甘肅省2019年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第六單元 圓單元檢測(cè)（六）圓練習(xí).doc

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單元檢測(cè)(六)　圓 (考試用時(shí):90分鐘　滿分:120分) 一、選擇題(本大題共10小題,每小題3分,共30分) 　　　　 　　　　　 　　　　　 1.已知☉O1的半徑為3 cm,☉O2的半徑為2 cm,圓心距O1O2=4 cm,則☉O1與☉O2的位置關(guān)系是 (　　) A.外離 B.外切 C.相交 D.內(nèi)切 答案C 解析∵☉O1的半徑為3 cm,☉O2的半徑為2 cm,圓心距O1O2為4 cm, 又∵2+3=5,3-2=1,1<4<5, ∴☉O1與☉O2的位置關(guān)系是相交. 2.如圖,點(diǎn)A,B,C在☉O上,∠AOB=72,則∠ACB等于 (　　) A.28 B.54 C.18 D.36 答案D 解析根據(jù)圓周角定理可知,∠AOB=2∠ACB=72,即∠ACB=36.故選D. 3.如圖,☉O的半徑為3,四邊形ABCD內(nèi)接于☉O,連接OB、OD,若∠BOD=∠BCD,則BD的長(zhǎng)為 (　　) A.π B.32π C.2π D.3π 答案C 解析∵四邊形ABCD內(nèi)接于☉O, ∴∠BCD+∠A=180, ∵∠BOD=2∠A,∠BOD=∠BCD, ∴2∠A+∠A=180,解得∠A=60, ∴∠BOD=120,∴BD的長(zhǎng)=120π3180=2π. 4.如圖,直線AB是☉O的切線,C為切點(diǎn),OD∥AB交☉O于點(diǎn)D,點(diǎn)E在☉O上,連接OC,EC,ED,則∠CED的度數(shù)為(　　) A.30 B.35 C.40 D.45 答案D 解析∵直線AB是☉O的切線,C為切點(diǎn), ∴∠OCB=90, ∵OD∥AB,∴∠COD=90, ∴∠CED=12∠COD=45. 5.如圖,AB是☉O的直徑,CD是☉O的弦,∠ACD=30,則∠BAD為(　　) A.30 B.50 C.60 D.70 答案C 解析連接BD, ∵∠ACD=30, ∴∠ABD=30, ∵AB為直徑, ∴∠ADB=90, ∴∠BAD=90-∠ABD=60. 6.(xx浙江杭州)如圖,☉O的半徑OA=6,以A為圓心,OA為半徑的弧交☉O于B、C點(diǎn),則BC= (　　) A.63 B.62 C.33 D.32 答案A 解析設(shè)OA與BC相交于D點(diǎn). ∵AB=OA=OB=6∴△OAB是等邊三角形. 又根據(jù)垂徑定理可得,OA平分BC,利用勾股定理可得BD=62-32=33. 所以BC=63. 7.一個(gè)圓錐的側(cè)面積是底面積的3倍,則這個(gè)圓錐側(cè)面展開(kāi)圖的圓心角度數(shù)為(　　) A.120 B.180 C.240 D.300 答案A 解析設(shè)底面圓的半徑為r,側(cè)面展開(kāi)扇形的半徑為R,扇形的圓心角為n度. 由題意得S底面面積=πr2,l底面周長(zhǎng)=2πr, S扇形=3S底面面積=3πr2,l扇形弧長(zhǎng)=l底面周長(zhǎng)=2πr.由S扇形=12l扇形弧長(zhǎng)R得3πr2=122πrR,故R=3r.由l扇形弧長(zhǎng)=nπR180得:2πr=nπ3r180解得n=120. 8.(xx山東威海)如圖是某圓錐的主視圖和左視圖,該圓錐的側(cè)面積是(　　) A.25π B.24π C.20π D.15π 答案C 解析由題可得,圓錐的底面直徑為8,高為3, ∴圓錐的底面周長(zhǎng)為8π, 圓錐的母線長(zhǎng)為32+42=5, ∴圓錐的側(cè)面積=128π5=20π. 9.以坐標(biāo)原點(diǎn)O為圓心,作半徑為2的圓,若直線y=-x+b與☉O相交,則b的取值范圍是(　　) A.0≤b<22 B.-22≤b≤22 C.-230)圖象上的四個(gè)整數(shù)點(diǎn)(橫、縱坐標(biāo)均為整數(shù)),分別過(guò)這些點(diǎn)向橫軸或縱軸作垂線段,以垂線段所在的正方形(如圖)的邊長(zhǎng)為半徑作四分之一圓周的兩條弧,組成四個(gè)橄欖形(陰影部分),則這四個(gè)橄欖形的面積總和是　　　　　(用含π的代數(shù)式表示). 答案5π-10 解析∵A,B,C,D是反比例函數(shù)y=8x(x>0)圖象上四個(gè)整數(shù)點(diǎn), ∴x=1,y=8;x=2,y=4;x=4,y=2;x=8,y=1; ∴一個(gè)頂點(diǎn)是A,D的正方形的邊長(zhǎng)為1,橄欖形的面積為: 2πr24-r22=2π-24r2=π-22; 一個(gè)頂點(diǎn)是B,C的正方形的邊長(zhǎng)為2,橄欖形的面積為:π-22r2=2(π-2); ∴這四個(gè)橄欖形的面積總和:(π-2)+22(π-2)=5π-10. 18.(xx山東威海)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,點(diǎn)A1的坐標(biāo)為(1,2),以點(diǎn)O為圓心,以O(shè)A1長(zhǎng)為半徑畫弧,交直線y=12x于點(diǎn)B1.過(guò)B1點(diǎn)作B1A2∥y軸,交直線y=2x于點(diǎn)A2,以O(shè)為圓心,以O(shè)A2長(zhǎng)為半徑畫弧,交直線y=12x于點(diǎn)B2;過(guò)點(diǎn)B2作B2A3∥y軸,交直線y=2x于點(diǎn)A3,以點(diǎn)O為圓心,以O(shè)A3長(zhǎng)為半徑畫弧,交直線y=12x于點(diǎn)B3;過(guò)B3點(diǎn)作B3A4∥y軸,交直線y=2x于點(diǎn)A4,以點(diǎn)O為圓心,以O(shè)A4長(zhǎng)為半徑畫弧,交直線y=12x于點(diǎn)B4,…按照如此規(guī)律進(jìn)行下去,點(diǎn)B2 018的坐標(biāo)為　　　　　. 答案(22 018,22 017) 解析由題意可得,點(diǎn)A1的坐標(biāo)為(1,2),設(shè)點(diǎn)B1的坐標(biāo)為(a,12a), a2+(12a)2=12+22,解得,a=2, ∴點(diǎn)B1的坐標(biāo)為(2,1), 同理可得,點(diǎn)A2的坐標(biāo)為(2,4),點(diǎn)B2的坐標(biāo)為(4,2), 點(diǎn)A3的坐標(biāo)為(4,8),點(diǎn)B3的坐標(biāo)為(8,4),…… ∴點(diǎn)B2 018的坐標(biāo)為(22 018,22 017). 三、解答題(本大題共6小題,共58分) 19.(8分)(xx廣東)作圖題:(尺規(guī)作圖,要求保留作圖痕跡,不寫作法.) 如圖,BD是菱形ABCD的對(duì)角線,∠CBD=75, (1)請(qǐng)用尺規(guī)作圖法,作AB的垂直平分線EF,垂足為E,交AD于F;(不要求寫作法,保留作圖痕跡) (2)在(1)條件下,連接BF,求∠DBF的度數(shù). 解(1)如圖所示,直線EF即為所求; (2)∵四邊形ABCD是菱形, ∴∠ABD=∠DBC=12∠ABC=75,DC∥AB,∠A=∠C. ∴∠ABC=150,∠ABC+∠C=180, ∴∠C=∠A=30, ∵EF垂直平分線段AB,∴AF=FB, ∴∠A=∠FBA=30, ∴∠DBF=∠ABD-∠FBE=45. 20.(8分)(xx浙江湖州)如圖,已知AB是☉O的直徑,C,D是☉O上的點(diǎn),OC∥BD,交AD于點(diǎn)E,連接BC. (1)求證:AE=ED; (2)若AB=10,∠CBD=36,求AC的長(zhǎng). (1)證明∵AB是☉O的直徑,∴∠ADB=90, ∵OC∥BD,∴∠AEO=∠ADB=90, 即OC⊥AD,∴AE=ED; (2)解∵OC⊥AD,∴AC=CD, ∴∠ABC=∠CBD=36, ∴∠AOC=2∠ABC=236=72, ∴AC的長(zhǎng)=72π5180=2π. 21.(10分)(xx湖北宜昌)如圖,在△ABC中,AB=AC,以AB為直徑的圓交AC于點(diǎn)D,交BC于點(diǎn)E,延長(zhǎng)AE至點(diǎn)F,使EF=AE,連接FB,FC. (1)求證:四邊形ABFC是菱形; (2)若AD=7,BE=2,求半圓和菱形ABFC的面積. (1)證明∵AB是直徑,∴∠AEB=90,∴AE⊥BC,∵AB=AC,∴BE=CE, ∵AE=EF,∴四邊形ABFC是平行四邊形, ∵AC=AB,∴四邊形ABFC是菱形. (2)解設(shè)CD=x.連接BD. ∵AB是直徑,∴∠ADB=∠BDC=90, ∴AB2-AD2=CB2-CD2, ∴(7+x)2-72=42-x2,解得x=1或-8(舍棄),∴AC=8,BD=82-72=15, ∴S菱形ABFC=815. 22.(10分)(xx貴州銅仁)如圖,在三角形ABC中,AB=6,AC=BC=5,以BC為直徑作☉O交AB于點(diǎn)D,交AC于點(diǎn)G,直線DF是☉O的切線,D為切點(diǎn),交CB的延長(zhǎng)線于點(diǎn)E. (1)求證:DF⊥AC; (2)求tan∠E的值. (1)證明如圖,連接OD,CD,∵BC是☉O的直徑, ∴∠BDC=90, ∴CD⊥AB, ∵AC=BC, ∴AD=BD, ∵OB=OC, ∴OD是△ABC的中位線,∴OD∥AC, ∵DF為☉O的切線,∴OD⊥DF,∴DF⊥AC; (2)解如圖,連接BG, ∵BC是☉O的直徑,∴∠BGC=90, ∵∠EFC=90=∠BGC,∴EF∥BG, ∴∠CBG=∠E, Rt△BDC中,∵BD=3,BC=5, ∴CD=4,S△ABC=12ABCD=12ACBG,64=5BG,BG=245, 由勾股定理得CG=52-(245)2=75, ∴tan∠CBG=tan∠E=CGBG=75245=724. 23.(10分)(xx江蘇淮安)如圖,AB是☉O的直徑,AC是☉O的切線,切點(diǎn)為A,BC交☉O于點(diǎn)D,點(diǎn)E是AC的中點(diǎn). (1)試判斷直線DE與☉O的位置關(guān)系,并說(shuō)明理由; (2)若☉O的半徑為2,∠B=50,AC=4.8,求圖中陰影部分的面積. 解(1)直線DE與☉O相切.理由如下: 連接OE,OD,如圖,∵AC是☉O的切線, ∴AB⊥AC,∴∠OAC=90, ∵點(diǎn)E是AC的中點(diǎn),O點(diǎn)為AB的中點(diǎn), ∴OE∥BC,∴∠1=∠B,∠2=∠3, ∵OB=OD,∴∠B=∠3,∴∠1=∠2, 在△AOE和△DOE中OA=OD,∠1=∠2,OE=OE, ∴△AOE≌△DOE,∴∠ODE=∠OAE=90, ∴OD⊥DE,∴DE為☉O的切線; (2)∵點(diǎn)E是AC的中點(diǎn),∴AE=12AC=2.4, ∵∠AOD=2∠B=250=100, ∴圖中陰影部分的面積=21222.4-100π22360=4.8-109π. 24.(12分)(xx山東濟(jì)寧)如圖,已知拋物線y=ax2+bx+c(a≠0)經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(3,0),B(-1,0),C(0,-3). (1)求該拋物線的解析式; (2)若以點(diǎn)A為圓心的圓與直線BC相切于點(diǎn)M,求切點(diǎn)M的坐標(biāo); (3)若點(diǎn)Q在x軸上,點(diǎn)P在拋物線上,是否存在以點(diǎn)B,C,Q,P為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形?若存在,求點(diǎn)P的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 解(1)把A(3,0),B(-1,0),C(0,-3)代入拋物線解析式得9a+3b+c=0,a-b+c=0,c=-3,解得a=1,b=-2,c=-3, 則該拋物線解析式為y=x2-2x-3; (2)設(shè)直線BC解析式為y=kx-3, 把B(-1,0)代入得-k-3=0,即k=-3, ∴直線BC解析式為y=-3x-3, ∴直線AM解析式為y=13x+n, 把A(3,0)代入得1+n=0,即n=-1, ∴直線AM解析式為y=13x-1,聯(lián)立得y=-3x-3,y=13x-1,解得x=-35,y=-65. 則M-35,-65; (3)存在以點(diǎn)B,C,Q,P為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,分兩種情況考慮: 設(shè)Q(x,0),P(m,m2-2m-3), 第一種:當(dāng)四邊形BCQP為平行四邊形時(shí),由B(-1,0),C(0,-3),根據(jù)平移規(guī)律得-1+x=0+m,0+0=-3+m2-2m-3,解得m=17,x=27, 當(dāng)m=1+7時(shí),m2-2m-3=8+27-2-27-3=3,即P(1+7,2); 當(dāng)m=1-7時(shí),m2-2m-3=8-27-2+27-3=3,即P(1-7,2); 第二種:當(dāng)四邊形BCPQ為平行四邊形時(shí),由B(-1,0),C(0,-3),根據(jù)平移規(guī)律得:-1+m=0+x,0+m2-2m-3=-3+0, 解得m=0或2, 當(dāng)m=0時(shí),P(0,-3)(舍去);當(dāng)m=2時(shí),P(2,-3), 綜上,存在以點(diǎn)B,C,Q,P為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形, 點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1+7,2)或(1-7,2)或(2,-3).