2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 選修4系列 課時規(guī)范練55 不等式選講 文 北師大版.doc

《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 選修4系列 課時規(guī)范練55 不等式選講 文 北師大版.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 選修4系列 課時規(guī)范練55 不等式選講 文 北師大版.doc（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時規(guī)范練55　不等式選講 基礎(chǔ)鞏固組 1.(2018河南最后一次模擬,23)已知函數(shù)f(x)=|2x+4|+|2x-a|. (1)當(dāng)a=6時,求f(x)≥12的解集; (2)已知a>-2,g(x)=x2+2ax+,若對于x∈-1, ,都有f(x)≥g(x)成立,求a的取值范圍. 2.(2018湖南長沙模擬二,23)已知函數(shù)f(x)=|x-1|,關(guān)于x的不等式f(x)<3-|2x-1|的解集記為A. (1)求A; (2)已知a,b∈A,求證:f(ab)>f(a)-f(b). 3.(2018安徽淮南二模,23)已知函數(shù)f(x)=|x-2|-|x+1|. (1)解不等式f(x)+x>0. (2)若關(guān)于x的不等式f(x)≤a2-2a的解集為R,求實數(shù)a的取值范圍. 4.(2018河北衡水中學(xué)三輪復(fù)習(xí)檢測,23)已知函數(shù)f(x)=|ax-1|-(a-2)x. (1)當(dāng)a=3時,求不等式f(x)>0的解集; (2)若函數(shù)f(x)的圖像與x軸沒有交點,求實數(shù)a的取值范圍. 綜合提升組 5.已知函數(shù)f(x)=|x-a|. (1)當(dāng)a=-2時,解不等式f(x)≥16-|2x-1|; (2)若關(guān)于x的不等式f(x)≤1的解集為[0,2],求證:f(x)+f(x+2)≥2. 6.(2018河南南陽模擬,23)已知函數(shù)f(x)=|x-2a+1|+|x+2|,g(x)=3x+1. (1)當(dāng)a=1時,求不等式f(x)≤g(x)的解集; (2)x∈[-2,a),f(x)≥g(x),求a的取值范圍. 7.已知函數(shù)f(x)=|2x+1|,g(x)=|x+1|,不等式f(x)≤g(x)+1的解集為A. (1)求A; (2)證明:對于任意的a,b∈?RA,都有g(shù)(ab)>g(a)- g(-b)成立. 創(chuàng)新應(yīng)用組 8.已知函數(shù)f(x)=|x-2|-|x|+m(m∈R). (1)若m=0,解不等式f(x)≥x-1; (2)若方程f(x)=-x有三個不同的解,求實數(shù)m的取值范圍. 9.(2018安徽安慶熱身考,23)若關(guān)于x的不等式|3x+2|+|3x-1|-t≥0的解集為R,記實數(shù)t的最大值為a. (1)求a的值; (2)若正實數(shù)m,n滿足4m+5n=a,求y=1m+2n+43m+3n的最小值.  課時規(guī)范練55　不等式選講 1.解 (1)當(dāng)a=6時,f(x)=|2x+4|+|2x-6|, f(x)≥12等價于|x+2|+|x-3|≥6, 因為|x+2|+|x-3|=2x-1,x>3,5,-2≤x≤3,-2x+1,x<-2, 所以x>3,2x-1≥6或-2≤x≤3,5≥6或x<-2,-2x+1≥6, 解得x≥72或x≤-52, 所以解集為xx≤-52或x≥72. (2)當(dāng)a>-2時,且x∈-1,a2時,f(x)=2x+4-(2x-a)=4+a, 所以f(x)≥g(x),即4+a≥g(x). 又g(x)=x2+2ax+74的最大值必為g(-1),ga2之一, 所以4+a≥114-2a,4+a≥54a2+74,即3a≥-54,54a2-a-94≤0, 解得-512≤a≤95, 所以a的取值范圍為-512,95. 2.解 (1)由f(x)<3-|2x+1|, 得|x-1|+|2x+1|<3, 即x≤-12,1-x-2x-1<3或-120, ∴f(ab)>f(a)-f(b). 3.解 (1)不等式f(x)+x>0可化為|x-2|+x>|x+1|. 當(dāng)x<-1時,-(x-2)+x>-(x+1),解得x>-3,即-3x+1,解得x<1,即-1≤x<1; 當(dāng)x>2時,x-2+x>x+1,解得x>3,即x>3. 綜上所述:不等式f(x)+x>0的解集為{x|-33}. (2)由不等式f(x)≤a2-2a可得 |x-2|-|x+1|≤a2-2a, ∵|x-2|-|x+1|≤|x-2-x-1|=3, ∴a2-2a≥3,即a2-2a-3≥0. 解得a≥3或a≤-1. 故實數(shù)a的取值范圍是a≥3或a≤-1. 4.解 (1)當(dāng)a=3時,不等式可化為|3x-1|-x>0,即|3x-1|>x. ∴3x-1<-x或3x-1>x, 即x<14或x>12. 即不等式f(x)>0的解集是xx<14或x>12. (2)當(dāng)a>0時,f(x)=2x-1,x≥1a,2(1-a)x+1,x<1a, 要使函數(shù)f(x)與x軸無交點,只需2a-1>0,2(1-a)≤0,即1≤a<2. 當(dāng)a=0時,f(x)=2x+1,函數(shù)f(x)與x軸有交點. 當(dāng)a<0時,f(x)=2x-1,x≤1a,2(1-a)x+1,x>1a,要使函數(shù)f(x)與x軸無交點, 只需2a-1<0,2(1-a)≤0,此時a無解. 綜上可知,當(dāng)1≤a<2時,函數(shù)f(x)與x軸均交點. 5.(1)解 當(dāng)a=-2時,不等式為|x+2|+|2x-1|≥16, 當(dāng)x≤-2時,原不等式可化為-x-2-2x+1≥16,解得x≤-173, 當(dāng)-212時,原不等式可化為x+2+2x-1≥16,解得x≥5. 綜上不等式的解集為xx≤-173或x≥5. (2)證明 f(x)≤1即|x-a|≤1,解得a-1≤x≤a+1,而f(x)≤1的解集是[0,2], 所以a-1=0a+1=2, 解得a=1,從而f(x)=|x-1|. 于是只需證明f(x)+f(x+2)≥2, 即證|x-1|+|x+1|≥2, 因為|x-1|+|x+1|=|1-x|+|x+1|≥|1-x+x+1|=2, 所以|x-1|+|x+1|≥2,所以原不等式得證. 6.解 (1)當(dāng)a=1時,f(x)=|x-1|+|x+2|≤3x+1, ①當(dāng)x≤-2時,f(x)=-2x-1, 由-2x-1≤3x+1,知此時無解; ②當(dāng)-212,x∈-2,12時,2x-1<0,|x-2a+1|≥2x-1恒成立; x∈12,a時,|x-2a+1|2≥(2x-1)2恒成立, 即3x2+2(2a-3)x-4a(a-1)≤0恒成立, 令g(x)=3x2+2(2a-3)x-4a(a-1),g(x)的最大值只可能是g12或g(a), g12≤0,g(a)= 3a2-2a≤0,得012,所以12-12時,不等式可化為x+1-(2x+1)+1≥0,解得x≤1,∴-12g(a)-g(-b)成立, 只需證|ab+1|>|a+b|, 即證|ab+1|2>|a+b|2, 也就是證明a2b2+2ab+1>a2+2ab+b2成立,即證a2b2-a2-b2+1>0, 即證(a2-1)(b2-1)>0. ∵A={x|-1≤x≤1},a,b∈?RA,∴|a|>1,|b|>1,a2>1,b2>1, ∴(a2-1)(b2-1)>0成立.從而對于任意的a,b∈?RA,都有g(shù)(ab)>g(a)-g(-b)成立. 8.解 因為m=0, 所以f(x)=|x-2|-|x|, 有x>2,x-2-x≥x-1或0≤x≤2,-x+2-x≥x-1或x<0,-x+2+x≥x-1. 相應(yīng)解得:x∈?或0≤x≤1或x<0. 所以不等式f(x)≥x-1的解集為(-∞,1]. (2)因為f(x)=|x-2|-|x|+m, 所以方程f(x)=-x有三個不同的解等價于函數(shù)g(x)=|x-2|-|x|的圖像與直線y=-x-m有三個不同的交點,作圖可知, 當(dāng)直線y=-x-m經(jīng)過點A(0,2)時,m=-2; 當(dāng)直線y=-x-m經(jīng)過點B(2,-2)時,m=0; 所以實數(shù)m的取值范圍是(-2,0). 9.解 (1)由題意得|3x+2|+|3x-1|≥t對x∈R恒成立, 又|3x+2|+|3x-1|=|3x+2|+|1-3x|≥3, ∴t≤3. ∴a=3. (2)由(1)得4m+5n=3,且m,n>0, ∴3y=1m+2n+43m+3n(4m+5n)=1m+2n+43m+3n[(m+2n)+(3m+3n)] =5+3m+3nm+2n+4(m+2n)3m+3n≥5+23m+3nm+2n4(m+2n)3m+3n=9. 當(dāng)且僅當(dāng)3m+3nm+2n=4(m+2n)3m+3n且4m+5n=3,即m=n=13時等號成立. ∴y≥3, 即y=1m+2n+43m+3n的最小值為3.