《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練2 選擇題+選考題(二)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練2 選擇題+選考題(二)（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練2 選擇題+選考題(二)一、選擇題(本題共8小題，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求)14(2018海南省五校一模)真空中有一平行板電容器，電容為C，兩極板分別由鉑和鉀(其極限頻率分別為1和2)制成，板間距離為d.現(xiàn)用頻率為(22mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)突然撤去力F，設(shè)兩物體向上運動過程中A、B間的相互作用力大小為FN，不計空氣阻力，則關(guān)于FN的說法正確的是(重力加速度為g)()A剛撤去力F時，F(xiàn)NB彈簧彈力大小為F時，F(xiàn)NCA、B的速度最大時，
2、FN2mgD彈簧恢復(fù)原長時，F(xiàn)Nmg解析對A施加一豎直向下、大小為F(F2mg)的力，將彈簧再壓縮一段距離(彈簧始終處于彈性限度內(nèi))而處于平衡狀態(tài)，彈簧彈力大小為F2mg.剛撤去力F時，A、B向上加速運動，由牛頓第二定律可得，a，對A受力分析，由牛頓第二定律有，F(xiàn)Nmgma，解得FN，選項A錯誤當(dāng)彈簧彈力大小為F時，對A、B整體，由牛頓第二定律有，F(xiàn)2mg2ma1，隔離A，由牛頓第二定律有，F(xiàn)Nmgma1，解得FN，選項B正確A、B的速度最大時，加速度為零，彈簧彈力大小為2mg，F(xiàn)Nmg，選項C錯誤彈簧恢復(fù)原長時，A、B只受重力向上運動，F(xiàn)N0，選項D錯誤答案B19(2018河南鄭州二次質(zhì)檢)
3、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B.M為磁場邊界上一點，有無數(shù)個帶電荷量為q、質(zhì)量為m的相同粒子(不計重力)在紙面內(nèi)向各個方向以相同的速率通過M點進(jìn)入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的.下列說法中正確的是()A粒子從M點進(jìn)入磁場時的速率為vB粒子從M點進(jìn)入磁場時的速率為vC若將磁感應(yīng)強度的大小增加到B，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼腄若將磁感應(yīng)強度的大小增加到B，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼慕馕鲈O(shè)從M點射入的粒子與磁場邊界的最遠(yuǎn)交點為P，如圖甲所示，最遠(yuǎn)的點是軌跡圓直徑與磁場邊界圓的交點，相應(yīng)的弧長為圓周
4、長的，所以MOP120；結(jié)合幾何關(guān)系有r，又PM2Rcos30，解得rR，洛倫茲力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律有qvBm，解得v，A正確，B錯誤；若將磁感應(yīng)強度的大小增加到B，則粒子的軌道半徑r1，解得r1，作出粒子的軌跡，如圖乙所示，由幾何關(guān)系可知MOP60，則粒子射出邊界的圓弧長變?yōu)樵瓉淼囊话耄珻正確；若將磁感應(yīng)強度的大小增加到B，則粒子的軌道半徑r2，解得r2，作出粒子的軌跡，如圖丙所示，由幾何關(guān)系可知MOP90，則粒子射出邊界的圓弧長變?yōu)樵瓉淼?，D錯誤答案AC20.如圖所示，a、b兩端接在正弦交流電源上，原、副線圈回路中A、B電阻阻值相同，原、副線圈匝數(shù)比為n1n231，下列說法正確的
5、是()AA、B電阻電流之比為13BA、B電阻電壓之比為31CA、B電阻功率之比為11DA電阻兩端電壓與原線圈輸入電壓之比為19解析根據(jù)得，U13U23UB，根據(jù)，選項A正確；UAI1RI2RUB，選項B錯誤；，選項C錯誤；，選項D正確答案AD21(2018浙江五校聯(lián)考)如圖所示，滑塊A、B的質(zhì)量均為m，A套在傾斜固定的直桿上，傾斜桿與水平面成45角，B套在水平固定的直桿上，兩桿分離不接觸，兩直桿間的距離忽略不計，兩直桿足夠長，A、B通過鉸鏈用長度為L的剛性輕桿(初始時輕桿與水平面成30角)連接，A、B從靜止釋放，B開始沿水平桿向右運動，不計一切摩擦，滑塊A、B視為質(zhì)點，重力加速度為g，下列說法
6、正確的是()AA、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B當(dāng)A到達(dá)B所在的水平面時，A的速度為CB到達(dá)最右端時，A的速度為DB的最大速度為解析因不計一切摩擦，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A正確；當(dāng)A到達(dá)B所在水平面時，有mgmvmv，將A的速度沿水平方向和豎直方向分解，則A、B的速度關(guān)系為vBvA，得vA，故B錯誤；B到達(dá)最右端時，B的速度為零，此時A、B的位置如圖1所示，則有mgLmv，解得vA，故C錯誤；當(dāng)A滑到最低點時，速度為零，B的速度最大，此時A、B的位置如圖2所示，則有mgLmv，解得vB，故D正確答案AD二、選考題(從兩道題中任選一題作答)33(2018江西六校聯(lián)考)物理選修33(1)(多選)如圖所示，質(zhì)
7、量為m的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在氣缸內(nèi)，活塞與氣缸之間無摩擦，a狀態(tài)是氣缸放在冰水混合物中氣體達(dá)到的平衡狀態(tài)，在活塞上加一質(zhì)量為m的砝碼，經(jīng)過過程達(dá)到b狀態(tài)，再將氣缸從容器中移出后，經(jīng)過過程在室溫(27 )中達(dá)到c狀態(tài)，已知大氣壓強保持不變下列說法中正確的是_A過程中理想氣體從外界吸收熱量B過程中理想氣體從外界吸收熱量Cc狀態(tài)與a狀態(tài)相比，c狀態(tài)的氣體分子對活塞的作用力較大D理想氣體在b狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能E理想氣體在c狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能(2)如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓柱形氣缸豎直倒立在兩木塊上，氣缸底水平，氣缸質(zhì)量為M20 kg、橫截面積為S5.0103 m2、高為H0.
8、5 m，質(zhì)量m10 kg的活塞在氣缸中封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，氣體溫度t127 ，活塞靜止，此時活塞到氣缸開口端的距離為h0.1 m通過一定的方法使氣缸內(nèi)封閉氣體從外界吸收了熱量Q620 J，此時氣體溫度為t2177 ，已知大氣壓強為p01.0105 Pa，重力加速度大小g10 m/s2，求最終氣體的壓強；此過程中封閉氣體的內(nèi)能變化解析(1)過程中外界對氣體做功，內(nèi)能不變，理想氣體放出熱量，A錯誤；過程中理想氣體對外做功，內(nèi)能增大，理想氣體從外界吸收熱量，B正確；由于c狀態(tài)的壓強大于a狀態(tài)的壓強，所以c狀態(tài)的氣體分子對活塞的作用力較大，C正確；理想氣體在b狀態(tài)的溫度等于在a狀態(tài)的溫度，在b狀
9、態(tài)的內(nèi)能等于在a狀態(tài)的內(nèi)能，D錯誤；理想氣體在c狀態(tài)的溫度高于在a狀態(tài)的溫度，在c狀態(tài)的內(nèi)能大于在a狀態(tài)的內(nèi)能，E正確(2)初始時氣體壓強為p1p00.8105 Pa氣體體積V1(Hh)S，溫度T1300 K假設(shè)氣缸足夠長，溫度變?yōu)門2(273177) K，根據(jù)蓋薩克定律有解得V20.6SV0(氣缸體積)，表明活塞向下移動h后氣體做等容變化氣體終態(tài)：壓強為p3，體積V3V0，溫度T3T2根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得p30.96105 Pa封閉氣體在等壓變化過程中氣體對外界做的功Wp1hS對封閉氣體，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律有UQW解得U580 J，氣體內(nèi)能增加580 J.答案(1)BCE(2)0.96
10、105 Pa增加580 J34(2018河北各校聯(lián)盟)物理選修34(1)如圖所示是水平面上兩列頻率相同的波在某時刻的疊加情況，圖中實線為波峰，虛線為波谷已知兩列波的振幅分別為4 cm和3 cm，波速均為v2 m/s，波長均為8 cm，E點是B、D和A、C連線的交點，則B處質(zhì)點是振動_(選填“加強”或“減弱”)的點，E處質(zhì)點是振動_(選填“加強”或“減弱”)的點，圖示時刻B、D兩處兩質(zhì)點的豎直高度差是_cm.(2)水晶是一種石英結(jié)晶體礦物，其折射率范圍為1.5441.553，不良商家常用碳酸聚酯(折射率一般大于1.6)制成假水晶飾品充當(dāng)真水晶高價來賣某人在旅游時買到一水晶飾品，其截面為直角三角形
11、，如圖所示為了檢驗其真假，他用量角器測量可知C60，B30.他用一束紅色激光射向AC面，方向與AC面夾角為30，折射后的光線MN平行于底邊BC.根據(jù)以上數(shù)據(jù)，回答下列問題：該飾品是否是真水晶？紅色激光束在N點能否發(fā)生全反射？如果能，畫出由底邊BC射出的光線如果將綠色激光從M點射向AC面，方向與AC面夾角為30，其在AC面的折射角是大于30還是小于30？解析(1)實線交點或虛線交點為振動加強點，實線與虛線的交點為振動減弱點，振幅分別為|A1A2|和|A1A2|，對照題圖，A、C兩點為振動減弱點，B、D兩點為振動加強點，B、D連線上各點振動也加強，形成振動加強的區(qū)域，所以E點處質(zhì)點是振動加強的點此刻D處質(zhì)點的位移應(yīng)是|A1A2|7 cm，B處質(zhì)點的位移應(yīng)是7 cm，B、D兩處質(zhì)點的豎直高度差為14 cm.(2)光線在AC界面的入射角160，折射角230根據(jù)折射定律得n1.6，說明該飾品不是真水晶由幾何關(guān)系知，光線在AB界面的入射角為360而臨界角C的正弦值sinCsin60，則光線在AB界面的入射角3C所以光線在N點將發(fā)生全反射，光路如圖因為綠光的頻率大于紅光的頻率，所以該水晶對綠光的折射率大于對紅光的折射率，從而可得其在AC面的折射角小于30.答案(1)加強加強14(2)不是能小于30
2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時專練2 選擇題+選考題(二)
