2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練九 第1講 函數(shù)與方程思想 理.doc

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2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練九 第1講 函數(shù)與方程思想 理1函數(shù)與方程思想的含義(1)函數(shù)的思想，是用運(yùn)動和變化的觀點(diǎn)，分析和研究數(shù)學(xué)中的數(shù)量關(guān)系，是對函數(shù)概念的本質(zhì)認(rèn)識，建立函數(shù)關(guān)系或構(gòu)造函數(shù)，運(yùn)用函數(shù)的圖象和性質(zhì)去分析問題、轉(zhuǎn)化問題，從而使問題獲得解決經(jīng)常利用的性質(zhì)是單調(diào)性、奇偶性、周期性、最大值和最小值、圖象變換等(2)方程的思想，就是分析數(shù)學(xué)問題中變量間的等量關(guān)系，建立方程或方程組，或者構(gòu)造方程，通過解方程或方程組，或者運(yùn)用方程的性質(zhì)去分析、轉(zhuǎn)化問題，使問題獲得解決方程的教學(xué)是對方程概念的本質(zhì)認(rèn)識，用于指導(dǎo)解題就是善于利用方程或方程組的觀點(diǎn)觀察處理問題方程思想是動中求靜，研究運(yùn)動中的等量關(guān)系2和函數(shù)與方程思想密切關(guān)聯(lián)的知識點(diǎn)(1)函數(shù)與不等式的相互轉(zhuǎn)化，對函數(shù)yf(x)，當(dāng)y0時，就化為不等式f(x)0，借助于函數(shù)的圖象和性質(zhì)可解決有關(guān)問題，而研究函數(shù)的性質(zhì)也離不開不等式(2)數(shù)列的通項(xiàng)與前n項(xiàng)和是自變量為正整數(shù)的函數(shù)，用函數(shù)的觀點(diǎn)去處理數(shù)列問題十分重要(3)在三角函數(shù)求值中，把所求的量看作未知量，其余的量通過三角函數(shù)關(guān)系化為未知量的表達(dá)式，那么問題就能化為未知量的方程來解(4)解析幾何中的許多問題，例如直線與二次曲線的位置關(guān)系問題，需要通過解二元方程組才能解決這都涉及二次方程與二次函數(shù)的有關(guān)理論(5)立體幾何中有關(guān)線段、角、面積、體積的計算，經(jīng)常需要運(yùn)用列方程或建立函數(shù)表達(dá)式的方法加以解決，建立空間直角坐標(biāo)系后，立體幾何與函數(shù)的關(guān)系更加密切.熱點(diǎn)一函數(shù)與方程思想在不等式中的應(yīng)用例1(1)f(x)ax33x1對于x1,1總有f(x)0成立，則a_.(2)設(shè)f(x)，g(x)分別是定義在R上的奇函數(shù)和偶函數(shù)，當(dāng)x0，且g(3)0，則不等式f(x)g(x)0即x(0,1時，f(x)ax33x10可化為a.設(shè)g(x)，則g(x)，所以g(x)在區(qū)間上單調(diào)遞增，在區(qū)間上單調(diào)遞減，因此g(x)maxg4，從而a4；當(dāng)x0即x1,0)時，f(x)ax33x10可化為a，設(shè)g(x)，且g(x)在區(qū)間1,0)上單調(diào)遞增，因此g(x)ming(1)4，從而a4，綜上a4.(2)設(shè)F(x)f(x)g(x)，由于f(x)，g(x)分別是定義在R上的奇函數(shù)和偶函數(shù)，得F(x)f(x)g(x)f(x)g(x)F(x)，即F(x)在R上為奇函數(shù)又當(dāng)x0，所以x0時，F(xiàn)(x)也是增函數(shù)因?yàn)镕(3)f(3)g(3)0F(3)所以，由圖可知F(x)0或f(x)0或f(x)maxCm Dm0恒成立，所以f(x)在1，)上是增函數(shù)，故當(dāng)x1時，f(x)minf(1)3，即當(dāng)n1時，(bn)max，要使對任意的正整數(shù)n，不等式bnk恒成立，則須使k(bn)max，所以實(shí)數(shù)k的最小值為.思維升華(1)等差(比)數(shù)列中各有5個基本量，建立方程組可“知三求二”；(2)數(shù)列的本質(zhì)是定義域?yàn)檎麛?shù)集或其有限子集的函數(shù)，數(shù)列的通項(xiàng)公式即為相應(yīng)的解析式，因此在解決數(shù)列問題時，應(yīng)注意利用函數(shù)的思想求解(1)(xx江蘇)在各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列an中，若a21，a8a62a4，則a6的值是_(2)已知函數(shù)f(x)()x，等比數(shù)列an的前n項(xiàng)和為f(n)c，則an的最小值為()A1 B1C. D答案(1)4(2)D解析(1)因?yàn)閍8a2q6，a6a2q4，a4a2q2，所以由a8a62a4得a2q6a2q42a2q2，消去a2q2，得到關(guān)于q2的一元二次方程(q2)2q220，解得q22，a6a2q41224.(2)由題設(shè)，得a1f(1)cc；a2f(2)cf(1)c；a3f(3)cf(2)c.又?jǐn)?shù)列an是等比數(shù)列，()2(c)()，c1.又公比q，an()n12()n，nN*.且數(shù)列 an是遞增數(shù)列，n1時，an有最小值a1.熱點(diǎn)三函數(shù)與方程思想在幾何中的應(yīng)用例3已知橢圓C：1(ab0)的一個頂點(diǎn)為A(2,0)，離心率為.直線yk(x1)與橢圓C交于不同的兩點(diǎn)M，N.(1)求橢圓C的方程；(2)當(dāng)AMN的面積為時，求k的值解(1)由題意得解得b.所以橢圓C的方程為1.(2)由得(12k2)x24k2x2k240.設(shè)點(diǎn)M，N的坐標(biāo)分別為(x1，y1)，(x2，y2)，則x1x2，x1x2.所以|MN|.又因?yàn)辄c(diǎn)A(2,0)到直線yk(x1)的距離d，所以AMN的面積為S|MN|d.由，解得k1.所以，k的值為1或1.思維升華幾何最值是高考的熱點(diǎn)，在圓錐曲線的綜合問題中經(jīng)常出現(xiàn)，求解此類問題的一般思路為在深刻認(rèn)識運(yùn)動變化的過程之中，抓住函數(shù)關(guān)系，將目標(biāo)量表示為一個(或者多個)變量的函數(shù)，然后借助于函數(shù)最值的探求來使問題得以解決(1)(xx安徽)設(shè)F1，F(xiàn)2分別是橢圓E：x21(0b1，則雙曲線1的離心率e的取值范圍是()A(1，) B(，)C， D(，)答案(1)x2y21(2)B解析(1)設(shè)點(diǎn)B的坐標(biāo)為(x0，y0)，x21，且0b1時，01，所以2e25，即ebc BacbCcab Dcba答案C解析0a201，blog21，即0a1，b1，所以cab.2(xx福建)設(shè)P，Q分別為圓x2(y6)22和橢圓y21上的點(diǎn)，則P，Q兩點(diǎn)間的最大距離是()A5 B.C7 D6答案D解析如圖所示，設(shè)以(0,6)為圓心，以r為半徑的圓的方程為x2(y6)2r2(r0)，與橢圓方程y21聯(lián)立得方程組，消掉x2得9y212yr2460.令12249(r246)0，解得r250，即r5.由題意易知P，Q兩點(diǎn)間的最大距離為r6，故選D.3(xx江蘇)在平面直角坐標(biāo)系xOy中，若曲線yax2(a，b為常數(shù))過點(diǎn)P(2，5)，且該曲線在點(diǎn)P處的切線與直線7x2y30平行，則ab的值是_答案3解析yax2的導(dǎo)數(shù)為y2ax，直線7x2y30的斜率為.由題意得解得則ab3.4(xx福建)要制作一個容積為4 m3，高為1 m的無蓋長方體容器已知該容器的底面造價是每平方米20元，側(cè)面造價是每平方米10元，則該容器的最低總造價是_(單位：元)答案160解析設(shè)該長方體容器的長為x m，則寬為 m又設(shè)該容器的造價為y元，則y2042(x)10，即y8020(x)(x0)因?yàn)閤24(當(dāng)且僅當(dāng)x，即x2時取“”)，所以ymin80204160(元)押題精練1函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽，f(1)2，對任意xR，f(x)2，則f(x)2x4的解集為()A(1,1) B(1，)C(，1) D(，)答案B解析f(x)2轉(zhuǎn)化為f(x)20，構(gòu)造函數(shù)F(x)f(x)2x，得F(x)在R上是增函數(shù)又F(1)f(1)2(1)4，f(x)2x4，即F(x)4F(1)，所以x1.2設(shè)直線xt與函數(shù)f(x)x2，g(x)ln x的圖象分別交于點(diǎn)M、N，則當(dāng)|MN|達(dá)到最小時t的值為()A1 B. C. D.答案D解析可知|MN|f(x)g(x)x2ln x.令F(x)x2ln x，F(xiàn)(x)2x，所以當(dāng)0x時，F(xiàn)(x)時，F(xiàn)(x)0，F(xiàn)(x)單調(diào)遞增，故當(dāng)xt時，F(xiàn)(x)有最小值，即|MN|達(dá)到最小3(xx遼寧)當(dāng)x2,1時，不等式ax3x24x30恒成立，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是()A5，3 B6，C6，2 D4，3答案C解析當(dāng)x0時，ax3x24x30變?yōu)?0恒成立，即aR.當(dāng)x(0,1時，ax3x24x3，a，所以amax.設(shè)(x)，所以(x)0，所以(x)在(0,1上遞增，(x)max(1)6.所以a6.當(dāng)x2,0)時，a，所以amin.仍設(shè)(x)，(x).當(dāng)x2，1)時，(x)0，(x)在(1,0)上單調(diào)遞增所以當(dāng)x1時，(x)有極小值，即為最小值而(x)min(1)2，所以a2.綜上知6a2.4若關(guān)于x的方程(22|x2|)22a有實(shí)根，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是_答案1,2)解析令f(x)(22|x2|)2.要使f(x)2a有實(shí)根，只需2a是f(x)的值域內(nèi)的值f(x)的值域?yàn)?,4)，1a24，1a0，即(a1)24a23a22a1(3a1)(a1)0，1a且a0.設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，且x10，x1x2.設(shè)點(diǎn)O到直線g(x)xa的距離為d，則d，S|x1x2| .1a1)，M：(x1)2y21，P為橢圓G上一點(diǎn)，過P作M的兩條切線PE、PF，E、F分別為切點(diǎn)(1)求t|的取值范圍；(2)把表示成t的函數(shù)f(t)，并求出f(t)的最大值、最小值解(1)設(shè)P(x0，y0)，則1(a1)，y(a21)，t2|2(x01)2y(x01)2(a21)2，t.ax0a，a1ta1(a1)(2)|cosEPF|2(2cos2EPM1)(|21)(t21)t23，f(t)t23(a1ta1)對于函數(shù)f(t)t23(t0)，顯然在t(0，時，f(t)單調(diào)遞減，在t，)時，f(t)單調(diào)遞增對于函數(shù)f(t)t23(a1ta1)，當(dāng)a1，即a1時，f(t)maxf(a1)a22a2，f(t)minf(a1)a22a2；當(dāng)a1時，f(t)maxf(a1)a22a2，f(t)minf()23；當(dāng)1a 時，f(t)maxf(a1)a22a2，f(t)minf()23.