《（全國通用版）2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 板塊四 考前回扣 專題8 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)學(xué)案 理.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（全國通用版）2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 板塊四 考前回扣 專題8 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)學(xué)案 理.doc（13頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
回扣8 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)
1．函數(shù)的定義域和值域
(1)求函數(shù)定義域的類型和相應(yīng)方法
①若已知函數(shù)的解析式，則函數(shù)的定義域是使解析式有意義的自變量的取值范圍；
②若已知f(x)的定義域?yàn)閇a，b]，則f(g(x))的定義域?yàn)椴坏仁絘≤g(x)≤b的解集；反之，已知f(g(x))的定義域?yàn)閇a，b]，則f(x)的定義域?yàn)楹瘮?shù)y＝g(x)(x∈[a，b])的值域．
(2)常見函數(shù)的值域
①一次函數(shù)y＝kx＋b(k≠0)的值域?yàn)镽；
②二次函數(shù)y＝ax2＋bx＋c(a≠0)：當(dāng)a>0時(shí)，值域?yàn)?，?dāng)a<0時(shí)，值域?yàn)椋?
③反比例函數(shù)y＝(k≠0)的值域?yàn)閧y∈R|y≠0}．
2．函數(shù)的奇偶性、周期性
(1)奇偶性是函數(shù)在其定義域上的整體性質(zhì)，對于定義域內(nèi)的任意x(定義域關(guān)于原點(diǎn)對稱)，都有f(－x)＝－f(x)成立，則f(x)為奇函數(shù)(都有f(－x)＝f(x)成立，則f(x)為偶函數(shù))．
(2)周期性是函數(shù)在其定義域上的整體性質(zhì)，一般地，對于函數(shù)f(x)，如果對于定義域內(nèi)的任意一個(gè)x的值，若f(x＋T)＝f(x)(T≠0)，則f(x)是周期函數(shù)，T是它的一個(gè)周期．
3．關(guān)于函數(shù)周期性、對稱性的結(jié)論
(1)函數(shù)的周期性
①若函數(shù)f(x)滿足f(x＋a)＝f(x－a)，則f(x)為周期函數(shù)，2a是它的一個(gè)周期；
②設(shè)f(x)是R上的偶函數(shù)，且圖象關(guān)于直線x＝a(a≠0)對稱，則f(x)是周期函數(shù)，2a是它的一個(gè)周期；
③設(shè)f(x)是R上的奇函數(shù)，且圖象關(guān)于直線x＝a(a≠0)對稱，則f(x)是周期函數(shù)，4a是它的一個(gè)周期．
(2)函數(shù)圖象的對稱性
①若函數(shù)y＝f(x)滿足f(a＋x)＝f(a－x)，
即f(x)＝f(2a－x)，
則f(x)的圖象關(guān)于直線x＝a對稱；
②若函數(shù)y＝f(x)滿足f(a＋x)＝－f(a－x)，
即f(x)＝－f(2a－x)，
則f(x)的圖象關(guān)于點(diǎn)(a,0)對稱；
③若函數(shù)y＝f(x)滿足f(a＋x)＝f(b－x)，
則函數(shù)f(x)的圖象關(guān)于直線x＝對稱．
4．函數(shù)的單調(diào)性
函數(shù)的單調(diào)性是函數(shù)在其定義域上的局部性質(zhì)．
①單調(diào)性的定義的等價(jià)形式：設(shè)任意x1，x2∈[a，b]，
那么(x1－x2)[f(x1)－f(x2)]>0?>0?f(x)在[a，b]上是增函數(shù)；
(x1－x2)[f(x1)－f(x2)]<0?<0?f(x)在[a，b]上是減函數(shù)．
②若函數(shù)f(x)和g(x)都是減函數(shù)，則在公共定義域內(nèi)，f(x)＋g(x)是減函數(shù)；若函數(shù)f(x)和g(x)都是增函數(shù)，則在公共定義域內(nèi)，f(x)＋g(x)是增函數(shù)；根據(jù)同增異減判斷復(fù)合函數(shù)y＝f(g(x))的單調(diào)性．
5．函數(shù)圖象的基本變換
(1)平移變換
y＝f(x)y＝f(x－h(huán))，
y＝f(x)y＝f(x)＋k.
(2)伸縮變換
y＝f(x)y＝f(ωx)，
y＝f(x)y＝Af(x)．
(3)對稱變換
y＝f(x)y＝－f(x)，
y＝f(x)y＝f(－x)，
y＝f(x)y＝－f(－x)．
6．準(zhǔn)確記憶指數(shù)函數(shù)與對數(shù)函數(shù)的基本性質(zhì)
(1)定點(diǎn)：y＝ax(a>0，且a≠1)恒過(0,1)點(diǎn)；
y＝logax(a>0，且a≠1)恒過(1,0)點(diǎn)．
(2)單調(diào)性：當(dāng)a>1時(shí)，y＝ax在R上單調(diào)遞增；y＝logax在(0，＋∞)上單調(diào)遞增；
當(dāng)0
0的解集確定函數(shù)f(x)的單調(diào)增區(qū)間，由f′(x)<0的解集確定函數(shù)f(x)的單調(diào)減區(qū)間．
(2)由函數(shù)的單調(diào)性求參數(shù)的取值范圍
①若可導(dǎo)函數(shù)f(x)在區(qū)間M上單調(diào)遞增，則f′(x)≥0(x∈M)恒成立；若可導(dǎo)函數(shù)f(x)在區(qū)間M上單調(diào)遞減，則f′(x)≤0(x∈M)恒成立；
②若可導(dǎo)函數(shù)在某區(qū)間上存在單調(diào)遞增(減)區(qū)間，f′(x)>0(或f′(x)<0)在該區(qū)間上存在解集；
③若已知f(x)在區(qū)間I上的單調(diào)性，區(qū)間I中含有參數(shù)時(shí)，可先求出f(x)的單調(diào)區(qū)間，則I是其單調(diào)區(qū)間的子集．
10．利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值與最值
(1)求函數(shù)的極值的一般步驟
①確定函數(shù)的定義域；
②解方程f′(x)＝0；
③判斷f′(x)在方程f′(x)＝0的根x0兩側(cè)的符號變化：
若左正右負(fù)，則x0為極大值點(diǎn)；
若左負(fù)右正，則x0為極小值點(diǎn)；
若不變號，則x0不是極值點(diǎn)．
(2)求函數(shù)f(x)在區(qū)間[a，b]上的最值的一般步驟
①求函數(shù)y＝f(x)在[a，b]內(nèi)的極值；
②比較函數(shù)y＝f(x)的各極值與端點(diǎn)處的函數(shù)值f(a)，f(b)的大小，最大的一個(gè)是最大值，最小的一個(gè)是最小值．
11．定積分的三個(gè)公式與一個(gè)定理
(1)定積分的性質(zhì)
①?kf(x)dx＝k?f(x)dx；
②?[f1(x)f2(x)]dx＝?f1(x)dx?f2(x)dx；
③?f(x)dx＝?f(x)dx＋?f(x)dx(其中a0，a≠1)的單調(diào)性容易忽視字母a的取值討論，忽視ax>0；對數(shù)函數(shù)y＝logax(a>0，a≠1)容易忽視真數(shù)與底數(shù)的限制條件．
6．易混淆函數(shù)的零點(diǎn)和函數(shù)圖象與x軸的交點(diǎn)，不能把函數(shù)零點(diǎn)、方程的解、不等式解集的端點(diǎn)值進(jìn)行準(zhǔn)確互化．
7．已知可導(dǎo)函數(shù)f(x)在(a，b)上單調(diào)遞增(減)，則f′(x)≥0(≤0)對?x∈(a，b)恒成立，不能漏掉“＝”，且需驗(yàn)證“＝”不能恒成立；已知可導(dǎo)函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增(減)區(qū)間為(a，b)，則f′(x)>0(<0)的解集為(a，b)．
8．f′(x)＝0的解不一定是函數(shù)f(x)的極值點(diǎn)．一定要檢驗(yàn)在x＝x0的兩側(cè)f′(x)的符號是否發(fā)生變化，若變化，則為極值點(diǎn)；若不變化，則不是極值點(diǎn)．
1．若曲線f(x)＝x4－4x在點(diǎn)A處的切線平行于x軸，則點(diǎn)A的坐標(biāo)為( )
A．(－1,2) B．(1，－3)
C．(1,0) D．(1,5)
答案 B
解析 對f(x)＝x4－4x，求導(dǎo)得f′(x)＝4x3－4，由在點(diǎn)A處的切線平行于x軸，可得4x3－4＝0，解得x＝1，即點(diǎn)A的坐標(biāo)為(1，－3)．
2．若函數(shù)f(x)＝則f(－3)的值為( )
A．5 B．－1
C．－7 D．2
答案 D
解析 依題意，f(－3)＝f(－3＋2)＝f(－1)
＝f(－1＋2)＝f(1)＝1＋1＝2，故選D.
3．若函數(shù)y＝f(x)的導(dǎo)函數(shù)y＝f′(x)的圖象如圖所示，則y＝f(x)的圖象可能為( )
答案 C
解析 根據(jù)f′(x)的符號，f(x)圖象應(yīng)該是先下降后上升，最后下降，排除A，D；從適合f′(x)＝0的點(diǎn)可以排除B，故選C.
4．(2016全國Ⅰ)函數(shù)y＝2x2－e|x|在[－2,2]的圖象大致為( )
答案 D
解析 f(2)＝8－e2>8－2.82>0，排除A；f(2)＝8－e2<8－2.72<1，排除B；當(dāng)x>0時(shí)，f(x)＝2x2－ex，f′(x)＝4x－ex，當(dāng)x∈時(shí)，f′(x)<4－e0＝0，因此f(x)在上單調(diào)遞減，排除C，故選D.
5．a(chǎn)，b，c依次表示函數(shù)f(x)＝2x＋x－2，g(x)＝3x＋x－2，h(x)＝ln x＋x－2的零點(diǎn)，則a，b，c的大小順序?yàn)? )
A．c時(shí)，f＝f，則f(6)等于( )
A．－2 B．－1 C．0 D．2
答案 D
解析 當(dāng)x>時(shí)，f＝f，即f(x)＝f(x＋1)，∴T＝1，∴f(6)＝f(1)．當(dāng)x<0時(shí)，f(x)＝x3－1且當(dāng)－1≤x≤1時(shí)，f(－x)＝－f(x)，∴f(6)＝f(1)＝－f(－1)＝2，故選D.
9．已知函數(shù)f(x)＝x3＋ax2＋bx＋a2在x＝1處有極值10，則f(2)等于( )
A．11或18 B．11
C．18 D．17或18
答案 C
解析 ∵函數(shù)f(x)＝x3＋ax2＋bx＋a2在x＝1處有極值10，
又f′(x)＝3x2＋2ax＋b，∴f(1)＝10，且f′(1)＝0，
即解得或
而當(dāng)時(shí)，函數(shù)在x＝1處無極值，故舍去．
∴f(x)＝x3＋4x2－11x＋16，
∴f(2)＝18.
10．已知奇函數(shù)f(x)是定義在R上的可導(dǎo)函數(shù)，其導(dǎo)函數(shù)為f′(x)，當(dāng)x>0時(shí)，有2f(x)＋xf′(x)>x2，則不等式(x＋2 018)2f(x＋2 018)＋4f(－2)<0的解集為( )
A．(－∞，－2 016) B．(－2 016，－2 012)
C．(－∞，－2 018) D．(－2 016,0)
答案 A
解析 由題意觀察聯(lián)想可設(shè)g(x)＝x2f(x)，g′(x)＝2xf(x)＋x2f′(x)，結(jié)合條件x>0,2f(x)＋xf′(x)>x2，得g′(x)＝2xf(x)＋x2f′(x)>0，g(x)＝x2f(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)．
又f(x)為R上的奇函數(shù)，所以g(x)為奇函數(shù)，
所以g(x)在(－∞，0)上為增函數(shù)．
由(x＋2 018)2f(x＋2 018)＋4f(－2)<0，
可得(x＋2 018)2f(x＋2 018)<4f(2)，
即g(x＋2 018)0.02，
所以0≤x≤1不合題意，
又由x>1，得x≤，
得x≤，所以x≥4，
故至少要過4小時(shí)后才能開車．
13．偶函數(shù)f(x)滿足f(1－x)＝f(1＋x)，且當(dāng)x∈[0,1]時(shí)，f(x)＝，若直線kx－y＋k＝0(k>0)與函數(shù)f(x)的圖象有且僅有三個(gè)交點(diǎn)，則k的取值范圍是________．
答案
解析 由f(1－x)＝f(1＋x)可知，函數(shù)關(guān)于x＝1對稱，因?yàn)閒(x)是偶函數(shù)，所以f(1－x)＝f(1＋x)＝f(x－1)，即f(x＋2)＝f(x)，所以函數(shù)的周期是2，由y＝f(x)＝，得(x－1)2＋y2＝1(y≥0，x∈[0,1])，
作出函數(shù)y＝f(x)和直線y＝k(x＋1)的圖象，
要使直線kx－y＋k＝0(k>0)與函數(shù)f(x)的圖象有且僅有三個(gè)交點(diǎn)，則由圖象可知，0)的極大值是正數(shù)，極小值是負(fù)數(shù)，則a的取值范圍是________．
答案
解析 f′(x)＝3x2－3a2＝3(x＋a)(x－a)，
由f′(x)＝0，得x＝a，
當(dāng)－aa或x<－a時(shí)，f′(x)>0，函數(shù)單調(diào)遞增．
∴f(－a)＝－a3＋3a3＋a>0且f(a)＝a3－3a3＋a<0，
解得a>.∴a的取值范圍是.
15．已知函數(shù)f(x)＝.
(1)若f(x)在區(qū)間(－∞，2)上為單調(diào)遞增函數(shù)，求實(shí)數(shù)a的取值范圍；
(2)若a＝0，x0<1，設(shè)直線y＝g(x)為函數(shù)f(x)的圖象在x＝x0處的切線，求證：f(x)≤g(x)．
(1)解 易得f′(x)＝－，
由已知f′(x)≥0對x∈(－∞，2)恒成立，
故x≤1－a對x∈(－∞，2)恒成立，
∴1－a≥2，∴a≤－1.
故實(shí)數(shù)a的取值范圍為(－∞，－1]．
(2)證明 若a＝0，則f(x)＝.
函數(shù)f(x)的圖象在x＝x0處的切線方程為
y＝g(x)＝f′(x0)(x－x0)＋f(x0)．
令h(x)＝f(x)－g(x)＝f(x)－f′(x0)(x－x0)－f(x0)，x∈R，
則h′(x)＝f′(x)－f′(x0)
＝－＝.
設(shè)φ(x)＝(1－x)－(1－x0)ex，x∈R，
則φ′(x)＝－－(1－x0)ex，∵x0<1，∴φ′(x)<0，
∴φ(x)在R上單調(diào)遞減，又φ(x0)＝0，
∴當(dāng)x0，當(dāng)x>x0時(shí)，φ(x)<0，
∴當(dāng)x0，當(dāng)x>x0時(shí)，h′(x)<0，
∴h(x)在區(qū)間(－∞，x0)上為增函數(shù)，在區(qū)間(x0，＋∞)上為減函數(shù)，∴當(dāng)x∈R時(shí)，h(x)≤h(x0)＝0，
∴f(x)≤g(x)．
16．已知函數(shù)f(x)＝，其中a>0，且函數(shù)f(x)的最大值是(e為自然對數(shù)的底數(shù))．
(1)求實(shí)數(shù)a的值；
(2)若函數(shù)g(x)＝ln f(x)－b有兩個(gè)零點(diǎn)，求實(shí)數(shù)b的取值范圍；
(3)若對任意的x∈(0,2)，都有f(x)<成立，求實(shí)數(shù)k的取值范圍．
解 (1)由題意得f′(x)＝，
因?yàn)閍>0，所以當(dāng)x∈(－∞，1)時(shí)，f′(x)>0，
f(x)在(－∞，1)上單調(diào)遞增；
當(dāng)x∈(1，＋∞)時(shí)，f′(x)<0，f(x)在(1，＋∞)上單調(diào)遞減，
則f(x)max＝f(1)＝＝，所以a＝1.
(2)由題意知，函數(shù)g(x)＝ln f(x)－b＝ln x－x－b(x>0)，所以g′(x)＝－1＝，
易得函數(shù)g(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，＋∞)上單調(diào)遞減，所以g(x)max＝g(1)＝－1－b，
依題意知，－1－b>0，則b<－1，
所以實(shí)數(shù)b的取值范圍是(－∞，－1)．
(3)由題意知，f(x)＝<對任意x∈(0,2)都成立，
所以k＋2x－x2>0，即k>x2－2x對任意x∈(0,2)都成立，從而k≥0.
由不等式整理可得k<＋x2－2x，
設(shè)h(x)＝＋x2－2x，
令h′(x)＝＋2(x－1)
＝(x－1)＝0，得x＝1，
當(dāng)x∈(1,2)時(shí)，h′(x)>0，函數(shù)h(x)在(1,2)上單調(diào)遞增，
同理，函數(shù)h(x)在(0,1)上單調(diào)遞減，
h(x)min＝h(1)＝e－1.
依題意得k
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全國通用版2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)
板塊四
考前回扣
專題8
函數(shù)與導(dǎo)數(shù)學(xué)案
全國
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