2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題04 牛頓運動定律（含解析）.doc

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2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題04 牛頓運動定律（含解析）一、單選題1將質(zhì)量均為M=1kg的編號依次為1, 2, .6的梯形劈塊靠在一起構(gòu)成傾角的三角形劈面，每個梯形劈塊上斜面長度均為L=0.2m，如圖所示，質(zhì)量m=lkg的小物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)為，斜面與地面的動摩擦因數(shù)均為，假定最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，現(xiàn)使A從斜面底端以平行于斜面的初速度v0=4.5m/s沖上斜面，下列說法正確的是: ()A. 若所有劈均固定在水平面上，物塊最終從6號劈上沖出B. 若所有劈均固定在水平面上，物塊最終能沖到6號劈上C. 若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到5號劈時，劈開始相對水平面滑動D. 若所有劈均不固定在水平面上.物塊上滑到4號劈時，劈開始相對水平面滑動【答案】BC時剛好開始滑動，代入數(shù)據(jù)可得n=2.3，即滑動到4號時，劈相對水平面不動，物塊上滑到5號劈時，劈開始相對水平面滑動，故C正確，D錯誤。點晴：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡、牛頓第二定律、運動學(xué)規(guī)律進行求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁。2如圖，滑塊以初速度沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零.對于該運動過程，若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示時間，則下列圖象最能正確描述這一運動規(guī)律的是:A. B. C. D. 【答案】B【解析】由題意知，在下滑的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：，故加速度保持不變，物塊做勻減速運動，所以C、D錯誤；根據(jù)勻變速運動的規(guī)律，可得B正確；下降的高度，所以A錯誤。3在xx年9月，伽利略的自由落體實驗被物理學(xué)家評選為最美麗的實驗。以下關(guān)于“伽利略對自由落體的探究過程”的歸納不正確的是( )A. 發(fā)現(xiàn)問題：伽利略發(fā)現(xiàn)亞里士多德“重物比輕物下落得快”的觀點有自相矛盾的地方B. 提出假設(shè)：伽利略認為，重物與輕物應(yīng)該下落得同樣快，他猜想落體運動應(yīng)該是一種最簡單的變速運動，速度的變化對位移來說是均勻的 C. 實驗驗證：在驗證自己猜想的實驗時，由于實驗儀器不能精確測量快速下落物體所需的時間，所以他設(shè)想通過斜面落體來“沖淡重力”D. 合理外推：伽利略將他在斜面實驗中得出的結(jié)論做了合理的外推，從而確定了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，且所有物體自由下落時的加速度都相同?！敬鸢浮緽【解析】試題分析：伽利略根據(jù)亞里士多德的論斷，假定大的石塊下落速度為8，小石塊下落速度為4，把它們捆在一起，大石塊會被小石塊拖著而減慢，所以速度會小于8，但兩石塊捆在一起會更重，下落速度應(yīng)當?shù)扔?，這樣得出了相互矛盾的結(jié)論，伽利略認為，重物體與輕的物體下落一樣快；所以運用歸謬推理否定了亞里士多德關(guān)于重的物體下落快、輕的物體下落慢的錯誤論斷，故A正確；伽利略提出“自由落體”是一種最簡單的直線運動-勻加速直線運動，故B錯誤；為“沖淡”重力，伽利略設(shè)計用斜面來研究小球在斜面上運動的情況；故C正確；伽利略將他在斜面實驗中得出的結(jié)論做了合理的外推，從而確定了自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，且所有物體自由下落時的加速度都相同，故D正確.本題選不正確的，故選B.【點睛】本題考查物理學(xué)史，對于著名物理學(xué)家、經(jīng)典實驗和重要學(xué)說要記牢，還要學(xué)習(xí)他們的科學(xué)研究的方法4在電梯內(nèi)的地板上，豎直放置一根輕質(zhì)彈簧，彈簧上端固定一個質(zhì)量為m的物體當電梯勻速運動時，彈簧被壓縮了x，某時刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了（重力加速度為g）則電梯在此時刻后的運動情況可能是（）A. 以大小為g的加速度加速上升B. 以大小為g的加速度減速上升C. 以大小為的加速度加速下降D. 以大小為的加速度減速下降【答案】D【解析】因為電梯勻速時，彈簧被壓縮了x，由此可以知道，mg=kx，某時刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了，彈簧的彈力變大了，由受力情況和牛頓第二定律可得：解得，方向向上。物體可能以加速上升，也可能以減速下降。故選D5甲、乙兩輛汽車從同一點同時出發(fā)，沿同一方向行駛，它們運動的v-t圖象如圖所示。下列判斷正確的是( )A. 在t1時刻以前,乙車的速度比甲車的大B. 在t1時刻以后，乙車的加速度比甲車的大C. 在0t1時間內(nèi)，甲車所受合力大于乙車所受合力D. 在0t1時間內(nèi)，甲、乙兩車的平均速度相等【答案】B【解析】從圖中可知，時刻前乙車速度小于甲車的速度，A錯誤；在v-t圖象中，斜率代表加速度，有圖可知，乙的斜率大于甲的斜率，故時刻后乙車加速度大于甲車的加速度，B正確；在0時刻內(nèi)，乙車的加速度大于甲車的加速度，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，甲車所受合力小于乙車所受合力，C錯誤；在0時刻內(nèi)，甲所圍面積大于乙所圍面積，即甲的位移大于乙的位移，根據(jù)可知，甲車的平均速度大于乙車的平均速度，D錯誤6如圖所示，質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球用輕繩連接在一起，并用細線懸掛在天花板上，兩小球恰處于同一水平位置，細線與豎直方向間夾角分別為1與2（12）。現(xiàn)將A、B間輕繩剪斷，則兩小球開始擺動，最大速度分別為vA和vB，最大動能分別為EkA和EkB，則下列說法中正確的是A. mB mAB. 輕繩剪斷時加速度之比為tan1:tan2C. vAEkB【答案】A【解析】試題分析：未剪斷細繩時兩球都處于平衡狀態(tài)，設(shè)兩球間的水平細繩的拉力大小為T對A球分析受力如圖【點睛】未剪斷細繩時兩球都處于平衡狀態(tài)，由平衡條件列式，得到水平繩的拉力與質(zhì)量的大小，從而得到兩球質(zhì)量關(guān)系將A、B間輕繩剪斷瞬間，由牛頓第二定律求加速度之比，兩小球擺動過程中，機械能守恒，到達最低點時的速度，根據(jù)機械能守恒定律列式，分析最大速度的大小7如圖所示，水平傳送帶在電動機帶動下始終保持以速度v勻速運動，某時刻質(zhì)量為m的物塊無初速地放在傳送帶的左端，經(jīng)過一段時間物塊能與傳送帶保持相對靜止。已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為。若當?shù)氐闹亓铀俣葹間，對于物塊放上傳送帶到物塊與傳送帶相對靜止的過程，下列說法中正確的是（ ）A. 物塊所受摩擦力的方向水平向左B. 物塊運動的時間為C. 物塊相對地面的位移大小為D. 物塊相對傳送帶的位移大小為【答案】D【解析】試題分析：物塊相對傳送帶向左滑動，摩擦力方向水平向右，即物塊所受合外力為，加速度，物塊運動的時間，物塊相對地面的位移大小，物塊相對傳送帶的位移大小，故ABC錯誤，D正確.故選D.【點睛】根據(jù)相對運動方向求得摩擦力方向；由受力分析求得合外力，即可由牛頓第二定律求得加速度，然后根據(jù)勻變速運動規(guī)律求得運動時間、位移，然后由幾何關(guān)系求得相對位移8年月日，在國際泳聯(lián)跳水系列賽喀山站米臺決賽中，我國男女選手雙雙奪得冠軍如圖是運動員某次跳臺比賽中的圖像（取豎直向下為正方向），時運動員起跳離開跳臺將運動員視為質(zhì)點，則運動員A. 時刻到達水面 B. 時刻到達水下最深處C. 時刻處于超重狀態(tài)D. 時刻浮出水面【答案】C【解析】由圖像可知運動情景，時刻，運動員起跳；時刻，運動員到達最高點；時刻，運動員到達水面；時刻，運動員在水中減速向下運動，超重狀態(tài)；時刻，運動員在水中到達最低點，故C正確，ABD錯誤；故選C。9如圖所示，套有光滑小鐵環(huán)的細線系在水平桿的兩端A、B上，當桿沿水平方向運動時，小環(huán)恰好懸于A端的正下方并與桿保持相對靜止，已知小環(huán)質(zhì)量為m，重力加速度為g，下列分析正確的是（ ）A. 桿可能作勻速運動 B. 桿一定向右作勻加速運動C. 桿可能向左作勻減速運動 D. 細線的張力可能等于mg【答案】C【解析】對小環(huán)受力分析：受繩的拉力和重力，如圖，設(shè)細線夾角為：由題知豎直方向平衡：mg=T+Tcos設(shè)水平方向上加速度為a，由牛頓第二定律得：Tsin=ma xk.w由于090，得：T=mg，加速度方向水平向右；故桿和小環(huán)向右做加速度的勻加速或向左勻減速運動，由上分析，可知，故ABD錯誤，C正確；故選C.10放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時間t的關(guān)系和物塊速度v與時間t的關(guān)系如圖所示。取重力加速度g=10ms2。由此兩圖線可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)分別為A. B. C. D. 【答案】C【解析】由v-t圖象看出，物體在4s-6s做勻速直線運動，由平衡條件知，由速度圖象可知，2-4s物體加速度為，此時有F2=3N，由牛頓第二定律得F2-Ff=ma，代入解得m=0.5kg，由，解得，故C正確，ABD錯誤；故選C。11如圖所示，將質(zhì)量為m的滑塊放在傾角為的固定斜面上，滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為若滑塊與斜面之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g則（）A. 將滑塊由靜止釋放，如果，滑塊將下滑B. 給滑塊沿斜面向下的初速度，如果，滑塊將減速下滑C. 用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動，如果，拉力大小應(yīng)是D. 用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動，如果，拉力大小應(yīng)是【答案】D【解析】物體由靜止釋放，對物體受力分析，受重力、支持力、摩擦力如圖物體下滑時，應(yīng)滿足條件：解得故A錯誤；給滑塊沿斜面向下的初速度如果，則有：，物體將加速下滑故B錯誤；用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動，根據(jù)平衡條件，有，又解得故C錯誤；用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動，根據(jù)平衡條件，有由題故解得故D正確故選D12對于一些實際生活中的現(xiàn)象，某同學(xué)試圖從慣性角度加以解釋，其中正確的是（ ）A. 采用了大功率的發(fā)動機后，某些一級方程式賽車的速度甚至能超過某些老式螺旋槳飛機的速度，這表明：可以通過科學(xué)進步使小質(zhì)量的物體獲得大慣性B. “強弩之末勢不能穿魯縞”，這表明強弩的慣性減小了C. 貨運列車運行到不同的車站時，經(jīng)常要摘下或加掛一些車廂，這會改變它的慣性D. 摩托車轉(zhuǎn)彎時，車手一方面要適當?shù)目刂扑俣?，另一方面要將身體稍微向里傾斜，這是為了通過調(diào)控人和車的慣性達到安全行駛的目的【答案】C【解析】慣性是物體的因有屬性，大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大，與其它任何因素?zé)o關(guān)，AB錯誤；摘下或加掛一些車廂，改變了質(zhì)量，從而改變慣性，C正確；人和車的質(zhì)量不變，則其慣性不變，D錯誤13如圖所示，三物體A、B、C均靜止，輕繩兩端分別與A、C兩物體相連接且伸直，mA=3 kg，mB=2 kg，mC=1kg，物體A、B、C間的動摩擦因數(shù)均為=0.1，地面光滑，輕繩與滑輪間的摩擦可忽略不計。若要用力將B物體從AC間拉動出，則作用在B物體上水平向左的拉力至少應(yīng)大于(最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10 m/s2)（ ）A. 12N B. 5N C. 8N D. 6N【答案】D【解析】A、B間最大靜摩擦力為fm1=mAg=0.130N=3N，當B剛要拉動時，右側(cè)繩子的拉力至少等于A、B間最大靜摩擦力，即T=fm1=3N再對三個物體組成的整體進行研究，由于地面光滑，由平衡條件得到，水平向左的拉力最小值為F=2T=6N故選D.點睛：本題中當A、B剛要相對運動時，靜摩擦力達到最大，而BC間并沒有相對滑動采用隔離法和整體法相結(jié)合的方法進行分析求解14如圖所示，50個大小相同、質(zhì)量均為m的小物塊，在平行于斜面向上的恒力F作用下一起沿斜面向上運動已知斜面足夠長，傾角為30，各物塊與斜面的動摩擦因數(shù)相同，重力加速度為g，則第46個小物塊對第45個小物塊的作用力大小為( ) A. F B. FC. mgF D. 因為動摩擦因數(shù)未知，所以不能確定【答案】B15如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計，傾角為的斜面光滑，系統(tǒng)靜止時，彈簧與細線均平行于斜面，在細線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是（ ）A. 兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為gsinB. A球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為2gsinC. B球的受力情況未變，瞬時加速度大小為0.5gsinD. 彈簧有收縮的趨勢，A、B兩球的瞬時加速度大小相等方向相反【答案】B【解析】系統(tǒng)靜止，根據(jù)平衡條件可知，對B球：F彈=mgsin；對A球：F繩=F彈+mgsin，細線被燒斷的瞬間，細線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不發(fā)生改變，則：B球受力情況未變，瞬時加速度為零；對A球根據(jù)牛頓第二定律得：a=F合/m=（F彈+mgsin）/m=2gsin，方向沿斜面向下，故ACD錯誤，B正確。故選：B。點睛：根據(jù)平衡條件可知：對A、B球受力分析，求出彈簧彈力和繩子拉力。細線被燒斷的瞬間，細線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不會瞬間發(fā)生改變；對A、B球分別進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可求出各自加速度16如圖，電梯的頂部掛有一個彈簧測力計，其下端掛了一個重物，電梯勻速直線運動時，彈簧測力計的示數(shù)為10N，在某時刻電梯中相對電梯靜止不動的人觀察到彈簧測力計的示數(shù)變?yōu)?N，g取10m/s2，以下說法正確的是（ ）A. 電梯可能向下加速運動，加速度大小為2m/s2B. 電梯可能向下減速運動，加速度大小為12m/s2C. 此時電梯對人的支持力大小等于人的重力大小D. 此時電梯對人的支持力大小小于人對電梯的壓力【答案】A【解析】AB、電梯勻速直線運動時，彈簧秤的示數(shù)為10N，知重物的重力等于10N。彈簧測力計的示數(shù)變?yōu)?N時，對重物有：mgF=ma，解得a=2m/s2，方向豎直向下，則電梯的加速度大小為2m/s2，方向豎直向下。電梯可能向下做加速運動，也可能向上做減速運動。故A正確，B錯誤；C、由于加速度方向豎直向下，人處于失重狀態(tài)，電梯對人的支持力大小小于人的重力大小，C錯誤；D、電梯對人的支持力與人對電梯的壓力是作用力與反作用力，大小相等，D錯誤。故選：A。17如圖，物體A、B用細繩連接后跨過滑輪，A放在在傾角為30的光滑斜面上，B懸掛著。已知質(zhì)量mA = 3mB，不計滑輪摩擦，那么下列說法中正確的是（ ）A. 細繩對物體B的拉力大小為B. 物體A的加速度C. 現(xiàn)將斜面傾角由30增大到50，繩子的拉力減小D. 物體A和物體B互換位置后，滑輪受到繩子的作用力保持不變【答案】D【解析】AB、設(shè)細繩拉力為T，對A：對B：，滑輪受到繩子的作用力保持不變，D正確。故選：D。18質(zhì)量為 m020 kg、長為 L=5 m 的木板放在水平面上，木板與水平面的動摩擦因數(shù)為1=0.15。 將質(zhì)量 m=10 kg 的小木塊(可視為質(zhì)點)，以 v0=4 m/s 的速度從木板的左端被水平拋射到木板上 (如圖所示)，小木塊與木板面的動摩擦因數(shù)為2=0.4(最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g=10 m/s2)。 則下列判斷正確的是( )A. 木板一定靜止不動，小木塊不能滑出木板B. 木板一定靜止不動，小木塊能滑出木板C. 木板一定向右滑動，小木塊不能滑出木板D. 木板一定向右滑動，小木塊能滑出木板【答案】A【解析】試題分析：比較小物塊對木板摩擦力與地面對木板摩擦力的大小，從而判斷出木板能否保持靜止，然后對小物塊進行分析，綜合牛頓第二定律和運動學(xué)公式判斷其能否從木板右端滑出m對的摩擦力，地面對的摩擦力，因為，所以木板一定向右運動，對m，由牛頓第二定律，對，由牛頓第二定律有，設(shè)經(jīng)過時間t，小木塊和木板速度相等，即：4-4t=0.5t，得，共同速度，小木塊的位移，木板的位移，小木塊相對木板的位移，所以小木塊不能滑出長木板，故C正確；19如圖所示質(zhì)量均為m=1.5103kg的甲、乙兩車同時同地出發(fā)，在同一平直公路上行駛，二者所受阻力均為車重的k=0.5倍，由于牽引力不同，甲車做勻速直線運動，乙車做勻加速直線運動，取g=10m/s2，則以下敘述正確的是（ ）A. 乙車牽引力為F2=7.5103 NB. t =1 s時兩車速度相同且v=1 m/sC. t =1 s時兩車間距最大，且最大間距為Lm=1 mD. 02 s內(nèi)阻力對兩車做的功均為Wf=-3103 J【答案】C【解析】A、由圖可以知道,兩車在2s時的位移相同,則說明汽車的平均速度相同;即: 因乙車做勻加速直線運動,故乙車的2s末的速度為4m/s;加速度 ;由牛頓第二定律可以知道: ;計算得出: ;故A錯誤;B、因平均速度等于中間時刻的瞬時速度,因此乙在1s末的速度為，而甲一直以2m/s的速度勻速行駛;故B錯誤;C、開始時甲的速度大于乙的速度,所以距離越來越大,速度相等時,距離達最大,由公式得1s末間距最大;最大間距為:故C正確D、因為位移相同,阻力大小相同;故阻力做功相同;均為:故D錯誤，綜上所述本題答案是：C 20在物理學(xué)發(fā)展史上，伽利略、牛頓等許許多多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做了巨大貢獻以下選項中符合伽利略和牛頓觀點的是（ ）A. 兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說明：物體受力越大則速度就越大B. 人在沿直線加速前進的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，將落在起跳點的后方C. 兩物體從同一高度做自由落體運動，較輕的物體下落較慢 D. 一個運動的物體，如果不再受力了，它總會逐漸停下來，這說明：靜止狀態(tài)才是物體不受力時的“自然狀態(tài)”【答案】B綜上所述本題正確答案為:B21如圖所示，水平地面上有一車廂，車廂內(nèi)固定的平臺通過相同的彈簧把相同的物塊A、B壓在豎直側(cè)壁和水平的頂板上，已知A、B與接觸面間的動摩擦因數(shù)均為，車廂靜止時，兩彈簧長度相同，A恰好不下滑，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，現(xiàn)使車廂沿水平方向加速運動，為保證A、B仍相對車廂靜止，則（ ）A. 速度可能向左，加速度可大于B. 加速度一定向右，不能超過C. 加速度一定向左，不能超過D. 加速度一定向左，不能超過【答案】B【解析】A恰好不下滑，對A分析有，則有，彈簧處于壓縮；現(xiàn)使車廂沿水平方向加速運動，為保證A、B仍相對車廂靜止，墻壁對A的支持力必須大于，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度方向一定向右；對B分析，則有，故B正確，ACD錯誤；故選B。22太陽神車由四腳的支架吊著一個巨大的擺錘擺動，游客被固定在擺下方的大圓盤A上，如圖所示擺錘的擺動幅度每邊可達1206臺大功率的異步驅(qū)動電機同時啟動，為游客創(chuàng)造4.3g的加速度，最高可飛躍至15層樓高的高空如果不考慮圓盤A的自轉(zhuǎn)，根據(jù)以上信息，以下說法中正確的是（）A. 當擺錘擺至最高點的瞬間，游客受力平衡B. 當擺錘擺至最高點時，游客可體驗最大的加速度C. 當擺錘在下擺的過程中，擺錘的機械能一定不守恒D. 當擺錘在上擺過程中游客體驗超重，下擺過程游客體驗失重【答案】C【解析】A、當擺錘擺至最高點的瞬間，擺錘與游客將開始下降，具有向下的加速度，游客受力不平衡，故A錯誤；B、當擺錘擺至最高低時，擺錘的速度最大，向心加速度最大，所以游客可體驗最大的加速度，故B錯誤；C、當擺錘在下擺的過程中，由于電動機做正功，擺錘的機械能一定不守恒，故C正確；D、當擺錘在上擺過程中，擺錘向上做勻減速運動，加速度方向向下，游客體驗失重，故D錯誤；故選C。23xx年莫斯科世錦賽上，我國男子短道速滑隊時隔15年再次站到5000m接力的冠軍頒獎臺上。觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運動員甲提前站在“交棒”的運動員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時，乙猛推甲，甲獲得更大的速度向前沖出。在乙推甲的過程中，忽略運動員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（ ）。A. 甲對乙的作用力與乙對甲的作用力相同B. 甲對乙的作用力一定做正功，乙的動能增大C. 乙對甲的作用力一定做正功，甲的動能增大D. 甲的動能增加量一定等于乙的動能減少量【答案】C24物理學(xué)中有些結(jié)論不一定要通過計算才能驗證，有時只需通過一定的分析就能判斷結(jié)論是否正確。根據(jù)流體力學(xué)知識，噴氣式飛機噴出氣體的速度v與飛機發(fā)動機燃燒室內(nèi)氣體的壓強p、氣體密度及外界大氣壓強p0有關(guān)。試分析判斷下列關(guān)于噴出氣體的速度的倒數(shù)的表達式正確的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】試題分析：先根據(jù)等式兩邊單位相同判斷；再根據(jù)內(nèi)外壓強差越大，噴氣速度越大判斷物理表達式兩側(cè)單位要相同，AB選項右側(cè)單位為，C選項右側(cè)單位是m/s，D選項右側(cè)單位也不是s/m，故CD均錯誤；結(jié)合實際情況，內(nèi)外壓強差越大，噴氣速度越大，顯然A符合，B不符合，故A正確B錯誤25某質(zhì)量為m的電動玩具小車在平直的水泥路上由靜止沿直線加速行駛經(jīng)過時間t前進的距離為x，且速度達到最大值vm，設(shè)這一過程中電動機的功率恒為P，小車受阻力恒為F，則t時間內(nèi)（）A. 小車做勻加速運動B. 小車受到的牽引力逐漸增大C. 合外力對小車所做的功為 PtD. 牽引力對小車所做的功為 Fx+mvm2【答案】D【解析】電動機功率恒定，P=F牽v，結(jié)合牛頓第二定律可知F牽-F=ma，v=at可知，當速度增大時，牽引力減小，加速度減小，故小車做加速度減小的變加速運動，故AB錯誤；整個過程中，牽引力做正功，阻力做負功，故合力做功為W=mvm2，Pt為牽引力所做的功，故C錯誤；整個過程中，根據(jù)動能定理可知PtFxmvm2，解得Pt=Fx+mvm2，故D正確；故選D.點睛：小車的恒定功率啟動方式是一種最快的啟動方式，是加速度不斷減小的加速運動，運動學(xué)公式不再適用，但可以根據(jù)動能定理列式求解26極限跳傘（sky diving）是世界上最流行的空中極限運動，它的獨特魅力在于跳傘者可以從正在飛行的各種飛行器上跳下，也可以從固定在高處的器械、陡峭的山頂、高地甚至建筑物上縱身而下，并且通常起跳后傘并不是馬上自動打開，而是由跳傘者自己控制開傘時間，這樣冒險者就可以把刺激域值的大小完全控制在自己手中。傘打開前可看做是自由落體運動，打開傘后減速下降，最后勻速下落。如果用h表示人下落的高度，t表示下落的時間，Ep表示人的重力勢能,Ek表示人的動能，E表示人的機械能，v表示人下落的速度，在整個過程中，忽略傘打開前空氣阻力，如果打開傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能符合事實的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B點睛：解決本題的關(guān)鍵知道圖象的物理意義，搞清運動員的運動情況，通過加速度變化判斷合力的變化，通過下降的高度判斷重力勢能的變化27為了緩解高三學(xué)生學(xué)習(xí)壓力，學(xué)校往往會在高考前夕舉行拔河比賽，幫助學(xué)生釋放壓力，激情迎考，如圖所示。為了分析問題的方便，我們把拔河比賽簡化為兩個人拔河，如果繩質(zhì)量不計，且保持水平，甲、乙兩人在“拔河”比賽中甲獲勝，則下列說法中正確的是( )A. 甲對乙的拉力始終大于乙對甲的拉力B. 甲把乙加速拉過去時，甲對乙的拉力大于乙對甲的拉力C. 只有當甲把乙勻速拉過去時，甲對乙的拉力大小才等于乙對甲的拉力大小D. 甲對乙的拉力大小始終等于乙對甲的拉力大小，只是地面對甲的摩擦力大于地面對乙的摩擦力【答案】D【解析】甲拉乙的力與乙拉甲的力是一對作用力與反作用力，大小始終相等，與運動狀態(tài)無關(guān)，故ABC錯誤；即不管哪個獲勝，甲對乙的拉力大小始終等于乙對甲的拉力大小，只是當?shù)孛鎸椎哪Σ亮Υ笥诘孛鎸σ业哪Σ亮?，甲才能獲勝，故D正確；故選D.28下列哪個儀器測量的物理量不是國際單位制中的基本物理量（ ）A. 彈簧測力計 B. 刻度尺C. 秒表 D. 托盤天平【答案】A【解析】測力計是測量力的儀器力不是基本物理量故A正確；刻度尺是測量長度的儀器，是測量的力學(xué)基本量，故B錯誤秒表是測量時間的儀器，是測量的力學(xué)基本量，故C錯誤；托盤天平是測量質(zhì)量的儀器，是測量的力學(xué)基本量，故D錯誤；本題選測量的物理量不是力學(xué)基本量的，故選A29如圖所示，質(zhì)量為m1和m2的兩個材料相同的物體用細線相連，在大小恒定的拉力F作用下，先沿水平面，再沿斜面，最后豎直向上勻加速運動，不計空氣阻力，在三個階段的運動中，線上的拉力大小()A. 由大變小 B. 由小變大C. 由大變小再變大 D. 始終不變且大小為F【答案】D【解析】設(shè)物體與接觸面的動摩擦因數(shù)為，在水平面有：對m1進行受力分析，則有：所以T1=F在斜面上有：所以繩子的拉力始終不變且大小為F，故D正確，ABC錯誤故選：D.點睛：先對整體進行受力分析求出整體加速度，再對m1進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出細線上的彈力，m1的加速度和整體加速度相同30如圖表示的是一條傾斜的傳送軌道，B是傳送貨物的平臺，可以沿著斜面上的直軌道運送物體。某次傳送平臺B沿軌道將貨物A向下傳送到斜軌道下端，運動過程可用如圖中的速度時間圖像表示。下述分析中不正確的是（）A. 0時間內(nèi)，B對A的支持力小于重力，摩擦力水平向右B. 時間內(nèi)，B對A的支持力等于重力，摩擦力水平向左C. 時間內(nèi)，B對A的支持力大于重力，摩擦力水平向左D. 0時間內(nèi)出現(xiàn)失重現(xiàn)象；時間內(nèi)出現(xiàn)超重現(xiàn)象【答案】B直向上的加速度，再分析A 的受力可以得到，豎直方向上A有向上的加速度，導(dǎo)致B對A的支持力大于重力，水平方向由向左的加速度，導(dǎo)致A受到摩擦力水平向左的摩擦力，故C正確；D、時間段內(nèi)，整體沿斜面向下做勻加速運動，失重狀態(tài)，整體沿斜面向下做勻減速運動，超重狀態(tài)，故D正確；本題要選不正確的，所以答案是B綜上所述本題答案是：B31如圖所示，物體疊放在物體B上，B置于光滑水平面上，A、B質(zhì)量分別為mA=6 kg，mB=2kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)=0.2，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)對A施加一水平力F用，則A、B的加速度可能是(g取10m/s2)A. aA=6m/s2aB=2 m/s2B. aA=2m/s2aB=6 m/s2C. aA=8m/s2aB=4 m/s2D. aA=10m/s2aB=6 m/s2【答案】D【解析】試題分析：通過隔離法求出A、B發(fā)生相對滑動的臨界加速度，再通過整體法結(jié)合牛頓第二定律求出拉力根據(jù)拉力的大小與該臨界情況拉力的關(guān)系，討論兩者的加速度對B而言，當A、B間的摩擦力達到最大值時，此時的加速度達到最大，則，則最大加速度對整體運用牛頓第二定律可得，即當拉力增加到48N時，發(fā)生相對滑動，當時，當時，且，恒定不變，故D正確32如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端，固定在水平面上，上端疊放著兩個質(zhì)量均為m的物體A、B（物體B與彈簧栓接），彈簧的勁度系數(shù)為k，初始時物體處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上，使物體A開始向上做加速度為a的勻加速運動，測得兩個物體的vt圖象如圖乙所示（重力加速度為g），則（ ）A. 施加外力的瞬間，F(xiàn)的大小為2m（ga）B. A、B在t1時刻分離，此時彈簧的彈力大小m（g+a）C. 彈簧彈力等于0時，物體B的速度達到最大值D. B與彈簧組成的系統(tǒng)的機械能先增大，后保持不變【答案】B【解析】解:A、施加F前,物體AB整體平衡,根據(jù)平衡條件,有:2Mg=kx;解得:x=2施加外力F的瞬間,對B物體,根據(jù)牛頓第二定律,有:F彈MgFAB=Ma其中:F彈=2Mg解得:FAB=M(ga),故A錯誤.B、物體A、B在t1時刻分離,此時A、B具有共同的v與a;且FAB=0;對B:F彈Mg=Ma解得:F彈=M(g+a),故B正確.C、B受重力、彈力及壓力的作用;當合力為零時,速度最大,而彈簧恢復(fù)到原長時,B受到的合力為重力,已經(jīng)減速一段時間;速度不是最大值;故C錯誤;D、B與彈簧開始時受到了A的壓力做負功,故開始時機械能減小;故D錯誤;故選:B33如圖所示，放在固定斜面上的物塊A以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊A上再放另一物塊B，它們在下滑過程中保持相對靜止，則（ ）A. 物塊AB可能勻速下滑B. 物塊AB仍以原來的加速度a勻加速下滑C. 物塊AB將以大于a的加速度勻加速下滑D. 物塊AB將以小于a的加速度勻加速下滑【答案】B【解析】解：只有A時物體加速度，若增加B物體把他們看成整體，加速度加速度不變。故選B34在物理學(xué)發(fā)展過程中，有許多科學(xué)家做出了貢獻，下列說法正確的是（ ）A. 牛頓通過多年觀測記錄行星的運動，提出了行星運動的三大定律B. 卡文迪許發(fā)現(xiàn)萬有引力定律，被人們稱為“能稱出地球質(zhì)量的人”C. 伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因”的觀點D. 開普勒從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學(xué)者亞里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯誤觀點【答案】C【解析】解: A、開普勒提出了行星運動的三大定律,牛頓在此基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律,故A錯誤.B、牛頓發(fā)現(xiàn)萬有引力定律后,英國物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤實驗裝置比較準確地測出了萬有引力常量G,所以B選項是錯誤的.C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是維持物體運動的原因”的觀點,得出了“力是改變物體運動狀態(tài)的原因”的觀點,故C正確.D、伽利略從理論和實驗兩個角度,證明了輕、重物體下落一樣快,從而推翻了古希臘學(xué)者亞里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯誤觀點.故D錯誤.所以C選項是正確的35如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體B放在水平面，斜面的傾角=30，質(zhì)量為m的木塊A放在斜面上，木塊A下滑的加速度，斜面體靜止不動，則（）A. 木塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為0.25B. 地面對斜面體的支持力等于（M+m）gC. 地面對斜面體的摩擦力水平向右，大小為D. 地面對斜面體無摩擦力作用【答案】CC、把斜面和木塊看做一個整體，沿水平方向摩擦力提供加速度，C正確，D錯誤。故選：C。36將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，vt圖象如圖所示以下判斷正確的是（）A. 前2s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B. 第3s末至第5s末的過程中，貨物完全失重C. 最后2s內(nèi)貨物只受重力作用D. 前2s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度和加速度相同【答案】A【解析】A. 在前2s內(nèi)，圖象的斜率為正，加速度為正方向，說明加速度向上，貨物處于超重狀態(tài)，故A正確；B. 第3 s末至第5 s末的過程中，貨物勻速運動，重力等于拉力，B錯誤；C、最后2s內(nèi),加速度為g，故貨物并不是只受重力時，故C錯誤。D. 前2s內(nèi)貨物做勻加速直線運動,平均速度為,最后2s內(nèi)貨物的平均速度，故D錯誤。故選：A。點睛：速度圖象的斜率等于物體的加速度根據(jù)斜率的正負分析加速度的方向，根據(jù)加速度的方向判斷貨物是超重還是失重狀態(tài)加速度方向向上時，處于超重狀態(tài)，反之，處于失重狀態(tài)根據(jù)求勻變速直線運動的平均速度37如圖所示，質(zhì)量為的物塊B放置在光滑水平桌面上，其上放置質(zhì)量的物塊A，A通過跨過定滑輪的細線與質(zhì)量為M的物塊C連接，釋放C，A和B一起以加速度a從靜止開始運動，已知A、B間動摩擦因數(shù)為，則細線中的拉力大小為A. Mg B. Mg+Ma C. D. 【答案】C【解析】對AB的整體，根據(jù)牛頓第二定律，C正確；對C：，解得，AB錯誤；對物體A：，則，因f為靜摩擦力，故不一定等于，D錯誤；故選C。38科學(xué)思維和科學(xué)方法是我們認識世界的基本手段在研究和解決問題的過程中，不僅需要相應(yīng)的知識，還需要運用科學(xué)的方法理想實驗有時更能深刻地反映自然規(guī)律，伽利略設(shè)想了一個理想實驗，如圖所示兩個對接的斜面，靜止的小球沿一個斜面滾下，小球?qū)L上另一個斜面；如果沒有摩擦，小球?qū)⑸仙皆瓉磲尫诺母叨?；減小第二個斜面的傾角，小球在這個斜面上仍然會達到原來的高度；繼續(xù)減小第二個斜面的傾角，最后使它成為水平面，小球會沿水平面做持續(xù)的勻速運動通過對這個實驗的分析，我們可以得到的最直接結(jié)論是( )A. 自然界的一切物體都具有慣性B. 光滑水平面上運動的小球，運動狀態(tài)的維持并不需要外力C. 如果小球受到力的作用，它的運動狀態(tài)將發(fā)生改變D. 小球受到的力一定時，質(zhì)量越大，它的加速度越小【答案】B【解析】理想斜面實驗只能說明鋼球具有慣性，推廣到一切物體的是牛頓，A錯誤；伽利略通過“理想斜面實驗”和科學(xué)推理，得出的結(jié)論是：力不是維持物體運動的原因，光滑水平面上運動的小球，運動狀態(tài)的維持并不需要外力，B正確；如果小球受到力的作用，它的運動狀態(tài)將發(fā)生改變，這是牛頓得出的，C錯誤；小球受到的力一定時，質(zhì)量越大，它的加速度越小，這是牛頓第二定律內(nèi)容，D錯誤39如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端疊放兩個質(zhì)量均為 M 的物體 A、B(B 物體與彈簧連接)，彈簧的勁度系數(shù)為 k，初始時物體處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用豎直向上的 拉力 F 作用在物體 A 上，使物體 A 開始向上做加速度為 a 的勻加速運動，測得兩個物體 的 v t 圖像如圖乙所示(重力加速度為 g)，則( )A. 施加外力前，彈簧的形變量為B. 外力施加的瞬間，A、B 間的彈力大小為 M(ga)C. A、B 在 t1 時刻分離，此時彈簧彈力恰好為零D. 彈簧恢復(fù)到原長時，物體 B 的速度達到最大值【答案】BD、當F彈=Mg時，B達到最大速度，故D錯誤；故選B。40如圖所示，一物體放在一傾角為的斜面上，向下輕輕一推，它剛好能勻速下滑若給此物體一個沿斜面向上的初速度v0，則它能上滑的最大路程是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】物體沿斜面勻速下滑時，由平衡條件得物體所受的滑動摩擦力大小為：f=mgsin，當物體沿斜面向上滑動時，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin+f=ma，解得：a=2gsin，方向沿斜面向下，根據(jù)速度位移公式：，聯(lián)立以上解得：，故C正確，ABD錯誤。41如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為1kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結(jié)果正確的是（g取）（ ）A. A加速度的大小為B. B加速度的大小為C. 彈簧的彈力大小為40ND. A、B間相互作用力的大小為8N【答案】BCD【解析】物體A、B接觸但不擠壓，即AB間無相互作用力，則剪斷細線前，對A由平衡條件得彈簧的彈力：，剪斷后瞬間，對AB整體分析，（mA+mB）g-T=（mA+mB）a，解得a=2m/s。對B分析，mBg-FAB=mBa，解得FAB=8N，故BCD正確。42如圖所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率v1運行初速度大小為v2的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的vt圖象（以地面為參考系）如圖乙所示已知v2v1，物塊和傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，物塊的質(zhì)量為m，則（）A. t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B. 0t2時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左C. 0t2時間內(nèi)，摩擦力產(chǎn)生的熱量為D. 0t2時間內(nèi)，物塊在傳送帶上留下的劃痕為【答案】D【解析】A、時間內(nèi)木塊向左做勻減速直線運動，時刻以后小物塊向右運動，則時刻小物塊向左運動到速度為零，離A處的距離達到最大，故A錯誤；B、時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，時間內(nèi)小物塊不受摩擦力作用，故B錯誤；C、時間內(nèi)，物塊與傳送帶間的相對路程為：摩擦產(chǎn)生的熱量為：，故C錯誤；D、時間內(nèi)，物塊在傳送帶上留下的劃痕為：，故D正確。點睛：本題的解題關(guān)鍵要根據(jù)速度圖象分析出小物塊的運動情況，再分析物塊所受的摩擦力的情況，要知道摩擦生熱與相對位移有關(guān)。43一物塊以一定的初速度沿足夠長的光滑斜面底端向上滑出，從滑出至回到斜面底端的時間為6s，若在物塊上滑的最大位移的一半處設(shè)置一垂直斜面的擋板，仍將該物塊以相同的初速度在斜面底端向上滑出，物塊撞擊擋板前后的速度大小相等、方向相反撞擊所需時間不計，則這種情況下物塊從上滑至回到斜面底端的總時間約為（不計空氣阻力）（）A. 1.0 s B. 1.8 s C. 2.0 s D. 2.6 s【答案】B【解析】由于是光滑的斜面，所以上升的過程是勻減速直線運動，下降的過程是勻加速直線運動，而且整個過程中的加速度大小方向都不變根據(jù)規(guī)律可知，上升和下降的時間相等，故都為假設(shè)斜面的長度為x，根據(jù)題意可得：與中間的擋板相碰撞，上升段的時間為：點睛：本題考察的知識主要是勻變速直線運動的規(guī)律，熟練掌握勻加速，勻減速直線運動位移時間關(guān)系的公式，并要求熟練應(yīng)用。44如圖所示，在光滑水平面上有一輛小車A，其質(zhì)量為mA=2.0kg，小車上放一個物體其質(zhì)量為mB=l.0kg如圖甲所示，給B個水平推力F，當F增大到稍大于3.0N時，A、B開始相對滑動如果撤去F，對A施加一水平推力F，如圖乙所示要使A、B不相對滑動，則F的最大值Fm為（）A. 2.0N B. 3.0N C. 6.0N D. 9.0N【答案】C【解析】根據(jù)題圖甲所示，設(shè)A、B間的靜摩擦力達到最大值時，系統(tǒng)的加速度為a根據(jù)牛頓第二定律，對A、B整體有，對A有，代入數(shù)據(jù)解得：根據(jù)題圖乙所示情況，設(shè)A、B剛開始滑動時系統(tǒng)的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律得：以B為研究對象有：以A、B整體為研究對象，有代入數(shù)據(jù)解得：，故C正確。點睛：解決本題的關(guān)鍵抓住臨界狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律進行求解，掌握整體法和隔離法的運用，要靈活選取研究對象。45如圖所示，汽車向右沿水平面做勻速直線運動，通過繩子提升重物M若不計繩子質(zhì)量和繩子與滑輪間的摩擦，則在提升重物的過程中，下列有關(guān)判斷正確的是（ ）A. 重物減速上升 B. 重物加速上升C. 繩子張力不斷增大 D. 地面對汽車的支持力不斷減小【答案】B【解析】A、設(shè)繩子與水平方向的夾角為，將小車的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的速度等于M的速度，根據(jù)平行四邊形定則得,vM=vcos，車子在勻速向右的運動過程中，繩子與水平方向的夾角為減小，所以M的速度增大，M做加速上升運動，故A錯誤，B正確；C. 車速一定，重物速度隨著角度的減小逐漸加快，重物在做加速上升，角度越來越小，由vM=vcos，可知，在相等的時間內(nèi)，速度的增加變小，則加速度越來越小，逐漸趨于勻速運動，繩子張力等于Mg+Ma，a為加速度，加速度減小，重力不變，張力減小，而且角減小，汽車受繩子豎直方向的分力減小，所以支持力增加。故C錯誤，D錯誤。故選：B。46某物體做直線運動的vt圖像如圖所示（F表示物體所受合力，x表示物體的位移），下列選項正確的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】AB、由圖可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運動，所以前兩秒受力恒定；2s4s做正方向勻加速直線運動，所以受力為負，且恒定；4s6s做負方向勻加速直線運動，所以受力為負，恒定；6s8s做負方向勻減速直線運動，所以受力為正，恒定，A錯誤，B正確；CD、根據(jù)勻變速運動的位移時間關(guān)系，位移與時間不成線性關(guān)系，C錯誤，D錯誤。故選：B。47足夠長的水平木板，沿水平方向向右做勻速直線運動,木板各處的表面情況相同，木板上有兩個質(zhì)量不等的鐵塊與木板一塊做勻速直線運動，兩個鐵塊表面情況相同,沿運動方向分布，質(zhì)量大的在前，質(zhì)量小的在后，兩者之間有一定的間隔某時刻木板突然停止運動，下列說法正確的是( )A. 若木板光滑，由于前面的鐵塊慣性大，兩個鐵塊之間距離將增大B. 若木板光滑，由于后面的鐵塊慣性小，兩個鐵塊之間距離將減小C. 若木板不光滑，兩個鐵塊有可能相撞D. 無論木板是否光滑，兩個鐵塊都不可能相撞【答案】D【解析】若木板光滑，木板突然停止運動，兩鐵塊將保持原來速度勻速運動，兩鐵塊之間距離保持不變；若木板不光滑，木板突然停止運動，兩鐵塊將以原來速度為初速度做勻減速直線運動，其加速度大小相同(為g)，兩個鐵塊之間距離保持不變。D正確，ABC錯誤。故選：D。48如圖所示，汽車向右沿直線運動，原來的速度是v1，經(jīng)過一小段時間之后，速度變?yōu)関2，v表示速度的變化量由圖中所示信息可知 ( )A. 汽車在做加速直線運動B. 汽車的加速度方向與v1的方向相同C. 汽車所受的合力的方向與v1的方向相反D. 汽車的加速度方向與v的方向相反【答案】C【解析】A、根據(jù)題圖可知，汽車的速度變小，做的是減速直線運動，選項A錯誤；B、汽車的加速度與v方向相同，與v1方向相反，B錯誤；C、合力的方向與加速度方向相同，與v1方向相反，選項C正確，選項D錯誤。故選：C。49汽車緊急剎車后，停止運動的車輪在水平地面上滑動直至停止，在地面上留下的痕跡稱為剎車線。由剎車線的長短可知汽車剎車前的速度。已知汽車輪胎與地面之間的動摩擦因數(shù)為0.80，測得剎車線長25 m。汽車在剎車前的瞬間的速度大小為（重力加速度g取10m/s2）( )A. 10 m/s B. 20 m/sC. 30 m/s D. 40 m/s【答案】B點睛：分析剎車后汽車的合外力，進而求得加速度；再根據(jù)勻變速運動規(guī)律，由位移求得初速度。50如圖所示，放在固定斜面上的物塊以加速度沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則A. 物塊可能勻速下滑 B. 物塊仍以加速度勻加速下滑C. 物塊將以大于的加速度勻加速下滑 D. 物塊將以小于的加速度勻加速下滑【答案】C【解析】未加F時，物體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有：當施加F后，加速度，因為，所以，可見，即加速度增大C正確；A、B、D錯誤；故選C。51如圖所示是某一物體運動的圖象(曲線為半圓),由此可知物體是做A. 圓周運動 B. 平拋運動C. 勻變速直線運動 D. 變加速直線運動【答案】D【解析】由速度圖象看出，物體速度的方向沒有改變，但是速度先增大后減小，說明物體在做變速直線運動，且圖象為曲線，說明加速度在變化，D正確；ABC錯誤；故選D。52根據(jù)下列圖示以及文字說明，判斷人或者物體處于超重狀態(tài)的是A. 圖甲，聶海勝在“天宮一號”實驗艙內(nèi)盤起腿懸空打坐B. 乙圖，我國“長征二號”火箭把“神舟十號”載人飛船加速送上太空的情景C. 丙圖，表演“水流星”節(jié)目中杯子運動到最高點D. 丁圖，蹦床運動員雙腳離開蹦床，向上運動的過程中【答案】B【解析】A、聶海勝在“天宮一號”實驗艙內(nèi)盤起腿懸空打坐，只受重力，加速度向下，屬于失重，A錯誤；B、我國長征二號火箭把載人神舟十號飛船加速送上太空的情景，加速度為向上，是超重，B正確；C、表演“水流星”節(jié)目中杯子運動到最高點，加速度為向心加速度，向下，是失重，C錯誤；D、蹦床運動員雙腳離開蹦床，向上運動的過程中，加速度向下，是失重，D錯誤；故選B。53如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在斜面上，在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運動的過程中，物體始終靜止在斜面上，物體受到斜面的摩擦力f和斜面的支持力N分別為（重力加速度為g）（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】對物體受力分析如圖所示：在水平方向根據(jù)牛頓第二定律：，在豎直方向：，聯(lián)立解得：，故A正確，BCD錯誤。54如圖所示，小車運動的過程中，質(zhì)量均為m的懸掛的小球A和車水平底板上的物塊B都相對車廂靜止，懸掛小球A的懸線與豎直線夾角為，則物塊B受到的摩擦力和小車運動情況下列判斷中正確的是（）A. 物塊B不受摩擦力作用，小車只能向右運動B. 物塊B受摩擦力作用，大小為，方向向左；小車可能向右運動C. 物塊B受摩擦力作用，大小為，方向向左；小車一定向左運動D. B受到的摩擦力情況無法判斷，小車運動方向不能確定【答案】B【解析】對A受力分析：受重力、線的拉力，在水平方向有：，在豎直方向：，聯(lián)立可得：，方向水平向左，故小車可能向左加速也可能向右減速運動，故B正確，C錯誤；因為A和B都相對車廂靜止，加速度相同，所以B一定受到向左的摩擦力作用，故AD錯誤。所以B正確，ACD錯誤。55某學(xué)校組織趣味課外活動拉重物比賽，如圖所示。設(shè)重物的質(zhì)量為m，重物與地面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。某同學(xué)拉著重物在水平地面上運動時，能夠施加的最大拉力為F，求重物運動時的最大加速度為（ ）A. B. C. D. 【答案】D當 tan=時，加速度最大，最大加速度為，故D正確，ABC錯誤；故選D。56小孩從滑梯上滑下的運動可看做勻加速直線運動.質(zhì)量為M的小孩單獨從滑梯上滑下，加速度為a1；該小孩抱著一只質(zhì)量為m的小狗再從滑梯上滑下(小狗不與滑梯接觸)，加速度為a2，則a1和a2的關(guān)系為( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】設(shè)滑梯傾角為,小孩與滑梯之間的動摩擦因數(shù)為,由牛頓第二定律得 ,即下滑的加速度為 ,則可知加速度a與質(zhì)量m無關(guān),所以選項D正確綜上所述本題答案是：D57馬拉車由靜止開始做直線運動，先加速運動，中間勻速運動一段時間，然后減速至停止。下列說法正確的是（ ）A. 加速運動時，馬向前拉車的力等于車向后拉馬的力B. 加速運動時，馬向前拉車的力小于車向后拉馬的力C. 只有勻速運動時，馬向前拉車與車向后拉馬的力才會大小相等D. 在整個運動過程中，馬向前拉車的力始終大于車向后拉馬的力【答案】A【解析】馬向前拉車的力和車向后拉馬的力是一對作用力與反作用力，它們總是大小相等、方向相反，所以不管是否是勻速運動，馬向前拉車的力總等于車向后拉馬的力，故A正確，BC錯誤；在整個運動過程中，馬向前拉車與車向后拉馬的力大小始終相等，故D錯誤。所以A正確，BCD錯誤。58下列哪一種運動情景中，物體將會處于一段持續(xù)的完全失重狀態(tài)()A. 高樓正常運行的電梯中