2020高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)43 直線(xiàn)、平面平行的判定和性質(zhì) 理.doc

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課時(shí)作業(yè)43直線(xiàn)、平面平行的判定和性質(zhì) 基礎(chǔ)達(dá)標(biāo)一、選擇題1已知，a，B，則在內(nèi)過(guò)點(diǎn)B的所有直線(xiàn)中()A不一定存在與a平行的直線(xiàn)B只有兩條與a平行的直線(xiàn)C存在無(wú)數(shù)條與a平行的直線(xiàn)D存在唯一一條與a平行的直線(xiàn)解析：因?yàn)閍與點(diǎn)B確定一個(gè)平面，該平面與的交線(xiàn)即為符合條件的直線(xiàn)答案：D22019河南開(kāi)封模擬在空間中，a，b是兩條不同的直線(xiàn)，是兩個(gè)不同的平面，則下列命題中的真命題是()A若a，b，則ab B若a，b，則abC若a，ab，則b D若，a，則a解析：對(duì)于A，若a，b，則a，b可能平行，可能相交，可能異面，故A是假命題；對(duì)于B，設(shè)m，若a，b均與m平行，則ab，故B是假命題；對(duì)于C，b或b在平面內(nèi)，故C是假命題；對(duì)于D，若，a，則a與沒(méi)有公共點(diǎn)，則a，故D是真命題故選D.答案：D32019石家莊模擬過(guò)三棱柱ABCA1B1C1的任意兩條棱的中點(diǎn)作直線(xiàn)，其中與平面ABB1A1平行的直線(xiàn)共有()A4條 B6條C8條 D12條解析：如圖，H，G，F(xiàn)，I是相應(yīng)線(xiàn)段的中點(diǎn)，故符合條件的直線(xiàn)只能出現(xiàn)在平面HGFI中，有FI，F(xiàn)G，GH，HI，HF，GI共6條直線(xiàn)，故選B.答案：B42019山東聊城模擬下列四個(gè)正方體中，A，B，C為所在棱的中點(diǎn)，則能得出平面ABC平面DEF的是()解析：在B中，如圖，連接MN，PN，A，B，C為正方體所在棱的中點(diǎn)，ABMN，ACPN，MNDE，PNEF，ABDE，ACEF，ABACA，DEEFE，AB、AC平面ABC，DE、EF平面DEF，平面ABC平面DEF.故選B.答案：B5北京卷設(shè)，是兩個(gè)不同的平面，m是直線(xiàn)且m，“m”是“”的()A充分而不必要條件B必要而不充分條件C充分必要條件D既不充分也不必要條件解析：當(dāng)m時(shí)，過(guò)m的平面與可能平行也可能相交，因而mD；當(dāng)時(shí)，內(nèi)任一直線(xiàn)與平行，因?yàn)閙，所以m.綜上知，“m”是“”的必要而不充分條件答案：B二、填空題6已知平面平面，P是，外一點(diǎn)，過(guò)P點(diǎn)的兩條直線(xiàn)AC，BD分別交于A，B，交于C，D，且PA6，AC9，AB8，則CD的長(zhǎng)為_(kāi)解析：若P在，的同側(cè)，由于平面平面，故ABCD，則，可求得CD20；若P在，之間，則，可求得CD4.答案：20或472019廣州高三調(diào)研正方體ABCDA1B1C1D1的棱長(zhǎng)為2，點(diǎn)M為CC1的中點(diǎn)，點(diǎn)N為線(xiàn)段DD1上靠近D1的三等分點(diǎn)，平面BMN交AA1于點(diǎn)Q，則線(xiàn)段AQ的長(zhǎng)為_(kāi)解析：如圖所示，在線(xiàn)段DD1上靠近點(diǎn)D處取一點(diǎn)T，使得DT，因?yàn)镹是線(xiàn)段DD1上靠近D1的三等分點(diǎn)，故D1N，故NT21，因?yàn)镸為CC1的中點(diǎn)，故CM1，連接TC，由NTCM，且CMNT1，知四邊形CMNT為平行四邊形，故CTMN，同理在AA1上靠近A處取一點(diǎn)Q，使得AQ，連接BQ，TQ，則有BQCTMN，故BQ與MN共面，即Q與Q重合，故AQ.答案：8.2019福建泉州模擬如圖，在正方體ABCDA1B1C1D1中，O為底面ABCD的中心，P是DD1的中點(diǎn)，設(shè)Q是CC1上的點(diǎn)，當(dāng)點(diǎn)Q_時(shí)，平面D1BQ平面PAO.與C重合與C1重合為CC1的三等分點(diǎn)為CC1的中點(diǎn)解析：在正方體ABCDA1B1C1D1中，O為底面ABCD的中心，P是DD1的中點(diǎn)，POBD1，當(dāng)點(diǎn)Q為CC1的中點(diǎn)時(shí)，連接PQ，則PQ綊AB，四邊形ABQP是平行四邊形，APBQ，APPOP，BQBD1B，AP、PO平面PAO，BQ、BD1平面D1BQ，平面D1BQ平面PAO.故選.答案：三、解答題9.2019安徽合肥一中模擬如圖，四棱錐PABCD中，E為AD的中點(diǎn)，PE平面ABCD，底面ABCD為梯形，ABCD，AB2DC2，ACBDF，且PAD與ABD均為正三角形，G為PAD重心(1)求證：GF平面PDC；(2)求三棱錐GPCD的體積解析：(1)證明：連接AG交PD于H，連接CH.由四邊形ABCD是梯形，ABCD，且AB2DC，知，又G為PAD的重心，在ACH中，故GFHC.又HC平面PDC，GF平面PDC，GF平面PDC.(2)由AB2，PAD，ABD為正三角形，E為AD中點(diǎn)得PE3，由(1)知GF平面PDC，又PE平面ABCD，VGPCDVFPCDVPCDFPESCDF，由四邊形ABCD是梯形，ABCD，且AB2DC2，ABD為正三角形，知DFBD，CDFABD60，SCDFCDDFsinCDF，VPCDFPESCDF，三棱錐GPCD的體積為.10.2019江西臨川二中月考如圖，在矩形ABCD中，AB1，AD2，PA平面ABCD，E，F(xiàn)分別為AD，PA的中點(diǎn)，點(diǎn)Q是BC上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)(1)當(dāng)Q是BC中點(diǎn)時(shí)，求證：平面BEF平面PDQ；(2)當(dāng)BDFQ時(shí)，求的值解析：(1)證明：E，Q分別是矩形ABCD的對(duì)邊AD，BC的中點(diǎn)，EDBQ，EDBQ，四邊形BEDQ是平行四邊形，BEDQ.又BE平面PDQ，DQ平面PDQ，BE平面PDQ.F是PA的中點(diǎn)，E是AD的中點(diǎn)，EFPD，EF平面PDQ，PD平面PDQ，EF平面PDQ，BEEFE，BE、EF平面BEF，平面BEF平面PDQ.(2)連接AQ.PA平面ABCD，BD平面ABCD，PABD.BDFQ，PAFQF，PA、FQ平面PAQ，BD平面PAQ，AQ平面PAQ，AQBD，在矩形ABCD中，由AQBD得AQBDBA，AB2ADBQ，又AB1，AD2，BQ，則QC，.能力挑戰(zhàn)11如圖，在四棱錐PABCD中，PD平面ABCD，底面ABCD為矩形，PDDC4，AD2，E為PC的中點(diǎn)(1)求三棱錐APDE的體積；(2)AC邊上是否存在一點(diǎn)M，使得PA平面EDM？若存在，求出AM的長(zhǎng)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由解析：(1)因?yàn)镻D平面ABCD，所以PDAD.又因?yàn)锳BCD是矩形，所以ADCD.因?yàn)镻DCDD，所以AD平面PCD，所以AD是三棱錐APDE的高因?yàn)镋為PC的中點(diǎn)，且PDDC4，所以SPDESPDC4.又AD2，所以VAPDEADSPDE24.(2)取AC中點(diǎn)M，連接EM，DM，因?yàn)镋為PC的中點(diǎn)，M是AC的中點(diǎn)，所以EMPA.又因?yàn)镋M平面EDM，PA平面EDM，所以PA平面EDM.所以AMAC.即在AC邊上存在一點(diǎn)M，使得PA平面EDM，AM的長(zhǎng)為.