間內(nèi)，軟墊對小球的沖量是多少？(取g10 m/s2),答案,設I為軟墊對小球的沖量，并令豎直向下的方向為
9、正方向，則對小球整個運動過程運用動量定理得 mg(t1t)I0，得I0.6 Ns. 負號表示軟墊對小球的沖量方向和規(guī)定的正方向相反，方向豎直向上.,1.適用條件 (1)前提條件：存在相互作用的物體組成的系統(tǒng). (2)理想條件：系統(tǒng)不受外力. (3)實際條件：系統(tǒng)所受合外力為0. (4)近似條件：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠大于系統(tǒng)所受的外力. (5)方向條件：系統(tǒng)在某一方向上滿足上面的條件，則在此方向上動量守恒.,命題點二動量守恒定律的理解和應用,2.解題步驟 (1)明確研究對象，確定系統(tǒng)的組成(系統(tǒng)包括哪幾個物體及研究的過程)； (2)進行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否守恒(或某一方向上是否守
10、恒)； (3)規(guī)定正方向，確定初、末狀態(tài)動量； (4)由動量守恒定律列出方程； (5)代入數(shù)據(jù)，求出結果，必要時討論說明.,例2兩磁鐵各放在兩輛小車上，小車能在水平面上無摩擦地沿同一直線運動.已知甲車和磁鐵的總質(zhì)量為0.5 kg，乙車和磁鐵的總質(zhì)量為1 kg，兩磁鐵的N極相對.推動一下，使兩車相向運動，某時刻甲的速度大小為2 m/s，乙的速度大小為3 m/s，方向與甲相反，兩車運動過程中始終未相碰.則： (1)兩車最近時，乙的速度為多大？,答案,解析兩車相距最近時，兩車的速度大小相同，設該速度大小為v，取剛開始運動時乙車的速度方向為正方向，由動量守恒定律得m乙v乙m甲v甲(m甲m乙)v 所以兩
11、車最近時，乙車的速度大小為,(2)甲車開始反向時，乙的速度為多大？,答案,解析甲車開始反向時，其速度大小為0，設此時乙車的速度大小為v乙，取剛開始運動時乙車的速度方向為正方向，由動量守恒定律得 m乙v乙m甲v甲m乙v乙 解得v乙2 m/s.,答案2 m/s,變式3(多選)如圖4所示是兩組短道速滑選手在接力瞬間的照片，在短道速滑接力時，后面隊員把前面隊員用力推出(推出過程中可忽略運動員受到的冰面水平方向的作用力)，以下說法正確的是 A.接力過程中前面隊員動能增加量等于后面隊員 動能減少量 B.接力過程中前面隊員受到的沖量和后面隊員受 到的沖量大小相等，方向相反 C.接力過程中前后兩名隊員總動量增
12、加 D.接力過程中前后兩名隊員總動量不變,圖4,解析由題圖乙可知，A、B最終以共同速度v1勻速運動，可以確定物體A相對小車B的位移，不能確定小車上表面長度，A錯誤； 以v0的方向為正方向，由動量守恒定律得mAv0(mAmB)v1，可解得物體A與小車B的質(zhì)量之比，D正確，B、C錯誤.,變式4如圖5甲所示，光滑平臺上物體A以初速度v0滑到靜止于水平地面且上表面粗糙的水平小車上，車與水平面間的動摩擦因數(shù)不計，圖乙為物體A與小車B的vt圖象，由圖乙中各物理量可求得 A.小車上表面的長度 B.物體A的質(zhì)量 C.小車B的質(zhì)量 D.物體A與小車B的質(zhì)量之比,答案,圖5,變式5一質(zhì)量為M的航天器遠離太陽和行星
13、，正以速度v0在太空中飛行，某一時刻航天器接到加速的指令后，發(fā)動機瞬間向后噴出質(zhì)量為m的氣體，氣體向后噴出的速度大小為v1，加速后航天器的速度大小v2等于(v0、v1、v2均為相對同一參考系的速度),答案,解析設v0的方向為正方向，根據(jù)題意，由動量守恒定律有Mv0mv1(Mm)v2,1.碰撞遵循的三條原則 (1)動量守恒定律 (2)機械能不增加,命題點三碰撞問題,(3)速度要合理 同向碰撞：碰撞前，后面的物體速度大；碰撞后，前面的物體速度大(或相等). 相向碰撞：碰撞后兩物體的運動方向不可能都不改變.,2.彈性碰撞討論 (1)滿足動量守恒和機械能守恒,(2)“一動碰一靜”模型中，兩物體發(fā)生彈性
14、正碰后的速度滿足：,當兩物體質(zhì)量相等時，兩物體碰撞后交換速度. (3)含有彈簧的系統(tǒng)的動量守恒問題，從本質(zhì)上看，屬于一種時間較長的彈性碰撞.在作用的過程中，當彈簧被壓縮至最短或拉伸至最長時，系統(tǒng)內(nèi)各個物體具有共同的速度，而此時彈簧的彈性勢能最大.,例3如圖6所示，一個質(zhì)量為M50 kg的運動員和質(zhì)量為m10 kg的木箱靜止在光滑水平面上，從某時刻開始，運動員以v03 m/s的速度向墻的方向推出箱子，箱子與右側墻壁發(fā)生完全彈性碰撞后返回.當運動員接到箱子后，再次重復上述過程，每次運動員均以v03 m/s的速度向墻的方向推出箱子.求：,圖6,(1)運動員第一次接到木箱后的速度大??；,答案,答案1
15、m/s,解析取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律得 第一次推出木箱0Mv1mv0 第一次接住木箱Mv1mv0(Mm)v1,(2)運動員最多能夠推出木箱幾次？,答案,答案3次,解析第二次推出木箱(Mm)v1Mv2mv0 第二次接住木箱Mv2mv0(Mm)v2 同理可得第n次接住木箱時獲得的速度為,解得n3 故運動員最多能夠推出木箱3次.,變式6(多選)如圖7所示，兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運動，滑塊A的質(zhì)量為m，速度大小為2v0，方向向右，滑塊B的質(zhì)量為2m，速度大小為v0，方向向左，兩滑塊發(fā)生碰撞后的可能運動狀態(tài)是 A.A和B都向左運動 B.A和B都向右運動 C.A、B都靜止 D
16、.A向左運動，B向右運動,圖7,變式7(多選)如圖8所示，在光滑水平面上，質(zhì)量為m的A球以速度v0向右運動，與靜止的質(zhì)量為5m的B球碰撞，碰撞后A球以vav0(待定系數(shù)a1)的速度彈回，并與固定擋板P發(fā)生彈性碰撞，若要使A球能再次追上B球并相撞，則系數(shù)a可以是,答案,圖8,變式8如圖9所示，在水平光滑直導軌上，靜止著兩個質(zhì)量為m1 kg的相同的小球A、B.現(xiàn)讓A球以v02 m/s的速度向B球運動，A、B兩球碰撞后粘在一起繼續(xù)向右運動.求： (1)A、B兩球碰撞后一起運動的共同速度多大？,圖9,答案,答案1 m/s,解析A、B兩球相碰，滿足動量守恒定律，以v0的方向為正方向 則有mv02mv 代
17、入數(shù)據(jù)解得A、B兩球相碰后的速度v1 m/s,返回,答案,(2)碰撞過程中損失了多少動能？,答案1 J,解析A、B碰撞過程中損失的動能為,課時作業(yè),1.(多選)下列說法正確的是 A.物體運動的方向就是它的動量的方向 B.如果物體的速度發(fā)生變化，則可以肯定它受到的合外力的沖量不為零 C.如果合外力對物體的沖量不為零，則合外力一定使物體的動能增大 D.作用在物體上的合外力的沖量不一定能改變物體速度的大小,答案,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析物體動量的方向與物體的運動方向相同，A對； 如果物體的速度變化，則物體的動量一定發(fā)生了變化，由動量定理知，物體受到的合外力的沖
18、量不為零，B對； 合外力對物體的沖量不為零，但合外力可以對物體不做功，物體的動能可以不變，C錯； 作用在物體上的合外力的沖量可以只改變物體速度的方向，不改變速度的大小，D對.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,2.(多選)關于動量、沖量，下列說法成立的是 A.某段時間內(nèi)物體的動量增量不為零，而物體在某一時刻的動量可能為零 B.某段時間內(nèi)物體受到的沖量不為零，而物體動量的增量可能為零 C.某一時刻，物體的動量為零，而動量對時間的變化率可能不為零 D.某段時間內(nèi)物體受到的沖量變大，則物體的動量大小可能變大、變小或不變,答案,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,
19、12,13,解析自由落體運動，從開始運動的某一段時間內(nèi)物體動量的增量不為零，而其中初位置物體的動量為零，故A正確； 某段時間內(nèi)物體受到的沖量不為零，根據(jù)動量定理，動量的變化量不為零，故B錯誤； 某一時刻物體的動量為零，該時刻速度為零，動量的變化率是合力，速度為零，合力可以不為零，即動量的變化率可以不為零，故C正確； 根據(jù)動量定理，沖量等于動量的變化.某段時間內(nèi)物體受到的沖量變大，則物體的動量的改變量變大，動量大小可能變大、變小或不變，故D正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析紙帶對杯子的摩擦力一定，緩慢拉動紙條時，抽出的過程中時間長，則摩擦力對杯子的沖量較大，
20、快速拉動紙條時，抽出的過程中時間短，則摩擦力對杯子的沖量較小，故A、B錯誤； 為使杯子不滑落，杯子與桌面間的動摩擦因數(shù)盡量大一些，這樣杯子在桌面上減速運動的加速度大，位移短，故C錯誤，D正確.,3.如圖1所示，小明在演示慣性現(xiàn)象時，將一杯水放在桌邊，杯下壓一張紙條.若緩慢拉動紙條，發(fā)現(xiàn)杯子會出現(xiàn)滑落；當他快速拉動紙條時，發(fā)現(xiàn)杯子并沒有滑落.對于這個實驗，下列說法正確的是 A.緩慢拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較小 B.快速拉動紙條時，摩擦力對杯子的沖量較大 C.為使杯子不滑落，杯子與紙條間的動摩擦因數(shù)盡量大一些 D.為使杯子不滑落，杯子與桌面間的動摩擦因數(shù)盡量大一些,答案,圖1,1,2,3,4
21、,5,6,7,8,9,10,11,12,13,4.下列說法錯誤的是 A.火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度 B.體操運動員在著地時屈腿是為了減小地面對運動員的作用力 C.用槍射擊時要用肩部抵住槍身是為了減少反沖的影響 D.為了減輕撞車時對司乘人員的傷害程度，發(fā)動機艙越堅固越好,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,5.(多選)如圖2所示，一段不可伸長的輕質(zhì)細繩長為L，一端固定在O點，另一端系一個質(zhì)量為m的小球(可以視為質(zhì)點)，保持細繩處于伸直狀態(tài)，把小球拉到跟O點等高的位置由靜止釋放，在小球擺到最低點的過程中，不計空氣阻力，重力加速度大小為g，則 A.合外力做的功為0
22、 B.合外力的沖量為m C.重力做的功為mgL D.重力的沖量為m,圖2,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,6.(多選)如圖3所示，在光滑的水平面上有靜止的物體A和B.物體A的質(zhì)量是B的2倍，兩物體中間用被細繩束縛的處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧相連.當把細繩剪斷，彈簧在恢復原長的過程中 A.A的速率是B的2倍 B.A的動量大于B的動量 C.A受的力等于B受的力 D.A、B組成的系統(tǒng)的總動量為零,圖3,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,7.如圖4所示，運動員揮拍將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出.如果網(wǎng)球被拍子擊打前、后瞬間速度的大小分別為v1、v2，v1與v2方
23、向相反，且v2v1.重力影響可忽略，則此過程中拍子對網(wǎng)球作用力的沖量 A.大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同 B.大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同 C.大小為m(v2v1)，方向與v1方向相同 D.大小為m(v2v1)，方向與v2方向相同,圖4,解析取拍子擊打前網(wǎng)球的速度v1的方向為正方向，根據(jù)動量定理得：拍子對網(wǎng)球作用力的沖量Imv2mv1m(v1v2)，即沖量大小為m(v1v2)，方向與v1方向相反，與v2方向相同.選項B正確，A、C、D錯誤.,答案,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,8.如圖5所示，光滑水平面上的兩個小球A和B，其質(zhì)量分別為mA和m
24、B，且mAmB，B球上固定一水平輕質(zhì)彈簧，且處于靜止狀態(tài).現(xiàn)A球以速度v撞擊彈簧的左端(撞擊后A、B兩球在同一直線上運動)，則下列關于撞擊后的說法中正確的是 A.兩球共速時，速度大小為 B.當兩球速度相等時，彈簧恢復原長 C.當A球速度為零時，B球速度為v D.當彈簧壓縮量最大時，兩球速度都為零,圖5,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,9.古時有“守株待兔”的寓言，倘若兔子受到的沖擊力(可視為恒力)大小為自身體重2倍時即可導致死亡，如果兔子與樹樁的作用時間為0.2 s，則被撞死的兔子其奔跑速度可能是(重力加速度g取10 m/s2) A.1.5 m/s B.2.5 m/
25、s C.3.5 m/s D.4.5 m/s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,解析動車車廂和拖車車廂碰撞過程動量守恒，以碰撞前動車車廂的速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律有mv02mv，對拖車車廂根據(jù)動量定理有Imv.聯(lián)立解得I104 Ns，選項C正確.,10.在列車編組站里，一節(jié)動車車廂以1 m/s的速度碰上另一節(jié)靜止的拖車車廂，碰后兩節(jié)車廂結合在一起繼續(xù)運動.已知兩節(jié)車廂的質(zhì)量均為20 t，則碰撞過程拖車車廂受到的沖量大小為(碰撞過程時間很短，內(nèi)力很大) A.10 Ns B.20 Ns C.104 Ns D.2104 Ns,答案,1,2,3,4,5,6,7,8,9
26、,10,11,12,13,11.在2018年冬奧會花樣滑冰雙人滑比賽中，中國選手隋文靜韓聰組合獲得亞軍.如圖6所示為某次訓練中情景，他們攜手滑步，相對光滑冰面的速度為1.0 m/s.韓,答案,圖6,聰突然將隋文靜向原先運動方向推開，推力作用時間為2.0 s，隋文靜的速度大小變?yōu)?.0 m/s.假設隋文靜和韓聰?shù)馁|(zhì)量分別為40 kg和60 kg.求： (1)推開后韓聰?shù)乃俣却笮。?答案1 m/s,解析以原來運動方向為正方向，由動量守恒定律得 (m1m2)vm1v1m2v2 解得v21 m/s 即推開后韓聰?shù)乃俣却笮? m/s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,(2)推
27、開過程中隋文靜對韓聰?shù)钠骄饔昧Υ笮?,答案,答案60 N,解析對韓聰由動量定理得Ftm2v2m2v 解得F60 N 即推開過程中隋文靜對韓聰?shù)钠骄饔昧Υ笮?0 N.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,12.如圖7所示，光滑水平面上小球A、B分別以1.2 m/s、2.0 m/s的速率相向運動，碰撞后B球靜止.已知碰撞時間為0.05 s，A、B的質(zhì)量均為0.2 kg.求： (1)碰撞后A球的速度大??；,解析A、B系統(tǒng)動量守恒，設B碰撞前的運動方向為正方向 由動量守恒定律得mvBmvA0mvA 解得vA0.8 m/s,圖7,答案,答案0.8 m/s,1,2,3,4,5
28、,6,7,8,9,10,11,12,13,(2)碰撞過程A對B平均作用力的大小.,答案,答案8 N,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,13.蹦床運動有“空中芭蕾”之稱，某質(zhì)量m50 kg的運動員從距蹦床h11.25 m高處自由落下，接著又能彈起h21.8 m高，運動員與蹦床接觸時間t0.50 s，在空中保持直立，不計空氣阻力，取g10 m/s2，求： (1)運動員與蹦床接觸時間內(nèi)，所受重力的沖量大小I；,解析重力的沖量大小為：Imgt50100.50 Ns250 Ns,答案,答案250 Ns,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,(2)運動員與蹦床接觸時間內(nèi)，受到蹦床平均彈力的大小F.,解析設運動員下落h1高度時的速度大小為v1，,答案,答案1 600 N,解得v15 m/s,設彈起時速度大小為v2，則根據(jù)動能定理可得：,解得：v26 m/s 取向上為正方向，由動量定理有：(Fmg)tmv2(mv1) 解得F1 600 N.,返回,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,
（浙江選考）2020版高考物理大一輪復習 第六章 動量守恒定律 第1講 動量定理 動量守恒定律課件.ppt
