（選考）2021版新高考生物一輪復習 第五單元 遺傳的基本規(guī)律和伴性遺傳 第13講 基因的分離定律高效作業(yè)知能提升 新人教版

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1、第13講　基因的分離定律 1．(2020·江西五市八校一模)下列選項中能判斷出性狀顯隱性的是(　　) A．一紅色茉莉花與白色茉莉花雜交，子代全部為粉紅色茉莉花 B．果蠅的眼色遺傳方式為伴X染色體遺傳，一白眼雄果蠅與一紅眼雌果蠅雜交，子代雌果蠅中白眼和紅眼各占一半 C．患某遺傳病的男子與一正常女子結婚，生育一患病的兒子 D．高莖豌豆和矮莖豌豆雜交，子代中高莖豌豆∶矮莖豌豆≈1∶1 解析：選B。一紅色茉莉花與白色茉莉花雜交，子代全部為粉紅色茉莉花，則控制紅花和白花的性狀為不完全顯性，A不符合題意；一白眼雄果蠅與一紅眼雌果蠅雜交，子代雌果蠅中白眼和紅眼各占一半，說明紅眼雌果蠅親本

2、是雜合子，雜合子表現(xiàn)的性狀是顯性性狀，B符合題意；選項C、D可看作測交組合，不能判斷顯隱性，C、D不符合題意。 2．(2020·福建福州質量抽測)假說—演繹法是現(xiàn)代科學研究中常用的一種科學方法，下列屬于孟德爾在發(fā)現(xiàn)分離定律時的假說的內容是(　　) A．子一代自交，后代出現(xiàn)3∶1的性狀分離比 B．受精時，雌雄配子的結合是隨機的，雌雄配子的數(shù)量比例為1∶1 C．生物體產(chǎn)生配子時，成對的遺傳因子隨著同源染色體的分離而彼此分離 D．生物的性狀是由遺傳因子決定的，這些因子就像獨立的顆粒，不相融合 解析：選D。子一代自交，后代出現(xiàn)3∶1的性狀分離比屬于實驗現(xiàn)象，A錯誤；雌雄配子的數(shù)量不相等，B

3、錯誤；生物體產(chǎn)生配子時，成對的遺傳因子彼此分離，孟德爾未涉及“同源染色體的分離”這一觀點，C錯誤；生物的性狀是由遺傳因子決定的，這些因子就像獨立的顆粒，不相融合，這屬于假說內容，D正確。 3．(2021·預測)下列關于一對相對性狀遺傳的敘述，正確的是(　　) A．若僅考慮一對等位基因，在一個生物群體中，有4種不同的交配類型 B．通過測交可以推測被測個體產(chǎn)生配子的種類和數(shù)量 C．F2的表現(xiàn)型比為3∶1的結果最能說明基因分離定律的實質 D．自交是鑒別和保留純合的抗銹病(顯性)小麥最簡便易行的方法 解析：選D。若僅考慮一對等位基因(A、a)，可有AA×AA、AA×Aa、AA×aa、Aa×

4、aa、Aa×Aa、aa×aa 6種不同的交配類型，A錯誤；測交可以推測被測個體的基因型，并可以推測被測個體產(chǎn)生配子的種類和比例，不能測得配子的數(shù)量，B錯誤；基因分離定律的實質是等位基因分離，分別進入不同的配子中去，此過程發(fā)生在F1減數(shù)分裂過程中，C錯誤；鑒別植物是純合子還是雜合子可用自交和測交的方法，小麥是自花傳粉的植物，兩種方法比較來說，自交是最簡單易行的方法，D正確。 4．(2020·安徽合肥四校聯(lián)考)在下圖所示利用小桶Ⅰ、Ⅱ模擬性狀分離比的實驗中，下列相關敘述錯誤的是(　　) A．分別從兩個桶內抓取一個小球，組合在一起的過程發(fā)生在圖示的c時期 B．每次要保證隨機抓取，讀取組合后

5、必須放回 C．要求每個桶中小球總數(shù)量必須相同，并且每個桶中不同的小球必須相等 D．需要統(tǒng)計全班的結果并計算平均值，是為了減少統(tǒng)計的誤差 解析：選C。Ⅰ、Ⅱ小桶中的小球表示的是一對等位基因D和d，說明模擬的是基因分離定律實驗。分別從兩個桶內抓取一個小球，組合在一起模擬的過程是受精作用，即為圖示c時期，A正確；模擬分離定律實驗時，每次要保證隨機抓取，讀取組合后必須放回，B正確；兩個小桶的小球模擬的是雌雄生殖器官中產(chǎn)生的配子數(shù)，雌雄個體產(chǎn)生的雌雄配子數(shù)目本就不相等，每個小桶中小球總數(shù)量不一定要相同，C錯誤；為了減少誤差，需要統(tǒng)計全班的結果并計算平均值，D正確。 5．(2021·預測)已知某種

6、老鼠的體色由常染色體上的基因A＋、A和a決定，A＋(純合會導致胚胎致死)決定黃色，A決定灰色，a決定黑色，且A＋對A是顯性，A對a是顯性。下列說法正確的是(　　) A．該種老鼠的成年個體最多有6種基因型 B．A＋、A和a基因遵循基因的自由組合定律 C．基因型均為A＋a的一對老鼠交配產(chǎn)下了3只小鼠，可能全表現(xiàn)為黃色 D．一只黃色雌鼠和一只黑色純合雄鼠雜交，后代可能出現(xiàn)3種表現(xiàn)型 解析：選C。根據(jù)題意分析可知，由于A＋純合會導致胚胎致死，因此該種老鼠的成年個體最多有5種基因型(A＋A、A＋a、AA、Aa、aa)，A錯誤；A＋、A和a為復等位基因，位于一對同源染色體上，遵循基因的分離定律，

7、B錯誤；基因型均為A＋a的一對老鼠交配，后代基因型及比例為A＋a∶aa＝2∶1，其產(chǎn)生的3只小鼠可能都是黃色(A＋a)，C正確；一只黃色雌鼠(A＋A或A＋a)和一只黑色純合雄鼠(aa)雜交，后代只能出現(xiàn)黃色、灰色(或黃色、黑色)兩種表現(xiàn)型，D錯誤。 6．(2020·河南洛陽模擬)已知馬的毛色有栗色和白色兩種，由位于常染色體上的一對等位基因控制。在自由放養(yǎng)多年的一馬群中，兩基因頻率相等。正常情況下，每匹母馬一次只生產(chǎn)一匹小馬。以下關于性狀遺傳的研究方法及推斷不正確的是(　　) A．選擇多對栗色馬與白色馬雜交，若后代白色馬明顯多于栗色馬，則白色為顯性 B．隨機選出一匹栗色公馬和六匹白色母馬分

8、別交配，若所產(chǎn)小馬都是栗色，則栗色為顯性 C．自由放養(yǎng)的馬群隨機交配一代，若后代栗色馬明顯多于白色馬，則栗色為顯性 D．選擇多對栗色公馬和栗色母馬交配一代，若后代全部為栗色馬，則白色為顯性 解析：選B。設相關基因用A、a表示。由于兩基因頻率相等，即A＝1/2，a＝1/2，則選擇多對栗色馬和白色馬雜交后，后代中表現(xiàn)顯性性狀的個體會明顯多于表現(xiàn)隱性性狀的個體，A正確；正常情況下，每匹母馬一次只生產(chǎn)一匹小馬，若一匹栗色公馬和六匹白色母馬分別交配，所產(chǎn)小馬只有6匹，由于后代數(shù)目少，偶然性較大，不能確定栗色為顯性，B錯誤；自由放養(yǎng)的馬群隨機交配一代，若后代栗色馬明顯多于白色馬，則說明栗色為顯性，C

9、正確；多對栗色公馬和栗色母馬雜交，若后代全部是栗色馬，則說明栗色最可能為隱性，因為如果是顯性，很可能會出現(xiàn)性狀分離，D正確。 7．(2020·河南洛陽尖子生聯(lián)考)黃瓜是雌雄同株單性花植物，果皮的綠色和黃色是受一對等位基因控制的具有完全顯、隱性關系的相對性狀。從種群中選定兩個個體進行雜交，根據(jù)子代的表現(xiàn)型一定能判斷顯、隱性關系的是(　　) A．綠色果皮植株自交和黃色果皮植株自交 B．綠色果皮植株和黃色果皮植株正、反交 C．綠色果皮植株自交和黃色果皮植株與綠色果皮植株雜交 D．黃色果皮植株自交或綠色果皮植株自交 解析：選C。如果綠色果皮植株和黃色果皮植株都是純合子，則自交后代不發(fā)生性狀

10、分離，無法判斷顯、隱性關系，A、D不符合題意。作為雌雄同株的植物——黃瓜沒有性染色體，不論兩親本都是純合子，還是綠色果皮植株和黃色果皮植株有一株為雜合子，正、反交結果都相同，無法判斷顯、隱性關系，B不符合題意。綠色果皮植株自交，若后代發(fā)生性狀分離，則綠色果皮為顯性；若不發(fā)生性狀分離，則說明綠色果皮是純合子，再和黃色果皮植株雜交，若后代出現(xiàn)黃色果皮植株，則黃色果皮為顯性，若后代均為綠色果皮植株，則綠色果皮為顯性，C符合題意。 8．(2020·湖南三湘名校聯(lián)考)豌豆的紫花對白花為顯性。兩紫花豌豆雜交，F(xiàn)1中既有紫花豌豆又有白花豌豆?，F(xiàn)去掉F1中的白花豌豆，則自然狀態(tài)下F2的表現(xiàn)型比例為(　　)

11、 A．1∶1　　　　　　　　 B．3∶1 C．5∶1 D．9∶6 解析：選C。兩紫花豌豆雜交，F(xiàn)1中既有紫花豌豆又有白花豌豆，說明這兩株紫花豌豆為雜合子。若控制花色的基因用A和a表示，則F1的基因型及其比例為AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，其中aa表現(xiàn)為白花。去掉F1中的白花豌豆，則剩余的紫花豌豆中，基因型為AA的個體占1/3，Aa的個體占2/3。豌豆是自花傳粉、閉花受粉的植物，在自然狀態(tài)下只能進行自交，因此1/3AA的紫花植株自交所得的F2均為紫花，2/3Aa的紫花植株自交所得的F2中白花(aa)為(2/3)×(1/4)＝1/6，紫花(A－)為(2/3)×(3/4)＝1/2。所以F2的表

12、現(xiàn)型及比例為紫花∶白花＝(1/3＋1/2)∶1/6＝5∶1，C符合題意。 9．某常染色體顯性遺傳病在人群中的發(fā)病率為36%?，F(xiàn)有一對患病的夫婦，他們所生小孩正常的概率是多少？若他們已經(jīng)生有一個正常男孩，那他們再生一個正常女孩的概率是多少(　　) A．16/81　1/8 B．16/81　1/4 C．81/10 000　1/8 D．81/10 000　1/4 解析：選A。常染色體顯性遺傳病在人群中的發(fā)病率為36%，相關基因用A、a表示，說明aa的概率為64%，所以人群中a基因占80%，A基因占20%，AA的概率為20%×20%＝4%，Aa的概率為32%。已知父母患病，所以基因型是Aa的

13、概率為32%/36%，要生出不患病的孩子，那么父母的基因型都是Aa，都是Aa的概率是(32%/36%)×(32%/36%)，兩個Aa生出aa的概率是1/4，所以總的來說孩子正常的概率是(32%/36%)×(32%/36%)×(1/4)＝16/81。該夫婦已經(jīng)生有一個正常男孩，則該夫婦的基因型分別為Aa、Aa，生一個正常女孩的概率是(1/4)×(1/2)＝1/8。 10．(不定項)(2020·山東重點學校聯(lián)考)家鼠的毛色受常染色體上的一對等位基因(A/a)控制，且黃色對灰色為顯性，含AA的胚胎致死。下列敘述錯誤的是(　　) A．無須測交實驗，只看毛色即可知道個體的基因型 B．黃色鼠自由交配

14、的后代中黃色鼠∶灰色鼠＝2∶1 C．黃色鼠與灰色鼠雜交能獲得最大比例的黃色鼠 D．黃色鼠與黃色鼠交配得到F1，F(xiàn)1自由交配一次得到F2，F(xiàn)2中黃色鼠的比例是4/9 解析：選CD。黃色對灰色為顯性，含AA的胚胎致死，故家鼠中只有Aa(黃色)和aa(灰色)的個體，故無須測交實驗，只看毛色即可知道個體的基因型，A正確；黃色鼠基因型均為Aa，故自由交配的后代中黃色鼠∶灰色鼠＝2∶1，B正確；黃色鼠(Aa)與灰色鼠(aa)雜交后代中黃色鼠占1/2，而黃色鼠(Aa)與黃色鼠(Aa)交配所得后代中黃色鼠占2/3，C錯誤；黃色鼠(Aa)與黃色鼠(Aa)交配得到F1，F(xiàn)1中Aa∶aa＝2∶1，若F1自由交

15、配得到F2，F(xiàn)1中A的基因頻率為1/3，a的基因頻率為2/3，所得F2中AA＝1/9(致死)，Aa＝4/9，aa＝4/9，故F2中黃色鼠的比例是1/2，D錯誤。 11．(不定項)(原創(chuàng))一株基因型為Aa的植物自交得到后代，下列相關敘述正確的是(　　) A．若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隱性基因的花粉50%的死亡造成的 B．若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隱性個體有50%的死亡造成的 C．若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隱性基因的配子有50%的死亡造成的 D．若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的 解析：選ACD。一雜

16、合子(Aa)植株自交時，后代基因型及比例理論上應該是AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1。若自交后代基因型比例是2∶3∶1，說明Aa和aa分別有1/4和1/2死亡，則可能是含有隱性基因的花粉50%的死亡造成的，A正確；若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，則可能是雜合子和隱性個體都有50%的死亡造成的，B錯誤；若含有隱性基因的配子有50%的死亡，則自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正確；若花粉有50%的死亡，其并不影響花粉的基因型比例，所以后代的性狀分離比仍然是1∶2∶1，D正確。 12．(2020·山東青島一模)某二倍體哺乳動物的毛色有三種表現(xiàn)型，受等位基因B1、B2和B3控制。當B1、B2和B3

17、基因純合時，個體分別表現(xiàn)為紅色、黃色和黑色。現(xiàn)有三個純系親本雜交，其后代表現(xiàn)情況如下(后代數(shù)量足夠多)，請回答下列問題： 親本 F1 組合一 紅色♀ 黑色♂ 紅色♀ 紅色♂ 組合二 黑色♀ 黃色♂ 黃色♀ 黑色♂ 組合三 黃色♀ 紅色♂ ？ ？ (1)控制該動物毛色的基因位于________染色體上，根據(jù)組合________可作出此判斷。 (2)已知B1對B2為顯性，則組合三的F1表現(xiàn)為_________________________。在該動物某種群中隨機選取多只紅色雌性個體與一黃色雄性個體雜交，后代中黃色個體占的比例理論上取決于__________

18、______________________________________________________________。 (3)該動物的毛型有短絨和長絨兩種類型，顯隱性關系未知，相關基因(用D、d表示)與控制毛色的基因位于不同的同源染色體上。甲(♀)和乙(♂)均為黃色長絨個體，二者雜交子一代中兩對相對性狀都出現(xiàn)了性狀分離，則甲的基因型為________。 (4)以甲、乙雜交后代為選擇材料，如何從中盡快篩選出穩(wěn)定遺傳的黃色長絨雄性個體？請寫出篩選思路：_______________________________________________________。 解析：(1)組合一中

19、，純合親本紅色雌性與黑色雄性雜交，后代雌雄性全部為紅色，說明紅色對黑色為顯性性狀，即B1對B3為顯性；組合二中，黑色母本與黃色父本雜交，后代雌性為黃色，雄性為黑色，表現(xiàn)為與性別相關聯(lián)，說明為伴X染色體遺傳，且黃色對黑色為顯性性狀，即B2對B3為顯性。(2)已知B1對B2為顯性，則組合三親本為XB2XB2、XB1Y，后代基因型為XB1XB2、XB2Y，因此后代雌性個體全為紅色，雄性個體全為黃色。在該動物某種群中隨機選取多只紅色雌性個體(XB1X－)與一黃色雄性個體(XB2Y)雜交，后代中黃色個體占的比例理論上取決于B2基因在該種群中的基因頻率。(3)甲(♀)和乙(♂)均為黃色長絨個體，二者雜交子

20、一代中兩對相對性狀都出現(xiàn)了性狀分離，說明長絨對短絨是顯性性狀，且母本兩對基因都是雜合的，因此甲的基因型為DdXB2XB3。(4)根據(jù)以上分析可知，甲的基因型為DdXB2XB3，乙的基因型為DdXB2Y，選擇甲與乙雜交子一代中多只黃色長絨雄性個體(D_XB2Y)分別與短絨雌性個體(dd_ _)雜交，若某個雜交組合的后代全部為長絨個體，則該組合的父本為滿足需要的個體。 答案：(1)X　二 (2)雌性個體全為紅色，雄性個體全為黃色(或僅答雌性個體全為紅色)　B2基因在該種群中的基因頻率(或雌性個體中B2基因在等位基因中占的比例) (3)DdXB2XB3 (4)選擇甲與乙雜交子一代中多只黃色長

21、絨雄性個體分別與短絨雌性個體雜交，若某個雜交組合的后代全部為長絨個體，則該組合的父本為滿足需要的個體 13．(2020·廣東惠州模擬)自交不親和性指某一植物的雌雄兩性機能正常，但不能進行自花傳粉或不能進行同一品系內異花傳粉的現(xiàn)象。請回答下列問題： (1)煙草的自交不親和性是由位于一對同源染色體上的復等位基因(S1、S2……S15)控制，以上復等位基因的出現(xiàn)是________的結果，同時也體現(xiàn)了該生命現(xiàn)象具有________的特點。 (2)煙草的自交不親和性機理如下圖所示。 據(jù)圖分析，自然條件下，煙草不存在S系列基因的純合個體的原因是_____________。 只考慮S(S1、S

22、2……S15)基因，該植物在自然界中存在著________種基因型，因此，自然條件下，自交不親和性阻礙了自花受粉，增加了植物的________多樣性，從而增強了對多變環(huán)境的適應性。 (3)我市某果園種植有極受市民喜愛的同一品系的紅心李，也存在著類似煙草的這種自交不親和性機制，因此有經(jīng)驗的果農(nóng)常常要在紅心李園中栽種幾棵本地產(chǎn)的三華李樹作為授粉樹，以獲得預期的產(chǎn)量和果實品質。請從三華李的S基因型角度說明作為授粉樹必須具備的特點_________________________________________________________。 解析：(1)生物個體中控制同一性狀的不同表現(xiàn)型的基因

23、互為等位基因。煙草的自交不親和性是由位于一對同源染色體上的復等位基因(S1、S2……S15)控制，以上復等位基因的出現(xiàn)是基因突變的結果，同時也體現(xiàn)了基因突變具有不定向性的特點。(2)第一幅圖中，S3S4的花粉落在S1S2植株的柱頭上，花粉管都能伸長，均可與卵細胞完成受精作用；第二幅圖中，S1S2的花粉落在S1S2植株的柱頭上，花粉管都不能伸長；第三幅圖中，S1S3的花粉落在S1S2植株的柱頭上，S3花粉管伸長，S1花粉管不伸長，S3可與卵細胞完成受精作用；因此，當花粉所含S基因與卵細胞的S基因種類相同時，花粉管就不能伸長完成受精作用，所以自然條件下，煙草不存在S系列基因的純合個體。只考慮S(S

24、1、S2……S15)基因，該植物在自然界中存在著C＝105種基因型，因此，自然條件下，自交不親和性阻礙了自花受粉，增加了植物的基因多樣性，從而增強了對多變環(huán)境的適應性。(3)由于三華李的花粉所含S基因與卵細胞的S基因種類相同時，花粉管就不能伸長完成受精作用，所以作為授粉樹必須保證其花粉所含的S基因型與紅心李的S基因型不同。 答案：(1)基因突變　不定向性　(2)當花粉粒所攜帶的S等位基因與母本的任何一個S基因種類相同時，花粉管就不能伸長完成受精作用　105　基因(或遺傳)　(3)三華李的S基因型應該與紅心李的S基因型不同 14．(2021·預測)玉米(2N＝20)是雌雄異花、雌雄同株的作物

25、。自然狀態(tài)下的玉米可以在植株間相互傳粉，也可以同株異花傳粉(自交)。請回答下列問題： (1)在雜交過程中，玉米相對于豌豆可以省去________環(huán)節(jié)，在開花前直接對雌、雄花序進行________處理即可。 (2)玉米某正常細胞著絲點已分裂且細胞內含有20條染色體，某同學判斷該細胞處于減數(shù)第二次分裂后期，他作出該判斷的理由是____________________________________。 (3)玉米的高莖對矮莖為顯性。為研究一純合高莖玉米植株的果穗上所結子粒是全為純合子、全為雜合子還是既有純合子又有雜合子，某同學選取了該玉米果穗上兩粒種子作為親本，單獨隔離種植，觀察、記錄并分別統(tǒng)

26、計子一代植株的性狀，子一代全為高莖，他就判斷該玉米果穗所有子粒為純合子，可老師認為他的結論不科學，理由是________________。 請以該果穗為實驗材料，寫出科學的實驗思路：_____________________________。 預期現(xiàn)象及結論： ①________________________________________________________________________； ②________________________________________________________________________； ③_____________

27、___________________________________________________________。 解析：(1)玉米是單性花，可以省去去雄環(huán)節(jié)，為防止同株異花傳粉，需要在開花前對雌、雄花序進行套袋處理。(2)該細胞著絲點已分裂，只能處于有絲分裂后期或者減數(shù)第二次分裂后期，有絲分裂后期細胞的染色體數(shù)目應該為40，而觀察到的細胞內只含有20條染色體，故處于減數(shù)第二次分裂后期。(3)某同學選取該玉米果穗上兩粒種子作為親本，選擇的樣本太少，實驗有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型，因此實驗不科學。應該用該玉米果穗上所有子粒作為親本，單獨隔離種植，觀察、記錄并分別統(tǒng)計子一代植

28、株的高莖、矮莖個體數(shù)量。預期現(xiàn)象及結論：①如果該玉米果穗所有子粒全是純合子，則自交后代全為高莖；②如果該玉米果穗上的子粒全是雜合子，則每一粒種子自交后代既有高莖又有矮莖；③如果該玉米果穗上的子粒既有純合子也有雜合子，則部分親本的子一代全為高莖，另一部分親本的子一代既有高莖又有矮莖。 答案：(1)去雄　套袋 (2)該細胞著絲點已分裂，若處于有絲分裂后期，則其染色體數(shù)目應該為40(合理即可) (3)選擇的樣本太少，實驗具有一定的偶然性，不能代表全部子粒的基因型　實驗思路：用該玉米果穗所有子粒作為親本，單獨隔離種植，觀察、記錄并分別統(tǒng)計子一代植株的高莖、矮莖個體數(shù)量　預期現(xiàn)象及結論：①若子一代

29、全為高莖，說明該玉米果穗所有子粒全是純合子　②若全部親本的子一代都既有高莖又有矮莖，說明該玉米果穗上的子粒全是雜合子　③若部分親本的子一代全為高莖，另一部分親本的子一代既有高莖又有矮莖，說明該玉米果穗上的子粒既有純合子也有雜合子 15．(不定項)對圖甲中1～4號個體進行基因檢測，將含有該遺傳病基因或正常基因的相關DNA片段各自用電泳法分離。正?；蝻@示一個條帶，患病基因顯示為另一種條帶，結果如下圖乙。下列有關分析判斷錯誤的是(　　) A．圖乙中的編號c對應系譜圖中的4號個體 B．條帶2的DNA片段含有該遺傳病致病基因 C．8號個體的基因型與3號個體的基因型相同的概率為1/3

30、D．9號個體與該遺傳病攜帶者結婚，孩子患病的概率為1/8 解析：選CD。系譜圖中1、2號都正常，但他們的女兒4號患病，說明該病為常染色體隱性遺傳病，設相關基因用A、a表示，1、2號個體的基因型為Aa，4號個體的基因型為aa，則4號個體對應圖乙中的編號c，條帶2為致病基因，條帶1為正?；颍珹、B正確；由圖乙可知，3號個體的基因型為Aa，甲中8號個體的基因型為1/3AA或2/3Aa，因此兩者相同的概率為2/3，C錯誤；9號個體的基因型為1/3AA或2/3Aa，他與一個攜帶者(Aa)結婚，孩子患病的概率為(2/3)×(1/4)＝1/6，D錯誤。 16．(不定項)山羊胡子的出現(xiàn)由B基因決定，等位

31、基因Bb、B＋分別決定有胡子和無胡子，但是Bb在雄性中為顯性基因，在雌性中為隱性基因。有胡子雌山羊與無胡子雄山羊的純合親本雜交產(chǎn)生F1，F(xiàn)1中的2個個體交配產(chǎn)生F2(如下圖所示)。下列判斷正確的是(　　) 無胡子(♂)×有胡子(♀↓ F1×F1 ↓ F2 A．F1中雌性表現(xiàn)為有胡子 B．F1中雄性50%表現(xiàn)為有胡子 C．F2純合子中有胡子和無胡子兩種表現(xiàn)型均有 D．控制山羊有無胡子的基因的遺傳不具有伴性遺傳的特點 解析：選CD。無胡子雄山羊B＋B＋與有胡子雌山羊BbBb雜交，F(xiàn)1的基因型都是B＋Bb，雄性都表現(xiàn)為有胡子，雌性都表現(xiàn)為無胡子。F2的基因型有B＋B＋(雌雄都表現(xiàn)為

32、無胡子)，BbBb(雌雄都表現(xiàn)為有胡子)，B＋Bb(雄性都表現(xiàn)為有胡子，雌性都表現(xiàn)為無胡子)。在雜合子中，有胡子基因Bb的表現(xiàn)受性別影響，但該基因的遺傳不是伴性遺傳。 17．(不定項)安達盧西亞雞的毛色有藍色、黑色和白點三種，且由一對等位基因(B、b)控制。下表為相關遺傳實驗研究結果，下列分析錯誤的是(　　) 組別 P F1 1 黑色×藍色 黑色∶藍色＝1∶1 2 白點×藍色 藍色∶白點＝1∶1 3 黑色×白點 全為藍色 A．藍色安達盧西亞雞的基因型為Bb，黑色雞和白點雞都是純合子 B．藍色的安達盧西亞雞群隨機交配，產(chǎn)生的后代有五種表現(xiàn)型 C．黑色安達盧西亞雞群

33、隨機交配，產(chǎn)生的后代中約有1/3為白點雞 D．一只藍色安達盧西亞母雞，如不考慮交叉互換和基因突變，則該雞的一個次級卵母細胞的毛色基因組成為BB或bb 答案：BC 18．(2019·高考北京卷)油菜是我國重要的油料作物，培育高產(chǎn)優(yōu)質新品種意義重大。油菜的雜種一代會出現(xiàn)雜種優(yōu)勢(產(chǎn)量等性狀優(yōu)于雙親)，但這種優(yōu)勢無法在自交后代中保持。雜種優(yōu)勢的利用可顯著提高油菜籽的產(chǎn)量。 (1)油菜具有兩性花，去雄是雜交的關鍵步驟，但人工去雄耗時費力，在生產(chǎn)上不具備可操作性。我國學者發(fā)現(xiàn)了油菜雄性不育突變株(雄蕊異常，肉眼可辨)，利用該突變株進行的雜交實驗如下： ①由雜交一結果推測，育性正常與雄性不育

34、性狀受________對等位基因控制。在雜交二中，雄性不育為________性性狀。 ②雜交一與雜交二的F1表現(xiàn)型不同的原因是育性性狀由位于同源染色體相同位置上的3個基因(A1、A2、A3)決定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分別為A1A1、A2A2、A3A3。根據(jù)雜交一、二的結果，判斷A1、A2、A3之間的顯隱性關系是________________。 (2)利用上述基因間的關系，可大量制備兼具品系1、3優(yōu)良性狀的油菜雜交種子(YF1)，供農(nóng)業(yè)生產(chǎn)使用，主要過程如下： ①經(jīng)過圖中虛線框內的雜交后，可將品系3的優(yōu)良性狀與________性狀整合在同一植株上，該植株所結種子的基因型及比

35、例為________。 ②將上述種子種成母本行，將基因型為________的品系種成父本行，用于制備YF1。 ③為制備YF1，油菜剛開花時應拔除母本行中具有某一育性性狀的植株。否則，得到的種子給農(nóng)戶種植后，會導致油菜籽減產(chǎn)，其原因是________________________________。 (3)上述辨別并拔除特定植株的操作只能在油菜剛開花時(散粉前)完成，供操作的時間短，還有因辨別失誤而漏拔的可能。有人設想：“利用某一直觀的相對性狀在油菜開花前推斷植株的育性”，請用控制該性狀的等位基因(E、e)及其與A基因在染色體上的位置關系展示這一設想。 解析：(1)①根據(jù)雜交一中雜合子F

36、1自交后得到的F2為3育性正?！?雄性不育，推知育性正常與雄性不育性狀受一對等位基因控制。根據(jù)雜交二的F1均為雄性不育，推知在雜交二中雄性不育為顯性性狀。②雜交一中P雄性不育株(A2A2)×品系1(A1A1)→F1全為育性正常，說明A1相對A2為顯性。雜交二中P雄性不育株(A2A2)×品系3(A3A3)→F1均為雄性不育，說明A2相對A3為顯性。(2)①觀察虛線框，可將品系3(A3A3)的優(yōu)良性狀與雄性不育性狀整合在同一植株上，該植株基因型為A2A3，該植株與品系3雜交，所結種子的基因型及比例為A2A3∶A3A3＝1∶1。②將上述種子種成母本行，將基因型為A1A1的品系種成父本行，用于制備YF

37、1。③若不拔除母本行中具有某一育性性狀的植株(A3A3)，該種植株會自交，該種植株也會與A2A3植株雜交，這樣所得種子中混有A3A3自交產(chǎn)生的種子、A2A3與A3A3雜交所產(chǎn)生的種子，這些種子在生產(chǎn)上無雜種優(yōu)勢且部分雄性不育。(3)需辨別植株的基因型為A2A3和A3A3。假設E基因位于A2基因所在染色體上，e基因在A3基因所在染色體上，則母本行中某一育性性狀植株基因型為A3A3ee，而雄性不育植株基因型為A2A3Ee。若油菜植株具有E基因對應的顯性性狀，則其為雄性不育植株；若油菜具有e基因對應的隱性性狀，則其為育性正常植株。 答案：(1)①一　顯　②A1對A2為顯性；A2對A3為顯性　(2)①雄性不育　A2A3∶A3A3＝1∶1?、贏1A1 ③所得種子中混有A3A3自交產(chǎn)生的種子、A2A3與A3A3雜交所產(chǎn)生的種子，這些種子在生產(chǎn)上無雜種優(yōu)勢且部分雄性不育 (3) 11