2019年高考數(shù)學 考點分析與突破性講練 專題31 橢圓及其性質(zhì) 理.doc

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專題31 橢圓及其性質(zhì) 一、考綱要求： 1.了解橢圓的實際背景，了解橢圓在刻畫現(xiàn)實世界和解決實際問題中的作用. 2.掌握橢圓的定義、幾何圖形、標準方程及簡單性質(zhì)(范圍、對稱性、頂點、離心率). 3.理解數(shù)形結(jié)合思想. 4.了解橢圓的簡單應(yīng)用． 二、概念掌握和解題上注意點： 1.橢圓定義的應(yīng)用主要有兩個方面：一是判定平面內(nèi)動點的軌跡是否為橢圓；二是利用定義求焦點三角形的周長、面積、弦長、最值和離心率等. 2.橢圓的定義式必須滿足2a＞|F1F2|. 3.求橢圓的標準方程的方法有定義法與待定系數(shù)法，但基本方法是待定系數(shù)法，具體過程是先定位，再定量，即首先確定焦點所在的位置，然后再根據(jù)條件建立關(guān)于a，b的方程組，若焦點位置不確定，可把橢圓方程設(shè)為Ax2＋By2＝1(A＞0，B＞0，A≠B)的形式. 4.求橢圓離心率的方法 ①直接求出a，c的值，利用離心率公式直接求解. ②列出含有a，b，c的齊次方程(或不等式)，借助于b2＝a2－c2消去b，轉(zhuǎn)化為含有e的方程(或不等式)求解. 5.利用橢圓幾何性質(zhì)求值或范圍的思路 求解與橢圓幾何性質(zhì)有關(guān)的參數(shù)問題時，要結(jié)合圖形進行分析，當涉及頂點、焦點、長軸、短軸等橢圓的基本量時，要理清它們之間的關(guān)系.建立關(guān)于a、b、c的方程或不等式. 6.直線與橢圓的位置關(guān)系的解題策略 (1)解決直線與橢圓的位置關(guān)系的相關(guān)問題，其常規(guī)思路是先把直線方程與橢圓方程聯(lián)立，消元、化簡，然后應(yīng)用根與系數(shù)的關(guān)系建立方程，解決相關(guān)問題.涉及弦中點的問題常常用“點差法”解決，往往會更簡單. (2)設(shè)直線與橢圓的交點坐標為A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則|AB|＝＝(k為直線斜率）. 三、高考考題題例分析 例1.（2018課標卷I）設(shè)橢圓C：+y2=1的右焦點為F，過F的直線l與C交于A，B兩點，點M的坐標為（2，0）． （1）當l與x軸垂直時，求直線AM的方程； （2）設(shè)O為坐標原點，證明：∠OMA=∠OMB． 【答案】（1）y=﹣x+，y=x﹣， （2）見解析 證明：（2）當l與x軸重合時，∠OMA=∠OMB=0， 當l與x軸垂直時，OM為AB的垂直平分線，∴∠OMA=∠OMB， 當l與x軸不重合也不垂直時，設(shè)l的方程為y=k（x﹣1），k≠0， A（x1，y1），B（x2，y2），則x1＜，x2＜， 直線MA，MB的斜率之和為kMA，kMB之和為kMA+kMB=+， 由y1=kx1﹣k，y2=kx2﹣k得kMA+kMB=， 將y=k（x﹣1）代入+y2=1可得（2k2+1）x2﹣4k2x+2k2﹣2=0， ∴x1+x2=，x1x2=， ∴2kx1x2﹣3k（x1+x2）+4k=（4k2﹣4k﹣12k2+8k2+4k）=0 從而kMA+kMB=0， 故MA，MB的傾斜角互補， ∴∠OMA=∠OMB， 綜上∠OMA=∠OMB． 例7.(2017全國卷Ⅰ)設(shè)A，B是橢圓C：＋＝1長軸的兩個端點．若C上存在點M滿足∠AMB＝120，則m的取值范圍是(　　) A．(0,1]∪[9，＋∞) B．(0，]∪[9，＋∞) C．(0,1]∪[4，＋∞) D．(0，]∪[4，＋∞) 【答案】A　 【解析】法一：設(shè)焦點在x軸上，點M(x，y)． 過點M作x軸的垂線，交x軸于點N， 則N(x,0)． 故tan∠AMB＝tan(∠AMN＋∠BMN) ＝＝. 又tan∠AMB＝tan 120＝－， 且由＋＝1可得x2＝3－， 則＝＝－. 解得|y|＝. 又0<|y|≤，即0＜≤，結(jié)合0＜m＜3解得0＜m≤1. 對于焦點在y軸上的情況，同理亦可得m≥9. 則m的取值范圍是(0,1]∪[9，＋∞)． 故選A． 例8.(2017課標卷I)已知橢圓C：（a>b>0），四點P1（1,1），P2（0,1），P3（–1，），P4（1，）中恰有三點在橢圓C上. （1）求C的方程； （2）設(shè)直線l不經(jīng)過P2點且與C相交于A，B兩點.若直線P2A與直線P2B的斜率的和為–1，證明：l過定點. 【答案】（1） （2）見解析 試題解析：（1）由于，兩點關(guān)于y軸對稱，故由題設(shè)知C經(jīng)過，兩點. 又由知，C不經(jīng)過點P1，所以點P2在C上. 因此，解得. 故C的方程為. 由題設(shè)可知. 設(shè)A（x1，y1），B（x2，y2），則x1+x2=，x1x2=. 而 . 由題設(shè)，故. 即. 解得. 當且僅當時，，欲使l：，即， 所以l過定點（2，） 例9.(2017課標卷Ⅲ)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的左、右頂點分別為A1，A2，且以線段A1A2為直徑的圓與直線bx－ay＋2ab＝0相切，則C的離心率為(　　) A． B． C． D． 【答案】A 例10.(2017課標卷II)設(shè)O為坐標原點，動點M在橢圓C：上，過M作x軸的垂線，垂足為N，點P滿足。 (1) 求點P的軌跡方程； (2)設(shè)點Q在直線上，且。證明：過點P且垂直于OQ的直線l過C的左焦點F。 【答案】(1) 。 (2)證明略。 試題解析：（1）設(shè),設(shè),。 由得。 因為在C上，所以。 因此點P的軌跡方程為。 （2）由題意知。設(shè),則 ， 。 由得，又由（1）知，故 。 所以，即。又過點P存在唯一直線垂直于OQ，所以過點P且垂直于OQ的直線過C的左焦點F。 橢圓及其性質(zhì)練習題 一、選擇題 1．已知中心在原點的橢圓C的右焦點為F(1,0)，離心率等于，則C的方程是(　　) A．＋＝1 B．＋＝1 C．＋＝1 D．＋＝1 【答案】D 【解析】橢圓的焦點在x軸上，c＝1. 又離心率為＝， 故a＝2，b2＝a2－c2＝4－1＝3， 故橢圓的方程為＋＝1. 2．橢圓C：＋＝1的左右焦點分別為F1，F(xiàn)2，過F2的直線交橢圓C于A、B兩點，則△F1AB的周長為 (　　) A．12 B．16 C．20 D．24 【答案】C 3．直線l經(jīng)過橢圓的一個頂點和一個焦點，若橢圓中心到l的距離為其短軸長的，則該橢圓的離心率為 (　　) A．　　　 B. C． D． 【答案】B　 【解析】如圖，|OB|為橢圓中心到l的距離，則|OA||OF|＝|AF||OB|，即bc＝a，所以e＝＝. 19.已知橢圓E的一個頂點為A(0，－1)，焦點在x軸上，若橢圓右焦點到橢圓E的中心的距離是. (1)求橢圓E的方程； (2)設(shè)直線l：y＝kx＋1(k≠0)與該橢圓交于不同的兩點B，C，若坐標原點O到直線l的距離為，求△BOC的面積． 【答案】(1) ＋y2＝1. (2) . (2)設(shè)B(x1，y1)，C(x2，y2)，將直線方程與橢圓聯(lián)立整理得(3k2＋1)x2＋6kx＝0， 由原點O到直線l的距離為＝，得k2＝， 又|BC|＝ ＝＝2， ∴S△BOC＝|BC|＝， ∴△BOC的面積為. 20.已知曲線C的方程是mx2＋ny2＝1(m＞0，n＞0)，且曲線過A，B兩點，O為坐標原點． (1)求曲線C的方程； (2)設(shè)M(x1，y1)，N(x2，y2)是曲線C上兩點，向量p＝(x1，y1)，q＝(x2，y2)，且pq＝0，若直線MN過點，求直線MN的斜率． 【答案】(1) y2＋4x2＝1. (2) . 21．已知焦點在y軸上的橢圓E的中心是原點O，離心率等于，以橢圓E的長軸和短軸為對角線的四邊形的周長為4.直線l：y＝kx＋m與y軸交于點P，與橢圓E相交于A，B兩個點． (1)求橢圓E的方程； (2)若＝3，求m2的取值范圍． 【答案】(1) x2＋＝1 (2) (1,4)． (2)根據(jù)已知得P(0，m)，設(shè)A(x1，kx1＋m)，B(x2，kx2＋m)，由得， (k2＋4)x2＋2mkx＋m2－4＝0. 由已知得Δ＝4m2k2－4(k2＋4)(m2－4)＞0，即k2－m2＋4＞0， 且x1＋x2＝，x1x2＝. 由＝3得x1＝－3x2. ∴3(x1＋x2)2＋4x1x2＝12x－12x＝0. ∴＋＝0，即m2k2＋m2－k2－4＝0. 當m2＝1時，m2k2＋m2－k2－4＝0不成立， ∴k2＝. ∵k2－m2＋4＞0，∴－m2＋4＞0， 即＞0.∴1＜m2＜4. ∴m2的取值范圍是(1,4)． 22．對于橢圓，有如下性質(zhì)：若點是橢圓上的點，則橢圓在該點處的切線方程為．利用此結(jié)論解答下列問題．點是橢圓上的點，并且橢圓在點處的切線斜率為． （1）求橢圓的標準方程； （2）若動點在直線上，經(jīng)過點的直線，與橢圓相切，切點分別為，．求證：直線必經(jīng)過一定點． 【答案】（1） （2）直線必經(jīng)過一定點 （2）設(shè)，，， 則切線，切線． ∵都經(jīng)過點， ∴，． 即直線的方程為． 又， ∴直線必經(jīng)過一定點．