2019-2020年高考物理總復(fù)習(xí) 課時跟蹤檢測（二十一）電容器 帶電粒子在電場中的運動.doc

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2019-2020年高考物理總復(fù)習(xí) 課時跟蹤檢測（二十一）電容器 帶電粒子在電場中的運動 一、單項選擇題 1．(xx興化模擬)如圖1所示，充電的平行板電容器兩板間形成勻強電場，以A點為坐標(biāo)原點，AB方向為位移x的正方向，能正確反映電勢φ隨位移x變化的圖像是(　　) 圖1 圖2 2. (xx蘭州診斷)如圖3所示，一電子槍發(fā)射出的電子(初速度很小，可視為零)進(jìn)入加速電場加速后，垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，射出后偏轉(zhuǎn)位移為Y，要使偏轉(zhuǎn)位移增大，下列哪些措施是可行的(不考慮電子射出時碰到偏轉(zhuǎn)電極板的情況)(　　) 圖3 A．增大偏轉(zhuǎn)電壓U B．增大加速電壓U0 C．增大偏轉(zhuǎn)極板間距離 D．將發(fā)射電子改成發(fā)射負(fù)離子 3.(xx四川模擬)AB板間存在豎直方向的勻強電場，現(xiàn)沿垂直電場線方向射入三種比荷相同的帶電微粒(不計重力)，a、b和c的運動軌跡如圖4所示，其中b和c是從同一點射入的。不計空氣阻力，則可知粒子運動的全過程(　　) 圖4 A．運動加速度：aa＞ab＞ac B．飛行時間：tb＝tc＞ta C．水平速度：va＞vb＝vc D．電勢能的減小量：ΔEc＝ΔEb＞ΔEa 4．(xx貴州六校聯(lián)考)美國物理學(xué)家密立根通過研究平行板間懸浮不動的帶電油滴，比較準(zhǔn)確地測定了電子的電荷量。如圖5所示，平行板電容器兩極板M、N相距d，兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接，極板M帶正電?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時極板帶電荷量與油滴帶電荷量的比值為k，則(　　) 圖5 A．油滴帶正電 B．油滴帶電荷量為 C．電容器的電容為 D．將極板N向下緩慢移動一小段距離，油滴將向上運動 5．(xx江蘇省南通中學(xué)質(zhì)檢)如圖6所示，在絕緣平面上方存在著足夠大的水平向右的勻強電場，帶正電的小金屬塊以一定初速度從A點開始沿水平面向左做直線運動，經(jīng)L長度到達(dá)B點，速度變?yōu)榱?。此過程中，金屬塊損失的動能有轉(zhuǎn)化為電勢能。金屬塊繼續(xù)運動到某點C(圖中未標(biāo)出)時的動能和A點時的動能相同，則金屬塊從A開始運動到C整個過程中經(jīng)過的總路程為(　　) 圖6 A．1.5L　　　　　　　　　 　B．2L C．3L D．4L 6．如圖7中甲所示，兩平行正對的金屬板A、B間加有如圖乙所示的交變電壓，一重力可忽略不計的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處。若在t0時刻釋放該粒子，粒子會時而向A板運動，時而向B板運動，并最終打在A板上。則t0可能屬于的時間段是(　　) 圖7 A．0T時情況類似。因粒子最終打在A板上，則要求粒子在每個周期內(nèi)的總位移應(yīng)小于零，對照各項可知B正確。 7．選AC　小球從M到N的過程中，動能變化為零，根據(jù)動能定理，合力做功為0，而重力做正功，則電場力對小球做負(fù)功，即電場力方向向右，由于小球帶負(fù)電，故場強方向向左，所以左極板帶負(fù)電，右極板帶正電，故A正確；設(shè)兩板間電勢差為U、場強為E，由C＝和E＝得：E＝，對小球從M到N由動能定理有mgLsin 60－qELcos 60＝0－0，所以有：Eq＝mgtan 60＝mg；則重力與電場力的合力大小為2mg；方向沿與水平方向成30角，由牛頓第二定律得F－2mg＝m，因速度不為零，故拉力F一定大于2mg，故B錯誤；d＝＝，C正確；當(dāng)電量減半時，電壓減半，則極板間的場強減半；從M到N的過程中電場力做功變小，根據(jù)動能定理得mgLsin 60－qELcos 60大于零，則小球從M點釋放后，到達(dá)N點時速度不會為零，故D錯誤。 8．選BC　若小球帶正電，當(dāng)AB間距增大時，由于二極管的單向?qū)щ娦?，平行板電容器帶電量不變，AB兩極板之間電場強度不變，小球所受向下的電場力不變，向下的加速度不變，小球仍打在N點，選項A錯誤；若小球帶正電，當(dāng)AB間距減小時，平行板電容器AB兩極板之間電場強度增大，小球所受向下的電場力增大，向下的加速度增大，小球打在N的左側(cè)，選項B正確；若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距減小時，平行板電容器AB兩極板之間電場強度增大，小球所受向上的電場力增大，向下的加速度減小，小球可能打在N的右側(cè)，選項C正確；若小球帶負(fù)電，當(dāng)AB間距增大時，由于二極管的單向?qū)щ娦?，平行板電容器帶電量不變，AB兩極板之間電場強度不變，小球所受向上的電場力不變，小球仍打在N點，選項D錯誤。 9．選BC　滑動觸頭向右移動時，其他不變，加速電壓增大，電子速度增大，則電子打在熒光屏上的位置下降，選項A錯誤；滑動觸頭向左移動時，其他不變，加速電壓減小，電子速度減小，則電子打在熒光屏上的位置上升，選項B正確；電壓U增大時，其他不變，則電子從發(fā)出到打在熒光屏上的時間不變，電子打在熒光屏上的速度增大，選項C正確D錯誤。 10．選AD　設(shè)AC與豎直方向的夾角為θ，對帶電小球從A到C，電場力做負(fù)功，小球帶負(fù)電，由動能定理，mgACcos θ－qEBCcos θ＝0，解得電場力為qE＝3mg，選項A正確、B錯誤。小球在水平方向做勻速直線運動，從A到B的運動時間是從B到C的運動時間的2倍，選項C錯誤；小球在豎直方向先加速后減速，小球從A到B與從B到C豎直方向的速度變化量的大小相等，水平速度不變，故小球從A到B與從B到C的速度變化量的大小相等，選項D正確。 11．解析：(1)由v2＝2gh 得v＝ (2)在極板間帶電小球受重力和電場力，有mg－qE＝ma 0－v2＝2ad 得E＝ U＝Ed Q＝CU 得Q＝C (3)由h＝gt 0＝v＋at2 t＝t1＋t2 綜合可得t＝ 答案：(1)　(2) C　(3) 12．解析：(1)設(shè)微粒穿過B板小孔時的速度為v，根據(jù)動能定理，有 qU＝mv2① 解得v＝ (2)微粒進(jìn)入半圓形金屬板后，電場力提供向心力，有 qE＝m＝m② 聯(lián)立①②，得E＝ (3)微粒從釋放開始經(jīng)t1射出B板的小孔，則 t1＝＝＝2d ③ 設(shè)微粒在半圓形金屬板間運動經(jīng)過t2第一次到達(dá)最低點P點，則 t2＝＝ ④ 所以從釋放微粒開始，經(jīng)過(t1＋t2)＝ 微粒第一次到達(dá)P點； 根據(jù)運動的對稱性，易知再經(jīng)過2(t1＋t2)微粒再一次經(jīng)過P點； …… 所以經(jīng)過時間t＝(2k＋1) ，k＝0,1,2，…微粒經(jīng)過P點。 答案：(1) 　(2)E＝　(3)(2k＋1) ，k＝0,1,2，…