2020版高考化學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練26 水溶液 酸堿中和滴定 魯科版.doc

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課時(shí)規(guī)范練26水溶液酸堿中和滴定一、選擇題(本題共9小題,每小題6分,共54分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)1.(2019湖北部分重點(diǎn)中學(xué)高三上學(xué)期起點(diǎn)考試)下列有關(guān)滴定操作的說(shuō)法正確的是()A.用25 mL滴定管進(jìn)行中和滴定時(shí),用去標(biāo)準(zhǔn)液的體積為21.7 mLB.用標(biāo)準(zhǔn)的KOH溶液滴定未知濃度的鹽酸,洗凈堿式滴定管后直接取標(biāo)準(zhǔn)KOH溶液進(jìn)行滴定,則測(cè)定結(jié)果偏低C.用標(biāo)準(zhǔn)的KOH溶液滴定未知濃度的鹽酸,配制標(biāo)準(zhǔn)溶液的固體KOH中含有NaOH雜質(zhì),則測(cè)定結(jié)果偏高D.用未知濃度的鹽酸滴定標(biāo)準(zhǔn)的KOH溶液時(shí),若讀取讀數(shù)時(shí),滴定前仰視,滴定到終點(diǎn)后俯視,會(huì)導(dǎo)致測(cè)定結(jié)果偏高2.(2018貴州七校聯(lián)考)下列說(shuō)法不正確的是()A.將pH均為a的氫氧化鈉溶液和氨水分別加水稀釋100倍,pH變?yōu)閎和c,則a、b、c的大小關(guān)系是acbB.常溫下,濃度均為0.1 molL-1的醋酸溶液、鹽酸、醋酸鈉溶液,水的電離程度的順序?yàn)镃.常溫下,將相同體積的pH=3的硫酸和pH=11的一元堿BOH溶液混合,所得溶液可能為中性,也可能為酸性D.物質(zhì)的量濃度相同的氯化銨溶液、硫酸銨溶液、碳酸氫銨溶液,pH的順序?yàn)?.已知NaHSO4在水中的電離方程式為NaHSO4Na+H+SO42-。某溫度下,向H+=110-6molL-1的蒸餾水中加入NaHSO4晶體,保持溫度不變,測(cè)得溶液的H+=110-2molL-1。下列對(duì)該溶液的敘述不正確的是()A.該溫度高于25 B.由水電離出來(lái)的H+的濃度為110-10molL-1C.加入NaHSO4晶體抑制水的電離D.取該溶液加水稀釋100倍,溶液中的OH-減小4.(2018河北唐山統(tǒng)考)不同溫度下,水溶液中H+與OH-的關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)說(shuō)法不正確的是()A.d點(diǎn)對(duì)應(yīng)的食鹽水pH=6,呈中性B.向a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的CH3COOH溶液中滴加NaOH溶液至b點(diǎn),此時(shí)Na+=CH3COO-C.溫度為T(mén) 時(shí),0.05 molL-1Ba(OH)2溶液的pH=11D.a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的稀硫酸與c點(diǎn)對(duì)應(yīng)的CH3COONa溶液中水的電離程度相同5.(2019深圳市高級(jí)中學(xué)高三月考)室溫下,下列說(shuō)法正確的是()A.將pH=2的鹽酸和pH=4的硫酸等體積混合,所得溶液pH=3B.HF比HCN易電離,則NaF溶液的pH比同濃度NaCN溶液的pH大C.將10 mL pH=3的HA溶液稀釋到100 mL,若溶液的pH7時(shí),其中不可能存在CH3COOH分子B.當(dāng)混合溶液的pHCH3COO-C.判斷該滴定過(guò)程的終點(diǎn),最好選擇甲基橙作為指示劑D.達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí),混合液中Na+和CH3COO-一定不相等7.(2018浙江寧波十校聯(lián)考)常溫下,向20 mL 0.1 molL-1的鹽酸中逐滴加入0.1 molL-1的氨水,溶液pH的變化與加入氨水的體積關(guān)系如圖所示。下列敘述正確的是()A.V=20 mLB.在點(diǎn)所示溶液中:Cl-=H+C.在點(diǎn)所示溶液中:H+=NH3H2O+OH-D.在點(diǎn)、之間可能存在:NH4+Cl-=OH-H+8.現(xiàn)有室溫下四種溶液,有關(guān)敘述不正確的是()序號(hào)pH111133溶液氨水氫氧化鈉溶液醋酸溶液鹽酸A.中分別加入適量的醋酸鈉晶體后,兩溶液的pH均增大B.兩溶液等體積混合,所得溶液中H+OH-C.分別加水稀釋10倍,四種溶液的pHD.V1 L與V2 L混合,若混合后溶液pH=7,則V1baB.a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的混合溶液中,CH3COOHNa+OH-C.當(dāng)混合溶液呈中性時(shí),Na+=CH3COO-H+=OH-D.該溫度下,醋酸的電離平衡常數(shù)Ka=10-8c molL-1二、非選擇題(本題共3小題,共46分)10.(15分)已知水在25 和95 時(shí),其電離平衡曲線(xiàn)如圖所示:(1)25 時(shí)水的電離平衡曲線(xiàn)應(yīng)為(填“A”或“B”),請(qǐng)說(shuō)明理由:。(2)95 時(shí),若100體積pH1=a的某強(qiáng)酸溶液與1體積pH2=b的某強(qiáng)堿溶液混合后溶液呈中性,則混合前,該強(qiáng)酸的pH1與強(qiáng)堿的pH2之間應(yīng)滿(mǎn)足的關(guān)系是。(3)95 時(shí),向Ba(OH)2溶液中逐滴加入pH=a的鹽酸,測(cè)得混合溶液的部分pH如表所示。實(shí)驗(yàn)序號(hào)Ba(OH)2溶液的體積/mL鹽酸的體積/mL溶液的pH22.000.00822.0018.00722.0022.006假設(shè)溶液混合前后的體積不變,則a=,實(shí)驗(yàn)所得溶液中由水電離產(chǎn)生的c(OH-)=molL-1。11.(2018陜西高三質(zhì)量檢測(cè))(15分)2014年德美科學(xué)家因開(kāi)發(fā)超分辨熒光顯微鏡獲諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng),他們開(kāi)創(chuàng)性的成就使光學(xué)顯微鏡分辨率步入了納米時(shí)代。納米TiO2在涂料、光催化、化妝品等領(lǐng)域有著極其廣泛的應(yīng)用。(1)制備納米TiO2:可將TiCl4水解產(chǎn)物經(jīng)加熱脫水制得納米級(jí)TiO2。已知25 時(shí),KspTi(OH)4=7.9410-54(molL-1)5,該溫度下測(cè)得TiCl4溶液的pH=3,則此時(shí)溶液中c(Ti4+)=。(2)用氧化還原滴定法測(cè)定TiO2的質(zhì)量分?jǐn)?shù):一定條件下,將TiO2溶解并還原為T(mén)i3+,再以KSCN溶液作指示劑,用NH4Fe(SO4)2標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定Ti3+至全部生成Ti4+。配制NH4Fe(SO4)2標(biāo)準(zhǔn)溶液時(shí),使用的儀器除天平、藥匙、玻璃棒、燒杯、量筒外,還需要下圖中的(填字母代號(hào))。(3)滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象是。(4)滴定分析時(shí),稱(chēng)取TiO2試樣1.80 g,消耗0.400 molL-1NH4Fe(SO4)2標(biāo)準(zhǔn)溶液45.00 mL,則試樣中TiO2的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為。12.(2018河南洛陽(yáng)期中)(16分)常溫下,向濃度為0.1 molL-1、體積為V L的氨水中逐滴加入一定濃度的鹽酸,用pH計(jì)測(cè)溶液的pH隨鹽酸的加入量而降低的滴定曲線(xiàn),d點(diǎn)兩種溶液恰好完全反應(yīng)。根據(jù)圖中信息回答下列問(wèn)題:(1)該溫度時(shí)NH3H2O的電離常數(shù)K=。(2)比較b、c、d三點(diǎn)時(shí)的溶液中,由水電離出的c(OH-)大小順序?yàn)椤?3)滴定時(shí),由b點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中,下列各選項(xiàng)中數(shù)值保持不變的是(填字母,下同)。A.H+OH-B.H+OH-C.NH4+OH-NH3H2OD.NH3H2OH+NH4+(4)根據(jù)以上滴定曲線(xiàn)判斷下列說(shuō)法正確的是(溶液中N元素只存在NH4+和NH3H2O兩種形式)。A.點(diǎn)b所示溶液中:NH4+H+=OH-+NH3H2OB.點(diǎn)c所示溶液中:Cl-=NH3H2O+NH4+C.點(diǎn)d所示溶液中:Cl-H+NH4+OH-D.滴定過(guò)程中可能有:NH3H2ONH4+OH-Cl-H+(5)滴定過(guò)程中所用鹽酸的pH=,d點(diǎn)之后若繼續(xù)加入鹽酸至圖像中的e點(diǎn)(此時(shí)不考慮NH4+水解的影響),則e點(diǎn)對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)為。課時(shí)規(guī)范練26水溶液酸堿中和滴定1.D滴定管精確值為0.01 mL,讀數(shù)應(yīng)保留小數(shù)點(diǎn)后2位,A項(xiàng)錯(cuò)誤;用標(biāo)準(zhǔn)KOH溶液滴定未知濃度的鹽酸,洗凈堿式滴定管后直接取標(biāo)準(zhǔn)KOH溶液進(jìn)行滴定,由于沒(méi)有潤(rùn)洗,標(biāo)準(zhǔn)液濃度減小,消耗標(biāo)準(zhǔn)液體積增大,則測(cè)定結(jié)果偏高,B項(xiàng)錯(cuò)誤;所用的固體KOH中混有NaOH,由于相同質(zhì)量的氫氧化鈉和氫氧化鉀,氫氧化鈉的物質(zhì)的量大于氫氧化鉀的物質(zhì)的量,故所配的溶液的OH-濃度偏大,導(dǎo)致消耗標(biāo)準(zhǔn)液的體積偏小,則測(cè)定結(jié)果偏低,C項(xiàng)錯(cuò)誤;用未知濃度的鹽酸滴定標(biāo)準(zhǔn)的KOH溶液時(shí),若滴定前仰視讀數(shù),滴定至終點(diǎn)后俯視讀數(shù),導(dǎo)致消耗的鹽酸體積偏小,依據(jù)c(酸)=c(堿)V(堿)V(酸)可知測(cè)定結(jié)果偏高,D項(xiàng)正確。2.C稀釋堿溶液時(shí),pH逐漸變小,稀釋相同倍數(shù)時(shí),氫氧化鈉溶液的pH變化幅度較大,氨水繼續(xù)發(fā)生電離,pH變化幅度較小,A項(xiàng)正確;醋酸鈉為強(qiáng)堿弱酸鹽,發(fā)生水解反應(yīng),促進(jìn)水的電離,醋酸溶液和鹽酸抑制水的電離,由于鹽酸是強(qiáng)酸,完全電離,氫離子濃度大,對(duì)水的電離的抑制程度大,B項(xiàng)正確;常溫下,將相同體積的pH=3的硫酸和pH=11的一元強(qiáng)堿BOH溶液混合,所得溶液呈中性,常溫下,將相同體積的pH=3的硫酸和pH=11的一元弱堿BOH溶液混合,堿過(guò)量,所得溶液呈堿性,C項(xiàng)錯(cuò)誤;(NH4)2SO4和NH4Cl水解,使溶液呈酸性,(NH4)2SO4溶液中H+較多,pH較小,D項(xiàng)正確。3.DA項(xiàng),KW=110-6molL-1110-6molL-1=110-12(molL-1)2,溫度高于25 ;B、C項(xiàng),NaHSO4電離出的H+抑制H2O電離,H+H2O=OH-=110-10molL-1;D項(xiàng),加H2O稀釋,H+減小,而OH-增大。4.D由題給圖像可知,d點(diǎn)H+=OH-=110-6molL-1,溶液pH=6,呈中性,A項(xiàng)正確;25 時(shí),向a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的CH3COOH溶液中滴加NaOH溶液至b點(diǎn),溶液pH=7,由電荷守恒得Na+H+=OH-+CH3COO-,因?yàn)镠+=OH-,所以Na+=CH3COO-,B項(xiàng)正確;溫度為T(mén) 時(shí),由d點(diǎn)知KW=110-12(molL-1)2,0.05 molL-1的Ba(OH)2溶液中OH-=0.1 molL-1,H+=KWOH-=110-11molL-1,Ba(OH)2溶液的pH=11,C項(xiàng)正確;a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的稀硫酸中H+=110-6molL-1,OH-=110-8molL-1,水電離出的H+=OH-=110-8molL-1,水的電離受到抑制,c點(diǎn)對(duì)應(yīng)的CH3COONa溶液中水的電離得到促進(jìn),水電離出的H+=OH-=110-6molL-1,D項(xiàng)錯(cuò)誤。5.C混合后H+=10-2+10-42 molL-10.510-2molL-1,pH=2.3,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;根據(jù)越弱越水解的原則,HF比HCN易電離,則NaF溶液的pH比同濃度NaCN溶液的pH小,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;將10 mLpH=3的HA溶液稀釋到100 mL,如pH=4,則HA為強(qiáng)酸,如pH7時(shí),溶質(zhì)主要是CH3COONa,要發(fā)生水解,生成CH3COOH分子,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;當(dāng)混合溶液的pHOH-,又溶液中存在電荷守恒:Na+H+=CH3COO-+OH-,故Na+CH3COO-,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;甲基橙的變色范圍是pH4.4時(shí)變黃,3.14.4時(shí)呈橙色,該反應(yīng)生成物是CH3COONa,水溶液呈堿性,應(yīng)選用酚酞作指示劑,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí),溶液呈堿性,由電荷守恒:Na+H+=CH3COO-+OH-,故Na+Ac-,D項(xiàng)正確。7.DNH3H2O屬于弱堿,HCl屬于強(qiáng)酸,點(diǎn)pH=7溶液顯中性,氨水稍過(guò)量,即V略大于20 mL,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;根據(jù)電荷守恒,有H+=Cl-+OH-,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;點(diǎn)pH=7,因此H+=OH-,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;和之間溶質(zhì)為NH3H2O和NH4Cl,因此可能存在NH4+Cl-=OH-H+,故D項(xiàng)正確。8.D從平衡移動(dòng)角度分析,CH3COONa電離出的CH3COO-:a.與鹽酸中的H+結(jié)合生成CH3COOH;b.使醋酸溶液中電離平衡CH3COOHCH3COO-+H+左移,兩溶液中H+濃度均減小,所以pH均增大,A項(xiàng)正確;假設(shè)均是強(qiáng)酸強(qiáng)堿,且物質(zhì)的量濃度相同,等體積混合后溶液呈中性,但醋酸是弱酸,其濃度遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于,即混合后醋酸過(guò)量,溶液顯酸性,H+OH-,B項(xiàng)正確;分別加水稀釋10倍,假設(shè)平衡不移動(dòng),那么溶液的pH均為10,但稀釋氨水使電離平衡NH3H2ONH4+OH-右移,使pH10,同理稀釋醋酸溶液后pHV2,D項(xiàng)錯(cuò)誤。9.D由圖可得,25 時(shí)c點(diǎn)pH=7,所以c點(diǎn)水電離出的H+水=OH-水=10-7molL-1,b點(diǎn)pH=4.3,所以b點(diǎn)溶液中H+=10-4.3molL-1,則由水電離出的H+水=OH-水=10-(14-4.3)molL-1=10-9.7molL-1,a點(diǎn)pH=3.1,所以a點(diǎn)溶液中H+=10-3.1molL-1,則由水電離出的H+水=OH-水=10-(14-3.1)molL-1=10-10.9molL-1,因此水的電離程度:cba,A項(xiàng)敘述正確;b點(diǎn)時(shí)溶液呈酸性,說(shuō)明加入0.1 mol NaOH固體后CH3COOH有剩余,Na+=0.1 molL-1,混合前CH3COOH溶液濃度c應(yīng)比0.1 molL-1大,a點(diǎn)時(shí)又加入0.1 mol CH3COOH,因?yàn)镃H3COOH電離程度很小,所以此時(shí)溶液中的CH3COOH一定大于Na+,又根據(jù)前面的分析a點(diǎn)OH-=10-10.9molL-1,所以a點(diǎn)對(duì)應(yīng)的混合溶液中,CH3COOHNa+OH-,故B項(xiàng)敘述正確;由題意混合溶液中陽(yáng)離子有Na+和H+,陰離子有CH3COO-和OH-,根據(jù)電荷守恒Na+H+=CH3COO-+OH-,25 當(dāng)混合溶液呈中性時(shí),H+=OH-=10-7molL-1,則Na+=CH3COO-,結(jié)合圖像可得Na+=0.2 molL-1,所以Na+=CH3COO-H+=OH-,故C項(xiàng)敘述正確;由前面的分析并結(jié)合圖像可得,25 當(dāng)混合溶液呈中性時(shí),H+=10-7molL-1,CH3COO-=0.2 molL-1,CH3COOH=(c+0.1-0.2)molL-1=(c-0.1)molL-1,所以該溫度下,醋酸的電離平衡常數(shù)Ka=CH3COO-H+CH3COOH molL-1=0.210-7c-0.1 molL-1,故D項(xiàng)敘述錯(cuò)誤。10.答案 (1)A水的電離是吸熱過(guò)程,溫度較低時(shí),電離程度較小,H+、OH-均較小(2)a+b=14(或pH1+pH2=14)(3)41.010-7解析 (1)溫度升高,促進(jìn)水的電離,水的離子積增大,水中氫離子濃度、氫氧根離子濃度都增大,水的pH減小,但溶液仍然呈中性。因此結(jié)合圖像中A、B曲線(xiàn)變化情況及氫離子濃度、氫氧根離子濃度可以判斷,25 時(shí)水的電離平衡曲線(xiàn)應(yīng)為A。(2)要注意95 時(shí),水的離子積為110-12,即H+OH-=110-12,則等體積強(qiáng)酸、強(qiáng)堿反應(yīng)至中性時(shí),有pH(酸)+pH(堿)=12。根據(jù)95 時(shí)混合后溶液呈中性,pH2=b的某強(qiáng)堿溶液中OH-=10b-12molL-1;由100V10-amolL-1=V10b-12molL-1,可得10-a+2=10b-12,得a+b=14或pH1+pH2=14。(3)95 ,pH=6時(shí)溶液呈中性,根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可得OH-=1.010-4molL-1,根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)可以判斷,鹽酸中的H+與Ba(OH)2溶液中OH-相等,所以a=4,即pH=4;實(shí)驗(yàn)溶液呈堿性,其OH-=22.0010-4-18.0010-422.00+18.00 molL-1=1.010-5molL-1,由水電離出的OH-=1.010-7molL-1。11.答案 (1)7.9410-10molL-1(2)ac(3)溶液變?yōu)榧t色,且半分鐘內(nèi)不變色(4)80%解析 (1)TiCl4溶液的pH=3,OH-=10-11molL-1,KspTi(OH)4=7.9410-54(molL-1)5,則Ti4+OH-4=Ti4+(10-11)4=7.9410-54(molL-1)5,Ti4+=7.9410-10 molL-1;(2)配制NH4Fe(SO4)2標(biāo)準(zhǔn)溶液時(shí),使用的儀器有天平、藥匙、玻璃棒、燒杯、量筒、容量瓶、膠頭滴管等,故選ac;(3)達(dá)到滴定終點(diǎn)時(shí),Fe3+不再被還原為Fe2+,所以滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象是溶液變?yōu)榧t色,且半分鐘內(nèi)不變色;(4)設(shè)TiO2的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為a,TiO2 NH4Fe(SO4)2;80 g1 mol1.80 ga0.400 molL-10.045 L80 g1.80 ga=1mol0.400molL-10.045 L,a=0.8=80%。12.答案 (1)10-5molL-1(2)dcb(3)ACD(4)D(5)111V9解析 (1)未加入鹽酸前,0.1 molL-1氨水的pH=11,則溶液中OH-=110-1410-11 molL-1=0.001 molL-1;由于水的電離程度較小,可忽略水的電離,則溶液中NH4+OH-=0.001 molL-1;NH3H2O的電離程度較小,則NH3H2O0.1 molL-1,故該溫度時(shí)NH3H2O的電離常數(shù)K=NH4+OH-NH3H2O=0.0010.0010.1molL-1=10-5molL-1。(2)b、c兩點(diǎn)溶液中都含有NH3H2O,抑制水的電離,且NH3H2O越大,對(duì)水的電離的抑制程度越大,d點(diǎn)氨水與鹽酸恰好完全反應(yīng)生成NH4Cl,NH4+發(fā)生水解而促進(jìn)水的電離,故三點(diǎn)水電離出的OH-大小順序?yàn)閐cb。(3)滴定時(shí),由b點(diǎn)到c點(diǎn)的過(guò)程中,H+OH-=KW,由于溫度不變,則KW不變,A項(xiàng)正確;隨著反應(yīng)的進(jìn)行,溶液的堿性減弱,溶液中OH-減小而H+增大,故H+OH-的值增大,B項(xiàng)錯(cuò)誤;NH3H2O的電離常數(shù)Kb=NH4+OH-NH3H2O,溫度不變,則Kb不變,即NH4+OH-NH3H2O保持不變,C項(xiàng)正確;NH3H2OH+NH4+=KWKb,溫度不變,則KW、Kb均不變,即NH3H2OH+NH4+不變,D項(xiàng)正確。(4)b點(diǎn)溶液為等濃度NH4Cl和NH3H2O的混合液,溶液呈堿性,說(shuō)明NH3H2O的電離程度大于NH4+的水解程度,據(jù)電荷守恒可得NH4+H+=OH-+Cl-,據(jù)物料守恒可得2Cl-=NH4+NH3H2O,綜合上述兩式可得NH4+2H+=NH3H2O+2OH-,A項(xiàng)錯(cuò)誤;c點(diǎn)溶液的pH=7,則有H+=OH-,結(jié)合電荷守恒式可得NH4+=Cl-H+=OH-,B項(xiàng)錯(cuò)誤;d點(diǎn)鹽酸與氨水恰好完全反應(yīng)生成NH4Cl,NH4+發(fā)生水解而使溶液呈酸性,但其水解程度較小,故離子濃度關(guān)系為Cl-NH4+H+OH-,C項(xiàng)錯(cuò)誤;當(dāng)加入鹽酸的量較少時(shí),氨水中NH3H2O較大,生成的NH4Cl較少,溶液中NH3H2O遠(yuǎn)大于NH4Cl,可能出現(xiàn)NH3H2ONH4+OH-Cl-H+,D項(xiàng)正確。(5)由題圖可知,d點(diǎn)鹽酸與氨水恰好完全反應(yīng)生成NH4Cl,由NH3H2OHCl可知,HCl=0.1 molL-1VLVL=0.1 molL-1,故滴定過(guò)程中所用鹽酸的pH=1。設(shè)e點(diǎn)加入鹽酸的體積為x L,則剩余鹽酸的量n余(HCl)=0.1 molL-1x L-0.1 molL-1V L=0.1(x-V) mol,此時(shí)溶液的pH=2,則有0.1(x-V) mol=10-2molL-1(x+V) L,解得x=11V9。