（江蘇專(zhuān)版）2019年高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)三十二 實(shí)驗(yàn)七 描繪小燈泡的伏安特性曲線.doc

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課時(shí)作業(yè) 三十二 實(shí)驗(yàn)七： 描繪小燈泡的伏安特性曲線(限時(shí)：45分鐘)(班級(jí)_姓名_)1要測(cè)繪一個(gè)標(biāo)有“3 V0.6 W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3 V，并便于操作已選用的器材有：電池組(電動(dòng)勢(shì)為4.5 V，內(nèi)阻約1 )；電流表(量程為0250 mA，內(nèi)阻約5 )；電壓表(量程為03 V，內(nèi)阻約3 k)；開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)中所用的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_(填字母代號(hào)) A滑動(dòng)變阻器(最大阻值20 ，額定電流1 A) B滑動(dòng)變阻器(最大阻值1750 ，額定電流0.3 A)(2)實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選_(填字母代號(hào))(3)實(shí)驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示如果將這個(gè)小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為1.5 V，內(nèi)阻為5 的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_W.第1題圖2在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，得出伏安特性曲線如圖所示所用小燈泡的額定電壓是3.0 V.第2題圖(1)在方框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)的電路原理圖(2)根據(jù)電路圖，該小燈泡在電壓為2.8 V時(shí)的實(shí)際電阻為_(kāi)(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)(3)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，下列判斷正確的是() A系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流引起的，電壓越大誤差越大 B系統(tǒng)誤差主要是由電流表的分壓引起的，電流越大誤差越大 C系統(tǒng)誤差主要是由忽略電源內(nèi)阻引起的，電源內(nèi)阻越大誤差越大 D系統(tǒng)誤差主要是由讀數(shù)時(shí)的估讀引起的，電壓越大誤差越大3有一個(gè)額定電壓為2.8 V、功率約為0.8 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的IU圖線，有下列器材供選用： A電壓表(03 V，內(nèi)阻約6 k) B電壓表(015 V，內(nèi)阻約30 k) C電流表(03 A，內(nèi)阻約0.1 ) D電流表(00.6 A，內(nèi)阻約0.5 ) E滑動(dòng)變阻器(10 ，2 A) F滑動(dòng)變阻器(200 ，0.5 A) G蓄電池(電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì))(1)用如圖所示的電路進(jìn)行測(cè)量，電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(用序號(hào)字母表示)(2)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得此燈泡的伏安特性曲線如圖所示由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_(kāi).第3題圖(3)若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)為6 V、內(nèi)阻不計(jì)的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為_(kāi)的電阻4圖1是小紅同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)的實(shí)物連接圖第4題圖(1)第4題圖(2)(1)根據(jù)圖1在虛線框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖；(2)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器得到了兩組電流表與電壓表的示數(shù)如圖2中的、所示，電流表量程為0.6 A，電壓表量程為3 V所示讀數(shù)為：_、_、_、_兩組數(shù)據(jù)得到的電阻分別為_(kāi)和_5某實(shí)驗(yàn)小組要探究一小燈泡的伏安特性曲線，并研究小燈泡在不同電壓下的實(shí)際功率，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示：甲乙(1)實(shí)驗(yàn)閉合電鍵前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)在_端(選填“a”或“b”)(2)實(shí)驗(yàn)中閉合開(kāi)關(guān)，把滑動(dòng)片向一端移動(dòng)過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)電流表與電壓表均有明顯讀數(shù)且讀數(shù)幾乎不變，則電路中出現(xiàn)故障的元件可能是_(選填“A”或“B”) A小燈泡 B滑動(dòng)變阻器(3)該小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，可判定在圖乙中小燈泡的功率與加在兩端電壓的平方U2的圖象正確的是_(選填“1”、“2”或“3”)(4)某同學(xué)將兩個(gè)完全相同的這種小燈泡并聯(lián)接在電源兩端，已知電源的電動(dòng)勢(shì)E3 V、內(nèi)阻r2 ，則此時(shí)每個(gè)小燈泡的實(shí)際功率為_(kāi)(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)丙第5題圖課時(shí)作業(yè)(三十二)實(shí)驗(yàn)七：描繪小燈泡的伏安特性曲線1.(1)A(2)B(3)0.1【解析】(1)測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線，要求能較大范圍測(cè)量數(shù)據(jù)，所以控制電路部分應(yīng)用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用最大阻值小、額定電流大的A; (2)燈泡的電阻R15 ，額定電流I0.2 A，由于R，電流表應(yīng)采用外接法，故選B；(3)在燈泡的IU圖上作出電源的IU圖線，交點(diǎn)坐標(biāo)即為這個(gè)電源給這個(gè)燈泡供電時(shí)的電流和電壓，此時(shí)P燈IU0.11 W0.1 W.2(1)如圖所示(2)10.8(3)A【解析】(1) 電路原理圖如圖所示第2題圖(2)由小燈泡的IU圖可得小燈泡在電壓為2.8 V時(shí)的電流為0.26 A，根據(jù)歐姆定律得R10.8 (3) 因電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡的內(nèi)阻，故電流表應(yīng)該外接；電壓表讀數(shù)沒(méi)有誤差，電流表讀數(shù)有誤差，電流表的電流大于小燈泡中的電流，主要是由電壓表的分流引起的，且電壓越大誤差越大；故選A.3(1)ADE(2)10(3)11【解析】(1)由于額定電壓為2.8 V，電壓表應(yīng)選用量程為3 V的A，額定電流不到0.3 A，電流表應(yīng)選用量程為0.6 A的D.由于采用分壓電路，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用最大阻值10 的滑動(dòng)變阻器E.(2)燈泡正常工作的電壓為2.8 V，對(duì)應(yīng)電流為0.28 A，由歐姆定律可得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為10 .(3)由閉合電路歐姆定律，EUIR可得R11 ，即要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為11 的電阻4(1)見(jiàn)解析(2)0.10 A0.24 A2.00 V0.27 V(0.270.01均可)8.3 (8.30.1均可)2.7 (2.70.1均可)【解析】(1)描繪小燈泡的伏安特性曲線需要測(cè)量電壓范圍大，變阻器用分壓接法，小燈泡電阻比較小，電流表要外接，電路圖如圖所示第4題圖(2)電流表量程為0.6 A時(shí)，最小刻度為0.02 A，讀數(shù)讀到小數(shù)點(diǎn)后兩位，所以表示數(shù)為0.10 A，表示數(shù)為0.24 A；電壓表量程為3 V，最小刻度為0.1 V，應(yīng)估讀到0.01 V，所以表示數(shù)為2.00 V，表示數(shù)為0.27 V，根據(jù)歐姆定律R18.3 ，R22.7 . 5.(1)a(2)B(3)3(4)0.44(0.420.46均可)【解析】(1)此電路是分壓電路，滑動(dòng)變阻器的aP部分與小燈泡并聯(lián)，開(kāi)始時(shí)應(yīng)使小燈泡兩端電壓最小，故滑片應(yīng)置于a端；(2)電流表與電壓表均有明顯讀數(shù)，說(shuō)明燈泡所在電路正常，滑動(dòng)中示數(shù)幾乎不變，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器沒(méi)有起到應(yīng)有的作用，故可能存在故障的是滑動(dòng)變阻器，故填B；(3)由P，隨著小燈泡兩端電壓的增大，燈絲溫度升高，電阻增大，P隨U2的變化變緩，即圖線為3；(4) 燈泡兩端的電壓為U，流過(guò)每個(gè)燈泡的電流為I，則，得U34I，畫(huà)出電源的UI圖線如圖：第5題圖交點(diǎn)坐標(biāo)，I0.20 A，所以小燈泡消耗的電功率為：PUI0.44 W.