2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip

2019年高考物理一輪選練編題（含解析）（打包11套）新人教版.zip,2019,年高,物理,一輪,選練編題,解析,打包,11,新人 人教版物理2019年高考一輪選練編題（7） 李仕才 一、選擇題 1、大霧天發(fā)生交通事故的概率比平常要高出幾倍甚至幾十倍,保證霧天行車安全顯得尤為重要.在霧天的平直公路上,甲、乙兩汽車同向勻速行駛,乙在前,甲在后.某時刻兩車司機(jī)聽到警笛提示,同時開始剎車,結(jié)果兩車剛好沒有發(fā)生碰撞,如圖為兩車剎車后勻減速運(yùn)動的vt圖像,以下分析正確的是(　BD　) A.甲車剎車的加速度的大小為0.5 m/s2 B.兩車開始剎車時的間距為100 m C.兩車剎車后間距一直在減小 D.兩車都停下來后相距12.5 m 解析:由題圖可知,兩車剎車后直到速度相等經(jīng)歷的時間為20 s,甲車的加速度a1= m/s2=-1 m/s2,乙車的加速度a2= m/s2=-0.5 m/s2,此時甲車的位移x甲=v甲t+a1t2=(25×20-×1×400)m=300 m,乙車的位移x乙=v乙t+a2t2=(15×20-×0.5×400)m=200 m,兩車剛好沒有發(fā)生碰撞,則兩車開始剎車時的間距Δx=(300-200)m=100 m,選項A錯誤,B正確;兩車剎車后甲的速度先大于乙的速度,兩者間距減小,后來甲的速度小于乙的速度,兩者間距增大,選項C錯誤;根據(jù)圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移可知,兩車都停下來后的距離為如圖中陰影部分三角形面積,則Δx′=×(30-25)×5 m=12.5 m,選項D正確. 2、一個質(zhì)量為2 kg的物體，在4個共點力作用下處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)同時撤去大小分別為8 N和12 N的兩個力，其余的力保持不變，關(guān)于此后該物體運(yùn)動的說法正確的是(　　) A．一定做勻變速運(yùn)動，加速度大小可能等于重力加速度的大小 B．一定做勻變速直線運(yùn)動，加速度大小可能是5 m/s2 C．可能做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小是1.5 m/s2 D．可能做勻速圓周運(yùn)動，向心加速度大小是6 m/s2 解析：選A.由平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為8 N和12 N的兩個力后，物體的合力大小范圍為4 N≤F合≤20 N，物體的加速度范圍為：2 m/s2≤a≤10 m/s2；A.撤去兩個力后，一定做勻變速運(yùn)動，加速度大小可能等于重力加速度的大小，故A正確；B.若物體原來做勻速直線運(yùn)動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向不在同一直線上時，物體做勻變速曲線運(yùn)動，加速度大小可能是5 m/s2，故B錯誤；C.若物體原來做勻速直線運(yùn)動，撤去的兩個力的合力方向與速度方向相反時，物體做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小最小可能是2 m/s2，不可能為1.5 m/s2，故C錯誤；D.撤去兩個力后，物體受到的合力恒定，不可能做勻速圓周運(yùn)動，故D錯誤． 3、（2018廣西欽州市第一中學(xué)開學(xué)考試）疊羅漢是一種由多人層層疊成各種造型的游戲娛樂形式，也是一種高難度的雜技。如圖所示為六人疊成的三層靜態(tài)造型，假設(shè)每個人的重量均為G，下面五人的背部均呈水平狀態(tài)，則最底層正中間的人的一只腳對水平地面的壓力約為（ ） A. B. C. D. 【答案】B 4、(多選)兩個小球A、B在光滑水平面上相向運(yùn)動，已知它們的質(zhì)量分別是m1＝4 kg，m2＝2 kg，A的速度v1＝3 m/s(設(shè)為正)，B的速度v2＝－3 m/s，則它們發(fā)生正碰后，其速度可能分別是(　　) A．均為1 m/s　　　　　 B．＋4 m/s和－5 m/s C．＋2 m/s和－1 m/s D．－1 m/s和5 m/s 解析：選AD.由動量守恒，可驗證四個選項都滿足要求．再看動能情況 Ek＝m1v＋m2v＝×4×9 J＋×2×9 J＝27 J Ek′＝m1v1′2＋m2v2′2 由于碰撞過程動能不可能增加，所以應(yīng)有Ek≥Ek′，可排除選項B.選項C雖滿足Ek≥Ek′，但A、B沿同一直線相向運(yùn)動，發(fā)生碰撞后各自仍能保持原來的速度方向(vA′＞0，vB′＜0)，這顯然是不符合實際的，因此C錯誤．驗證選項A、D均滿足Ek≥Ek′，故答案為選項A(完全非彈性碰撞)和選項D(彈性碰撞)． 5、(1)(5分)下列說法中正確的是　　　(填正確答案標(biāo)號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分.每選錯1個扣3分,最低得分為0分).? A.能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散不違反能量守恒定律 B.擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,不能在固體中發(fā)生 C.有規(guī)則外形的物體是晶體,沒有確定的幾何外形的物體是非晶體 D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,所以存在表面張力 E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行 (2)(10分)某次測量中在地面釋放一體積為8 L的氫氣球,發(fā)現(xiàn)當(dāng)氣球升高到1 600 m時破裂.實驗表明氫氣球內(nèi)外壓強(qiáng)近似相等,當(dāng)氫氣球體積膨脹到8.4 L時即破裂.已知地面附近大氣的溫度為27 ℃,常溫下當(dāng)?shù)卮髿鈮弘S高度的變化如圖所示.求高度為1 600 m處大氣的攝氏溫度. 解析:(1)能量守恒定律是普遍規(guī)律,能量耗散是能量的形式發(fā)生了轉(zhuǎn)化,能量的利用品質(zhì)下降,但總能量仍守恒,所以不違反能量守恒定律,故A正確;擴(kuò)散現(xiàn)象可以在液體、氣體中進(jìn)行,也能在固體中發(fā)生,故B錯誤;有規(guī)則外形的物體是單晶體,沒有確定的幾何外形的物體是非晶體和多晶體,故C錯誤;由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離,分子間作用力表現(xiàn)為引力,所以存在表面張力,故D正確;由熱力學(xué)第二定律的微觀解釋可知,E正確. (2)由題圖可知,在地面附近球內(nèi)壓強(qiáng)p1=76 cmHg, 1 600 m處球內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2=70 cmHg 由理想氣體狀態(tài)方程得,=, T2=·T1=×300 K=290 K, t2=(290-273)℃=17 ℃. 答案:(1)ADE　(2)17 ℃ 6、14C是碳的一種半衰期為5 730年的放射性同位素，2010年2月科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了曹操墓，若考古工作者探測到其棺木中14C的含量約為原來的，則該古木死亡的時間距今大約為(　　) A．22 900年 B．11 400年 C．5 700年 D．1 900年 解析：選D.假設(shè)古木死亡時14C的質(zhì)量為m0，現(xiàn)在的質(zhì)量為m，從古木死亡到現(xiàn)在所含14C經(jīng)過了n個半衰期，由題意可知：＝n＝，所以n≈，即古木死亡的時間距今約為5 730×年＝1 910年，D正確． 7、如圖所示，平行板電容器充電后斷開電源，板間有一點P，在P點固定一個試探電荷q.現(xiàn)將下極板向下平移一小段距離，如果用F表示試探電荷在P點所受的電場力，用E表示極板間的電場強(qiáng)度，用φ表示P點的電勢，用Ep表示試探電荷在P點的電勢能，則下列物理量隨兩板間距離d的變化關(guān)系的圖線，可能正確的是(　　) 【答案】C 8、明朝謝肇淛《五雜組》中記載：“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè)，議欲正之，非萬緡不可。一游僧見之,曰：無煩也，我能正之?！庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進(jìn)去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為θ，現(xiàn)在木楔背上加一力F，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN，則 A. 若F一定，θ大時大 B. 若F一定，θ小時大 C. 若θ一定，F(xiàn)大時大 D. 若θ一定，F(xiàn)小時大 【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生同一考試?yán)砜凭C合物理試題（天津卷） 【答案】 BC 選木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向右的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以兩側(cè)給木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的推力是相等的，力F的分解如圖： 則， ，故解得，所以F一定時， 越小， 越大； 一定時，F(xiàn)越大， 越大，BC正確； 【點睛】由于木楔處在靜止?fàn)顟B(tài)，故可將力F沿與木楔的斜面垂直且向上的方向進(jìn)行分解，根據(jù)平行四邊形定則，畫出力F按效果分解的圖示．并且可據(jù)此求出木楔對A兩邊產(chǎn)生的壓力．對力進(jìn)行分解時，一定要分清力的實際作用效果的方向如何，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)行分解即可． 二、非選擇題 1、如圖所示，粗糙水平面上放置質(zhì)量分別為M和m的甲、乙兩滑塊，兩滑塊之間夾一壓縮的輕彈簧(彈簧與滑塊不連接)，彈簧壓縮后用細(xì)線拴接兩滑塊．現(xiàn)剪斷細(xì)線，在很短時間內(nèi)，彈簧將兩滑塊彈開，則兩滑塊分別在粗糙水平面上滑行X和x距離后停下． (1)若甲、乙兩滑塊質(zhì)量分別為M和m，求兩滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)的比值； (2)若M＝2m＝2m0，m0已知，兩滑塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)均為μ，求被壓縮的輕彈簧的彈性勢能．(重力加速度為g) 解析：(1)剪斷細(xì)線，彈簧將兩滑塊彈開，設(shè)彈開瞬間甲、乙兩滑塊的速度大小分別為v1和v2，則由動量守恒定律可得，Mv1＝mv2 滑塊分別在粗糙水平面上滑行一段距離后停下，由動能定理得 μ甲MgX＝Mv，μ乙mgx＝mv 聯(lián)立解得＝. (2)若M＝2m＝2m0，剪斷細(xì)線，彈簧將兩滑塊彈開，由動量守恒定律得2m0v1＝m0v2 解得v2＝2v1 由能量守恒定律，被壓縮的輕彈簧的彈性勢能 Ep＝Mv＋mv＝m0v(或3m0v) 又μm0gx＝m0v(或μ2m0gX＝×2m0v) 聯(lián)立解得Ep＝μm0gx(或6μm0gX)． 答案：(1)　(2)Ep＝μm0gx(或6μm0gX) 2、在第Ⅱ象限內(nèi)緊貼兩坐標(biāo)軸的一邊長為L的正方形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在第Ⅰ、Ⅳ象限x＜L區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為E；在x＞L區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B′的矩形勻強(qiáng)磁場，矩形的其中一條邊在直線x＝L上．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(不計粒子重力)從第Ⅱ象限的正方形勻強(qiáng)磁場區(qū)域的上邊界和左邊界的交點處以沿y軸負(fù)方向的某一速度進(jìn)入磁場區(qū)域，從坐標(biāo)原點O沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場區(qū)域． (1)求帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場時的速度大??； (2)求帶電粒子從勻強(qiáng)電場區(qū)域射出時的坐標(biāo)； (3)若帶電粒子進(jìn)入x＞L區(qū)域的勻強(qiáng)磁場時速度方向與x軸正方向成45°角，要使帶電粒子能夠回到x＜L區(qū)域，則x＜L區(qū)域中勻強(qiáng)磁場的最小面積為多少 ? 解析：(1)根據(jù)題述帶電粒子的運(yùn)動情境，可知帶電粒子在第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動的軌跡半徑等于正方形區(qū)域的邊長L，即R＝L 設(shè)帶電粒子射入第Ⅱ象限的勻強(qiáng)磁場中時速度大小為v， 由qvB＝m， 解得v＝. (2)設(shè)帶電粒子從勻強(qiáng)電場區(qū)域射出時的縱坐標(biāo)為－y1，帶電粒子從坐標(biāo)原點O沿x軸正方向射入勻強(qiáng)電場區(qū)域做類平拋運(yùn)動，設(shè)帶電粒子運(yùn)動的加速度大小為a，在電場區(qū)域運(yùn)動的時間為t，則有L＝vt， y1＝at2， qE＝ma 聯(lián)立解得y1＝ 所以帶電粒子從勻強(qiáng)電場區(qū)域射出時的坐標(biāo)為. (3)帶電粒子以與x軸正方向成45°角的方向進(jìn)入x＞L區(qū)域的勻強(qiáng)磁場，其速度大小v′＝v＝ 由qv′B′＝m， 解得R′＝ 畫出粒子在x＞L區(qū)域磁場中的運(yùn)動軌跡，如圖所示， 由幾何關(guān)系可知勻強(qiáng)磁場的最小寬度為 d＝(1＋cos 45°)R′＝ 所以x＞L區(qū)域中勻強(qiáng)磁場的最小面積為 S＝2R′d＝. 答案：(1)　(2)　(3) 8