（江浙選考1）2020版高考物理總復習 第九章 恒定電流 考點強化練23 電學實驗(1).doc

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考點強化練23電學實驗(1)1.在研究規(guī)格為“6 V3 W”小燈泡的伏安特性曲線的實驗中,要求小燈泡兩端的電壓從0開始逐漸增大。實驗提供的電流表量程為0.6 A、內阻約1 ,電壓表量程為10 V、內阻約2.0 k。(1)下列實驗電路圖,最合理的是;(2)小燈泡接入電路前,某同學使用多用電表歐姆擋直接測量小燈泡的電阻,應將選擇開關旋至擋(選填“1”或“10”)。(3)某同學描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖所示,則小燈泡的電阻值隨溫度的升高而(選填“增大”“減小”或“不變”)。實驗過程中,小燈泡消耗的功率為0.6 W時,小燈泡兩端的電壓是 V。2.在“測定金屬的電阻率”實驗中,所用測量儀器均已校準。待測金屬絲接入電路部分的長度約為50 cm。(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑,多次測量的平均值為0.395 mm;(2)用伏安法測金屬絲的電阻Rx。實驗所用器材為:電池組(電動勢為3 V,內阻約1 )、電流表(內阻約0.1 )、電壓表(內阻約3 k)、滑動變阻器R(020 ,額定電流2 A)、開關、導線若干。某小組同學利用以上器材正確連接好電路,進行實驗測量,記錄數據如下表。次數1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上數據可知,他們測量Rx是采用圖1中的圖(選填“甲”或“乙”)。圖1(3)圖2是測量Rx的實驗器材實物圖,圖中已連接了部分導線,滑動變阻器的滑片P置于變阻器的一端。請根據所選的電路圖,補充完成圖2中實物間的連線,并使閉合開關的瞬間,電壓表或電流表不至于被燒壞。圖2(4)這個小組的同學在坐標紙上建立U、I坐標系,如圖3所示,圖中已標出了測量數據對應的3個坐標點。請在圖3中標出第2、4、6次測量數據坐標點,并描繪出U-I圖線。由圖線得到金屬絲的阻值Rx= (保留兩位有效數字)。根據以上數據可以估算出金屬絲的電阻率約為(保留一位有效數字)。圖33.測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻,電路如圖甲所示,MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲,定值電阻R0=1.0 ,調節(jié)滑片P,記錄電壓表示數U、電流表示數I及對應的PN長度x,繪制了U-I圖象如圖乙所示。(1)由圖乙求得電池的電動勢E= V,內阻r= 。(2)實驗中由于電表內阻的影響,電動勢測量值其真實值(選填“大于”“等于”或“小于”)。(3)根據實驗數據可繪出UI-x圖象,如圖丙所示。圖象斜率為k,電阻絲橫截面積為S,可求得電阻絲的電阻率=,電表內阻對電阻率的測量(選填“有”或“沒有”)影響。4.(2018浙江諸暨牌頭中學高三上學期期中)小明同學在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中,所用小燈泡規(guī)格為“2.5 V0.3 A”。(1)實驗電路如圖甲所示,請讀出某次實驗中電壓表和電流表的示數分別為 V、 A。(2)實驗結束之后,他描繪了如圖乙的伏安特性曲線,老師一看就判定是錯誤的,老師判定的依據是。5.(2018浙江五校高三上學期第一次聯(lián)考)為描繪小燈泡L(2.5 V1.0 W)的伏安特性曲線,某同學根據如下可供選擇的器材設計了如圖所示電路(電路還沒有完全接好)。A.電流表(量程0.6 A,內阻約1 )B.電壓表(量程3 V,內阻約3 k)C.滑動變阻器(200 ,0.3 A)D.滑動變阻器(5 ,2 A)E.電池組(電動勢約3 V,內阻未知)F.開關,帶夾子的導線若干G.待測小燈泡(1)實驗中滑動變阻器應選擇(選填“C”或“D”),請以筆畫線代替導線將尚未連接好的電壓表連入電路中。(2)在該同學連接最后一根導線的c端到直流電源正極之前,請指出其中僅有的兩個不當之處:.;.。(3)改正上述兩個不當之處后,他在測量中發(fā)現,無論如何調節(jié)滑動變阻器的滑片,電壓表和電流表的示數均不能取到較小值,其原因可能是導線(填圖中導線代號)沒有連接好。6.在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中,(1)某同學畫出了如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線。根據此圖給出的信息可知,隨著小燈泡兩端電壓的升高,小燈泡的電阻。(選填“變大”“變小”或“不變”)(2)如果將這個小燈泡接到電動勢為1.5 V,內阻為5 的電源兩端,小燈泡消耗的功率是 W。(保留兩位有效數字)考點強化練23電學實驗(1)1.答案 (1)甲(2)1(3)增大2.0解析 (1)電壓從0開始變化,則控制電路用分壓,丙錯;又由于電壓表的內阻為20 k,遠大于待測阻值,則用安培表外接,乙錯,甲對;(2)小燈泡正常發(fā)光時的阻值為:R=U2P=12 ,故應將選擇開關旋轉至1;(3)由U-I圖象知,隨電壓增加,通過燈泡的電流變大,燈泡實際功率變大,燈泡溫度升高,由歐姆定律知,電壓與電流阻值變大,燈泡電阻值增大;由圖象知,電壓為2.0 V時通過燈泡的電流為0.3 A,燈泡的實際功率為0.6 W。2.答案 (2)甲(3)(4)4.5 (4.34.6)110-6 m解析 (2)由記錄數據根據歐姆定律可知金屬絲的電阻Rx約5 。則有RxRARV=0.13 000 =103 ,屬于小電阻,用外接法測量誤差小,實驗要描繪電阻的伏安特性曲線,要求電壓電流從接近0開始調節(jié),所以應該采用分壓接法,故選甲。(3)注意連圖時連線起點和終點在接線柱上并且不能交叉,結合(2)可知應該連接成外接分壓接法(甲),那么在連線時斷開開關且使Rx兩端的電壓為0。先連外接電路部分,再連分壓電路部分,此時滑片P必須置于變阻器的左端。實物圖如圖所示:(4)描繪出第2、4、6三個點后可見第6次測量數據的坐標點誤差太大舍去,然后得出U-I圖線。如圖所示:計算U-I圖象的斜率可得到電阻的阻值R=2.50.56 4.5 (4.34.6);根據電阻定律R=LS,得=RSL,代入數據可計算出=110-6 m。3.答案 (1)1.490.45(2)小于(3)kS沒有解析 (1)由閉合電路歐姆定律可知:U=E-I(r+R0);則可知,圖乙中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢,故E=1.50 V;圖象的斜率表示內電阻,則r+R0=1.50-1.20.20 =1.5 ,解得r=1.5 -1. 0 =0.5 ;(2)由圖示可知,伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法,由于電壓表分流作用,電流表測量值偏小,當外電路短路時,電流測量值等于真實值,電源的U-I圖象如圖所示,由圖象可知,電動勢測量值小于真實值,電源內阻測量值小于真實值。(3)根據歐姆定律可知,電阻R=UI=LS;則可知k=S;解得:=kS;若考慮電阻內阻,則圖象的斜率不變,所以得出的電阻率沒有影響。4.答案 (1)2.100.26(2)電阻隨溫度升高而增大解析 (1)電壓表量程為3 V,則最小分度為0.1 V,故其讀數為2.10 V;電流表量程為0.6 A,最小分度為0.02 A;故其讀數為0.26 A。(2)U-I圖象中圖象的斜率表示電阻,而燈泡的電阻隨電壓的增大而增大;故圖象中的斜率應增大。5.答案 (1)D(2)連電路時沒有斷開開關滑動變阻器的滑片沒有移至b端(3)解析 為方便實驗操作,在保證安全的前提下,應選擇最大阻值較小的滑動變阻器。連接電路時,應斷開開關,滑動變阻器采用分壓接法時,滑片應置于分壓電路分壓為零的位置?；瑒幼冏杵鞑捎梅謮航臃〞r,電壓與電流可以從零開始變化,如果滑動變阻器采用限流接法,電壓與電流不能從零開始變化。(1)為方便實驗操作,滑動變阻器應選最大阻值較小的D。燈泡正常發(fā)光時的電阻R=U2P=6.25 ,即小燈泡的電阻遠小于電壓表內阻,接近電流表內阻,所以電流表應采用外接法,電路圖如圖所示。(2)由電路圖可知,在連接電路時,沒有斷開開關;滑片沒有移到分壓電路分壓為零的位置即滑片沒有置于b端。(3)實驗時,無論如何調節(jié)滑動變阻器的滑片,電壓表和電流表的示數均不能取到較小值,滑動變阻器被接成了限流接法,由電路圖可知,導線沒有接好。6.答案 (1)變大(2)0.10解析 (1)由于坐標原點與圖象上某點連線的斜率倒數等于電阻,此圖給出的信息可知,隨著小燈泡兩端電壓的升高,小燈泡的電阻變大;(2)電源的電動勢為1.5 V,電流與路端電壓的關系式為:U=E-Ir=1.5-5I,在圖中作出電流與路端電壓的圖線,如圖交點坐標即為小燈泡的實際電壓和電流,故功率為P=UI=10.1 W=0.1 W。