《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題十 數(shù)學(xué)思想方法 第一講 函數(shù)與方程思想、數(shù)形結(jié)合思想素能提升練 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題十 數(shù)學(xué)思想方法 第一講 函數(shù)與方程思想、數(shù)形結(jié)合思想素能提升練 理（4頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題十 數(shù)學(xué)思想方法 第一講 函數(shù)與方程思想、數(shù)形結(jié)合思想素能提升練 理
1.已知三角形的三邊長分別為3,4,5,則它的邊與半徑為1的圓的公共點個數(shù)最多為( )
A.3 B.4
C.5 D.6
解析:由于3,4,5構(gòu)成直角三角形,故其內(nèi)切圓半徑為r==1.當(dāng)該圓運動時,最多與直角三角形的兩邊有4個交點.
答案:B
2.(xx山西忻州高三聯(lián)考,6)不等式組表示的平面區(qū)域為Ω,直線y=kx-1與區(qū)域Ω有公共點,則實數(shù)k的取值范圍為( )
A.(0,3] B.[-1,1] C.(-∞,3] D.[3,+∞)
解析:
直線y=kx-1顯然經(jīng)過定點M
2、(0,-1),由圖形直接觀察知,當(dāng)直線y=kx-1經(jīng)過直線y=x+1和直線x+y=3的交點C(1,2)時,k最小,此時kCM==3,因此k≥3,即k∈[3,+∞).
答案:D
3.若a>0,b>0,且a+b=2,則ab+的最小值為( )
A.2 B.3
C.4 D.2
解析:∵2=a+b≥2,∴≤1.∴ab∈(0,1].∵函數(shù)f(x)=x+在x∈(0,1]上單調(diào)遞減,∴ab+的最小值為f(1)=2.
答案:A
4.設(shè)平面點集A=,B={(x,y)|(x-1)2+(y-1)2≤1},則A∩B所表示的平面圖形的面積為( )
A. B. C. D.
解析:不等式(y-x)≥0可
3、化為集合B表示圓(x-1)2+(y-1)2=1上以及圓內(nèi)部的點所構(gòu)成的集合,A∩B所表示的平面區(qū)域如圖所示.由于曲線y=,圓(x-1)2+(y-1)2=1均關(guān)于直線y=x對稱,所以陰影部分占圓面積的一半.故選D.
答案:D
5.若方程x+k=有且只有一個解,則k的取值范圍是( )
A.[-1,1) B.k=±
C.[-1,1] D.k=或k∈[-1,1)
解析:令y=x+k ,y=,則x2+y2=1(y≥0).作出圖象如下:
而y=x+k中,k是直線的縱截距,由圖知:方程有一個解?直線與上述半圓只有一個公共點?k=或-1≤k<1.
答案:D
6.(xx河南洛陽高三統(tǒng)一
4、測試,12)已知函數(shù)f(x)=|log2x|-m(m>0)的零點分別為x1,x2(x10)的零點分別為x3,x4(x3
5、=2,a=1.
∴直線過點A(1,).
∴k=.
答案:
8.(xx甘肅蘭州、張掖聯(lián)考,14)已知x,y滿足約束條件則x2+y2的最小值是 .?
解析:畫出不等式組表示的平面區(qū)域如圖所示,x2+y2表示平面區(qū)域內(nèi)的點到坐標(biāo)原點的距離的平方.由題意知,當(dāng)以原點為圓心的圓與直線3x+4y-4=0相切時,x2+y2取得最小值,即,所以(x2+y2)min=.
答案:
9.已知二次函數(shù)y=f1(x)的圖象以原點為頂點且過點(1,1),反比例函數(shù)y=f2(x)的圖象與直線y=x的兩個交點間距離為8,f(x)=f1(x)+f2(x).
(1)求函數(shù)f(x)的表達(dá)式;
(2)證
6、明:當(dāng)a>3時,關(guān)于x的方程f(x)=f(a)有三個實數(shù)解.
(1)解:由已知,設(shè)f1(x)=ax2,由f1(1)=1,得a=1,
于是f1(x)=x2.設(shè)f2(x)=(k>0),它的圖象與直線y=x的交點分別為A(),B(-,-),
由|AB|=8,得k=8,
于是f2(x)=.
故f(x)=x2+.
(2)證法一:由f(x)=f(a),
得x2+=a2+,
即=-x2+a2+.
在同一平面直角坐標(biāo)系內(nèi)作出f2(x)=和f3(x)=-x2+a2+的大致圖象,其中f2(x)的圖象是位于第一、三象限的雙曲線,f3(x)的圖象是以為頂點,開口向下的拋物線.
因此f2(x)與
7、f3(x)的圖象在第三象限有一個交點,
即f(x)=f(a)有一個負(fù)數(shù)解.
又∵f2(2)=4,f3(2)=a2+-4,
當(dāng)a>3時,f3(2)-f2(2)=a2+-8>0,
∴當(dāng)a>3時,在第一象限f3(x)的圖象上存在一點(2,f3(2))在f2(x)圖象的上方.
故f2(x)與f3(x)的圖象在第一象限有兩個交點,
即f(x)=f(a)有兩個正數(shù)解.
因此,在a>3時,方程f(x)=f(a)有三個實數(shù)解.
證法二:由f(x)=f(a),得x2+=a2+,
即(x-a)=0,得方程的一個解x1=a.
方程x+a-=0化為ax2+a2x-8=0,
由a>3,Δ=a4+3
8、2a>0,得x=,
因此x2=,x3=,
∵a>3,∴x1≠x2.若x1=x3,
則3a2=,a4=4a,
得a=0或a=,這與a>3矛盾,
∴x1≠x3.故原方程有三個實數(shù)解.
10.(xx河北唐山一模,21)已知函數(shù)f(x)=.
(1)證明:00時,f(x)>,求a的取值范圍.
(1)證明:設(shè)g(x)=xex+1,則g'(x)=(x+1)ex.
當(dāng)x∈(-∞,-1)時,g'(x)<0,g(x)單調(diào)遞減;
當(dāng)x∈(-1,+∞)時,g'(x)>0,g(x)單調(diào)遞增.
所以g(x)≥g(-1)=1-e-1>0.
又ex>0,故f(x)>0.
9、
f'(x)=,
當(dāng)x∈(-∞,0)時,f'(x)>0,f(x)單調(diào)遞增;
當(dāng)x∈(0,+∞)時,f'(x)<0,f(x)單調(diào)遞減,
所以f(x)≤f(0)=1.
綜上,有00時,f(x)<1=,不等式不成立.
②若a<0,則當(dāng)01,不等式不成立.
③若a>0,則f(x)>等價于(ax2-x+1)ex-1>0.(*)
設(shè)h(x)=(ax2-x+1)ex-1,則h'(x)=x(ax+2a-1)ex.
若a≥,則當(dāng)x∈(0,+∞)時,h'(x)>0,h(x)單調(diào)遞增,h(x)>h(0)=0.
若0
10、h'(x)<0,h(x)單調(diào)遞減,h(x)0,不等式(*)成立,當(dāng)且僅當(dāng)a≥.
綜上,a的取值范圍是.
11.提高過江大橋的車輛通行能力可改善整個城市的交通狀況.在一般情況下,大橋上的車流速度v(單位:km/h)是車流密度x(單位:輛/千米)的函數(shù).當(dāng)橋上的車流密度達(dá)到200輛/千米時,造成堵塞,此時車流速度為0;當(dāng)車流密度不超過20輛/千米時,車流速度為60 km/h.研究表明當(dāng)20≤x≤200時,車流速度v是車流密度x的一次函數(shù).
(1)當(dāng)0≤x≤200時,求函數(shù)v(x)的表達(dá)式;
(2)當(dāng)車流密度x為多大時,車流量(單位時間內(nèi)通過橋上某觀測點的車輛
11、數(shù),單位:輛/時)f(x)=x·v(x)可以達(dá)到最大,并求出最大值.(精確到1輛/時)
解:(1)由題意知當(dāng)0≤x≤20時,v(x)=60;
當(dāng)20≤x≤200時,設(shè)v(x)=ax+b(a≠0),(*)
由題意知,當(dāng)x=20時,v(x)=60;
當(dāng)x=200時,v(x)=0,
代入(*)式,可得a=-,b=,
所以v(x)=,
故函數(shù)v(x)的表達(dá)式為
v(x)=
(2)依題意并由(1)可得
f(x)=
當(dāng)0≤x<20時,f(x)為增函數(shù),
故0≤f(x)<1 200.
當(dāng)20≤x≤200時,f(x)=x(200-x)≤,
當(dāng)且僅當(dāng)x=200-x,即x=100時,等號成立.
所以,當(dāng)x=100時,f(x)在區(qū)間[20,200]上取得最大值.
綜上,當(dāng)x=100時,車流量f(x)可以達(dá)到最大,最大值約為3 333輛/時.
2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題十 數(shù)學(xué)思想方法 第一講 函數(shù)與方程思想、數(shù)形結(jié)合思想素能提升練 理
