2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 電磁感應(yīng) 第53講 電磁感應(yīng)中的電路、圖象問(wèn)題學(xué)案（含解析）.doc

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第53講　電磁感應(yīng)中的電路、圖象問(wèn)題 考點(diǎn)一　電磁感應(yīng)中的電路問(wèn)題 1．對(duì)電源的理解：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源。如：切割磁感線的導(dǎo)體棒、內(nèi)有磁通量變化的線圈等。 2．對(duì)電路的理解：內(nèi)電路是切割磁感線的導(dǎo)體或磁通量發(fā)生變化的線圈；除電源外其余部分是外電路，外電路由電阻、電容器等電學(xué)元件組成。在外電路中，電流從高電勢(shì)處流向低電勢(shì)處；在內(nèi)電路中，電流則從低電勢(shì)處流向高電勢(shì)處。 3．分析電磁感應(yīng)電路問(wèn)題的基本思路 4．電磁感應(yīng)中電荷量的求解方法 無(wú)論是回路中的磁通量發(fā)生變化，還是導(dǎo)體切割磁感線引起的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，在Δt時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量的計(jì)算式為：q＝Δt＝Δt＝nΔt＝，即通過(guò)閉合回路某一橫截面的電荷量?jī)H與ΔΦ、n和回路電阻R有關(guān)，而與時(shí)間長(zhǎng)短、磁場(chǎng)變化的快慢或?qū)w運(yùn)動(dòng)的快慢無(wú)關(guān)。解決選擇題或填空題時(shí)，可直接應(yīng)用以上結(jié)論。 為了提高自行車夜間行駛的安全性，小明同學(xué)設(shè)計(jì)了一種“閃爍”裝置。如圖所示，自行車后輪由半徑r1＝5.010－2 m的金屬內(nèi)圈、半徑r2＝0.40 m的金屬外圈和絕緣輻條構(gòu)成。后輪的內(nèi)、外圈之間等間隔地接有4根金屬條，每根金屬條的中間均串聯(lián)有一電阻值為R的小燈泡。在支架上裝有磁鐵，形成了磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.10 T、方向垂直紙面向外的“扇形”勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其內(nèi)半徑為r1、外半徑為r2、張角θ＝。后輪以角速度ω＝2π rad/s相對(duì)于轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)。若不計(jì)其他電阻，忽略磁場(chǎng)的邊緣效應(yīng)。 (1)當(dāng)金屬條ab進(jìn)入“扇形”磁場(chǎng)時(shí)，求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E，并指出ab上的電流方向； (2)當(dāng)金屬條ab進(jìn)入“扇形”磁場(chǎng)時(shí)，畫出“閃爍”裝置的電路圖； (3)從金屬條ab進(jìn)入“扇形”磁場(chǎng)時(shí)開始，經(jīng)計(jì)算畫出輪子轉(zhuǎn)一圈過(guò)程中，內(nèi)圈與外圈之間電勢(shì)差Uab隨時(shí)間t變化的Uabt圖象； (4)若選擇的是“1.5 V 0.3 A”的小燈泡，該“閃爍”裝置能否正常工作？有同學(xué)提出，通過(guò)改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B、后輪外圈半徑r2、角速度ω和張角θ等物理量的大小，優(yōu)化小明同學(xué)的設(shè)計(jì)方案，請(qǐng)給出你的評(píng)價(jià)。 解析　(1)金屬條ab在磁場(chǎng)中切割磁感線時(shí)，平均速度 ＝ω E＝B(r2－r1)＝Bω(r－r)≈4.910－2 V 根據(jù)右手定則，可得感應(yīng)電流方向?yàn)閎→a。 (2)通過(guò)分析，可得電路圖如圖所示。 (3)設(shè)電路中的總電阻為R總，根據(jù)電路圖可知 R總＝R＋R＝R a、b兩端電勢(shì)差 Uab＝E－IR＝E－R＝E≈1.210－2 V 設(shè)ab離開磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)刻為t1，下一根金屬條進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域的時(shí)刻為t2，則 t1＝＝ s, t2＝＝ s 設(shè)輪子轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為T，則T＝＝1 s 在T＝1 s內(nèi)，金屬條有4次進(jìn)出，后3次Uab與第1次相同。 根據(jù)以上分析可畫出如下圖象。 (4)金屬條的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)只有4.910－2 V，遠(yuǎn)小于燈泡的額定電壓1.5 V，因此“閃爍”裝置不能正常工作。 評(píng)價(jià)：B增大，E增大，但有限度；r2增大，E增大，但有限度；ω同樣有限度；改變?chǔ)戎荒芨淖儭伴W爍”時(shí)間的長(zhǎng)短。 答案　(1)4.910－2 V　b→a　(2)(3)(4)見解析 方法感悟 解決電磁感應(yīng)電路問(wèn)題的策略是先源后路，即 (2018河南周口期末)匝數(shù)n＝100匝的圓形金屬線圈的電阻R＝2 Ω，線圈與R1＝2 Ω的電阻連成閉合回路，其簡(jiǎn)化電路如圖甲所示，A、B為線圈兩端點(diǎn)。線圈的半徑r1＝15 cm，在線圈中半徑r2＝10 cm的圓形區(qū)域存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)低 B．線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為4.5π V C．R1兩端電壓為π V D．0～2 s內(nèi)通過(guò)R1的電荷量為1.125π C 答案　C 解析　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E＝nS＝100π0.12 V＝2π V，B錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律可知，線圈中的磁通量均勻增大，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，因此A點(diǎn)電勢(shì)比B點(diǎn)電勢(shì)高，A錯(cuò)誤；回路中的電流I＝＝ A＝ A，R1兩端的電壓為U1＝IR1＝2 V＝π V, C正確；0～2 s內(nèi)通過(guò)R1的電荷量為q＝It＝2 C＝π C，D錯(cuò)誤。 考點(diǎn)二　電磁感應(yīng)中的圖象問(wèn)題 1．電磁感應(yīng)中常見的圖象問(wèn)題 2．解決圖象問(wèn)題的一般步驟 (1)明確圖象的種類，即是Bt圖還是Φt圖，或者Et圖、It圖等； (2)分析電磁感應(yīng)的具體過(guò)程； (3)用右手定則或楞次定律確定方向的對(duì)應(yīng)關(guān)系； (4)結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律等知識(shí)寫出函數(shù)關(guān)系式； (5)根據(jù)函數(shù)關(guān)系式，進(jìn)行數(shù)學(xué)分析，如分析斜率的變化、截距等； (6)畫圖象或判斷圖象。 將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合回路，并固定在水平面(紙面)內(nèi)。回路的ab邊置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ中，回路的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場(chǎng)Ⅱ，以向里為磁場(chǎng)Ⅱ的正方向，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時(shí)間t變化的圖象是(　　) 解析　根據(jù)Bt圖象可知，在0～時(shí)間內(nèi)，Bt圖線的斜率為負(fù)且為定值，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝nS可知，該段時(shí)間圓環(huán)區(qū)域內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流是恒定的，由楞次定律可知，ab中電流方向?yàn)閎→a，再由左手定則可判斷ab邊受到向左的安培力，且0～時(shí)間內(nèi)安培力恒定不變，方向與規(guī)定的正方向相反；在～T時(shí)間內(nèi)，Bt圖線的斜率為正且為定值，故ab邊所受安培力仍恒定不變，但方向與規(guī)定的正方向相同。B正確。 答案　B 方法感悟 1．電磁感應(yīng)圖象選擇題的兩個(gè)常用方法 (1)排除法 定性地分析電磁感應(yīng)過(guò)程中物理量的變化趨勢(shì)(增大還是減小)、變化快慢(均勻變化還是非均勻變化)，特別是分析物理量的正負(fù)，以排除錯(cuò)誤的選項(xiàng)。 (2)函數(shù)法 根據(jù)題目所給條件定量地寫出兩個(gè)物理量之間的函數(shù)關(guān)系，然后由函數(shù)關(guān)系對(duì)圖象進(jìn)行分析和判斷。 2．處理圖象問(wèn)題要做到“四明確” (1)明確圖象所描述的物理意義； (2)明確各種正、負(fù)號(hào)的含義； (3)明確斜率的含義； (4)明確圖象和電磁感應(yīng)過(guò)程之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系。 (2017全國(guó)卷Ⅱ)(多選)兩條平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與紙面垂直。邊長(zhǎng)為0.1 m、總電阻為0.005 Ω的正方形導(dǎo)線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場(chǎng)邊界平行，如圖a所示。已知導(dǎo)線框一直向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊于t＝0時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng)。線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖線如圖b所示(感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取正)。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為0.5 T B．導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)速度的大小為0.5 m/s C．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外 D．在t＝0.4 s至t＝0.6 s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.1 N 答案　BC 解析　由圖象可知，從導(dǎo)線框的cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)到ab邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，用時(shí)為0.2 s，可得導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)速度的大小v＝ m/s＝0.5 m/s，B正確；由圖象可知，cd邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝0.01 V，由公式E＝BLv，可得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B＝ T＝0.2 T，A錯(cuò)誤；感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針時(shí)，對(duì)cd邊應(yīng)用右手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外，C正確；t＝0.4 s至t＝0.6 s時(shí)間段為cd邊離開磁場(chǎng)，ab邊切割磁感線的過(guò)程，由閉合電路歐姆定律及安培力公式得安培力F＝，代入數(shù)據(jù)得F＝0.04 N，D錯(cuò)誤。 課后作業(yè) [鞏固強(qiáng)化練] 1．(多選)在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n＝1500匝，橫截面積S＝20 cm2。螺線管導(dǎo)線電阻r＝1.0 Ω，R1＝4.0 Ω，R2＝5.0 Ω，C＝30 μF。在一段時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按如圖乙所示的規(guī)律變化。則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1 V B．閉合S，電路中的電流穩(wěn)定后，電阻R1的電功率為 510－2 W C．電路中的電流穩(wěn)定后電容器下極板帶正電 D．S斷開后，流經(jīng)R2的電荷量為1.810－5 C 答案　CD 解析　由題圖乙可知＝0.4 T/s，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n＝nS求出E＝1.2 V，A錯(cuò)誤；I＝＝0.12 A，P＝I2R1，可求出P＝5.7610－2 W，B錯(cuò)誤；由楞次定律可得C正確；S斷開后，流經(jīng)R2的電荷量即為S閉合時(shí)C極板上所帶的電荷量Q，電容器兩端的電壓U＝IR2＝0.6 V，流經(jīng)R2的電荷量Q＝CU＝1.810－5 C，D正確。 2. 如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有半徑為r的光滑半圓形導(dǎo)體框架，Oc為一能繞O在框架上滑動(dòng)的導(dǎo)體棒，Oa之間連一電阻R，導(dǎo)體框架與導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì)，施加外力使Oc以角速度ω逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則(　　) A．通過(guò)電阻R的電流方向由a經(jīng)R到O B．導(dǎo)體棒O端電勢(shì)低于c端的電勢(shì) C．外力做功的功率為 D．回路中的感應(yīng)電流大小為 答案　C 解析　由右手定則可知感應(yīng)電流由c到O，則通過(guò)電阻R的電流為由O經(jīng)R到a，A錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒以角速度ω逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線時(shí)可等效為電源，O端為電源正極，c端為電源負(fù)極，故導(dǎo)體棒O端的電勢(shì)高于c端的電勢(shì)，B錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝Bl＝Br，由此可知感應(yīng)電流為I＝＝，電阻R上的電熱功率為P＝I2R＝，由能量守恒定律可知外力做功的功率也為P，C正確，D錯(cuò)誤。 3．一矩形線圈位于一個(gè)方向垂直線圈平面向里的磁場(chǎng)中，如圖甲所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化規(guī)律如圖乙所示。以I表示線圈中的感應(yīng)電流，以圖甲線圈上箭頭所示方向的電流為正，則以下的it圖中正確的是(　　) 答案　A 解析　根據(jù)題圖乙可知，在0～1 s內(nèi)，不變且線圈面積S也不變，所以根據(jù)E＝S可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，感應(yīng)電流恒定，由楞次定律可得電流為逆時(shí)針?lè)较?，在圖象中為負(fù)；2～3 s內(nèi)，同理，由E＝S知i恒定，方向?yàn)檎?～2 s內(nèi)，B不變，i＝0，A正確。 4. 如圖所示，由某種粗細(xì)均勻的總電阻為3R的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中。一接入電路電阻為R的導(dǎo)體棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v勻速滑動(dòng)，滑動(dòng)過(guò)程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計(jì)摩擦。在PQ從靠近ad處向bc滑動(dòng)的過(guò)程中(　　) A．PQ中電流先增大后減小 B．PQ兩端電壓先減小后增大 C．PQ上拉力的功率先減小后增大 D．線框消耗的電功率先減小后增大 答案　C 解析　導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E＝BLv，其等效電路如圖所示，總電阻為R總＝R＋＝R＋，在PQ從靠近ad處向bc滑動(dòng)的過(guò)程中，總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，A錯(cuò)誤；PQ兩端電壓為路端電壓U＝E－IR，即先增大后減小，B錯(cuò)誤；拉力的功率等于克服安培力做功的功率，有P安＝F安v＝BILv，先減小后增大，C正確；根據(jù)功率曲線可知當(dāng)外電阻＝R時(shí)輸出功率最大，而外電阻的最大值為0.75R，所以線框消耗的功率先增大后減小，D錯(cuò)誤。 5. 如圖所示，寬度為l＝1 m的平行光滑導(dǎo)軌置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌放置于豎直面內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.4 T，方向垂直于導(dǎo)軌平面向里，長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌寬度的金屬棒ab在水平向左的拉力F＝0.2 N作用下向左勻速運(yùn)動(dòng)，金屬棒ab的電阻為1 Ω，外接電阻R1＝2 Ω，R2＝1 Ω。平行金屬板間距d＝10 mm，板間有一質(zhì)量m＝0.1 g的帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，g取10 m/s2。求： (1)金屬棒中的感應(yīng)電流I； (2)金屬棒運(yùn)動(dòng)的速度v； (3)液滴所帶電荷量及電性。 答案　(1)0.5 A (2)5 m/s (3)210－5 C 帶正電 解析　(1)因金屬棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則，可以判斷出ab棒的感應(yīng)電流方向?yàn)閍→b，受到的安培力方向水平向右，根據(jù)平衡條件有F＝BIl 解得I＝0.5 A。 (2)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝Blv 由閉合電路歐姆定律得I＝ 代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得v＝5 m/s。 (3)因電流方向?yàn)閍→b，則可判定金屬板下極板帶正電，由于帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡知識(shí)可知，液滴帶正電，此時(shí)有q＝mg，U2＝IR2 解得q＝210－5 C。 [真題模擬練] 6．(2018全國(guó)卷Ⅱ)如圖，在同一平面內(nèi)有兩根平行長(zhǎng)導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間存在依次相鄰的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域?qū)挾染鶠閘，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向交替向上向下。一邊長(zhǎng)為l的正方形金屬線框在導(dǎo)軌上向左勻速運(yùn)動(dòng)，線框中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的正確圖線可能是(　　) 答案　D 解析　如圖甲，線框左端從①移動(dòng)到②的過(guò)程中線框左邊切割磁感線產(chǎn)生的電流方向是順時(shí)針，線框右邊切割磁感線產(chǎn)生的電流方向也是順時(shí)針，線框兩邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向相同，所以E＝2BLv，則電流為i＝＝，其中L＝l，電流恒定且方向?yàn)轫槙r(shí)針。 如圖乙，再?gòu)蘑谝苿?dòng)到③的過(guò)程中線框左右兩邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小相等，方向相反，所以回路中電流表現(xiàn)為零。 如圖丙，然后從③到④的過(guò)程中，線框左邊切割磁感線產(chǎn)生的電流方向是逆時(shí)針，而線框右邊切割磁感線產(chǎn)生的電流方向也是逆時(shí)針，所以電流的大小為i＝＝，方向是逆時(shí)針。 當(dāng)線框再向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，線框左邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向是順時(shí)針，線框右邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向是逆時(shí)針，此時(shí)回路中電流表現(xiàn)為零，故線框在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電流是周期性變化，故D正確。 7. (2018焦作一模)(多選)如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌水平平行放置，間距為l＝1 m，cd間、de間、cf間分別接著阻值R＝10 Ω的電阻。一阻值R＝10 Ω的導(dǎo)體棒ab以速度v＝4 m/s勻速向左運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好；導(dǎo)軌所在平面存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5 T、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．導(dǎo)體棒ab中電流的流向?yàn)橛蒪到a B．cd兩端的電壓為1 V C．de兩端的電壓為1 V D．fe兩端的電壓為1 V 答案　BD 解析　由右手定則可知ab中電流方向?yàn)閍→b，A錯(cuò)誤；導(dǎo)體棒ab切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Blv，ab為電源，cd間電阻R為外電路負(fù)載，de和cf間電阻中無(wú)電流，de和cf間無(wú)電壓，因此cd和fe兩端電壓相等，即U＝R＝＝1 V，B、D正確，C錯(cuò)誤。 8. (2018河南周口期末)(多選)如圖所示為三個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直于紙面向外、向里和向外，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)，在磁場(chǎng)區(qū)域的左側(cè)邊界處，有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框，總電阻為R，且線框平面與磁場(chǎng)方向垂直，現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以初始位置為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定電流沿逆時(shí)針?lè)较驎r(shí)的電動(dòng)勢(shì)E為正，磁感線垂直于紙面向里時(shí)的磁通量Φ為正值，外力F向右為正。則以下能反映線框中的磁通量Φ、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E、外力F和電功率P隨時(shí)間變化規(guī)律的圖象是(　　) 答案　ABD 解析　當(dāng)線框進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，在0～時(shí)間內(nèi)，磁通量開始均勻增加，當(dāng)全部進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)磁通量最大，且為負(fù)值；在～的時(shí)間內(nèi)，向里的磁通量增加，總磁通量均勻減??；在時(shí)刻，磁通量最小，為零；在～時(shí)間內(nèi)，磁通量為正值，且均勻增大；在～時(shí)間內(nèi)，磁通量均勻減小至零；在～時(shí)間內(nèi)，磁通量均勻增大，且方向向外，為負(fù)值，在～時(shí)間內(nèi)，磁通量均勻減小至零，且為負(fù)值，A正確。當(dāng)線框進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，由E＝BLv可知，E保持不變，由右手定則知，感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，感?yīng)電動(dòng)勢(shì)為負(fù)值；線框開始進(jìn)入第二個(gè)和第三個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，左右兩邊同時(shí)切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為2BLv，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先為正值后為負(fù)值；離開第三個(gè)磁場(chǎng)時(shí)，左邊切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BLv，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為正值，B正確。因安培力總是與運(yùn)動(dòng)方向相反，故拉力應(yīng)一直向右，C錯(cuò)誤。電功率P＝，由Et圖象可知，D正確。 9．(2018福建省畢業(yè)質(zhì)量檢查模擬)(多選) 如圖所示，空間內(nèi)存在豎直方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。電阻可忽略不計(jì)的金屬框架ABCD固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長(zhǎng)，BC與CD的夾角為θ(θ<90)。一根粗細(xì)均勻的光滑導(dǎo)體棒EF垂直于CD放置，在外力F的作用下以垂直于自身的速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)。若以導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，則電路中的電流大小I、消耗的電功率P、外力F、導(dǎo)體棒EF兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U隨時(shí)間t的變化規(guī)律圖象中，正確的是(　　) 答案　BC 解析　在從開始至到達(dá)B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有效切割長(zhǎng)度為：L＝vttanθ；設(shè)導(dǎo)體棒橫截面積為S，電阻率為ρ，則回路中電阻為：R＝ρ＝ρ，所以回路中的電流為：I＝＝，為定值；在離開B之后，導(dǎo)體棒的電阻及切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的相同，則感應(yīng)電流也相同，故電流的大小一直不變，故A錯(cuò)誤。勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)外力和安培力平衡，從開始計(jì)時(shí)至到達(dá)B的過(guò)程中，F(xiàn)＝FA＝BIL＝BIvttanθ；當(dāng)EF在兩個(gè)導(dǎo)軌之間的距離不變時(shí)，拉力F＝BIL為定值，故B正確。導(dǎo)體棒在到達(dá)B之前消耗的電功率為P＝I2R＝t，進(jìn)入BA段以后電阻和電流均不變，電功率不變，故C正確。導(dǎo)體棒EF兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U＝BL總v－BLv，L先增大后不變，故U先減小后不變，故D錯(cuò)誤。 10．(2018安徽江南十校3月綜合檢測(cè)) 如圖所示，有兩個(gè)相鄰的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場(chǎng)方向相反，且與紙面垂直。兩個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域在x軸方向?qū)挾染鶠閍，在y軸方向足夠?qū)挕，F(xiàn)有一個(gè)菱形導(dǎo)線框abcd，ac長(zhǎng)為2a，從圖示位置開始向右勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。若以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较颍瑒t線框中感應(yīng)電流i與線框移動(dòng)距離x的關(guān)系圖象正確的是(　　) 答案　C 解析　如題圖所示，在線框進(jìn)入左側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，穿過(guò)線框的磁通量增加，磁場(chǎng)垂直于紙面向里，根據(jù)楞次定律可判斷，線框中產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，所以B錯(cuò)誤；當(dāng)位移x＝a的時(shí)候，線框切割磁感線的有效長(zhǎng)度最大，根據(jù)E＝BLv可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，感應(yīng)電流最大為I0，然后開始減小。當(dāng)線框在兩側(cè)磁場(chǎng)區(qū)域中切割的有效長(zhǎng)度相等時(shí)，感應(yīng)電流減小為零，然后開始反向增大，當(dāng)x＝2a時(shí)，磁通量減小為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大到最大E＝2Bav，感應(yīng)電流為－2I0，所以A、D錯(cuò)誤，C正確。 11．(2018太原模擬)如圖甲中，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌放置在水平面上且間距為L(zhǎng)，左端接電阻R，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒ab置于導(dǎo)軌上。當(dāng)ab受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)與金屬棒速度v的關(guān)系如圖乙所示。已知ab與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，設(shè)ab中的感應(yīng)電流為I，ab受到的安培力大小為F安，R兩端的電壓為UR，R的電功率為P，則下圖中正確的是(　　) 答案　A 解析　由題圖乙可得F＝F0－kv，金屬棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E＝BLv，金屬棒中電流I＝，金屬棒受安培力F安＝BIL，對(duì)金屬棒根據(jù)牛頓第二定律：F－F安＝ma，代入得：F0－v＝ma，所以金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，做勻速運(yùn)動(dòng)，所以A正確；F安＝，UR＝R，R消耗的功率P＝，所以B、C、D錯(cuò)誤。