2019-2020年高考數學二輪復習 專題能力訓練10 等差數列、等比數列 文.doc

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2019-2020年高考數學二輪復習 專題能力訓練10 等差數列、等比數列 文 一、選擇題 1.在等差數列{an}中,若a2+a4+a6+a8+a10=80,則a7-a8的值為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.4 B.6 C.8 D.10 2.已知數列{an}的前n項和為Sn,a1=1,Sn=2an+1,則Sn=(　　) A.2n-1 B. C. D. 3.等差數列{an}的前n項和為Sn(n∈N*),若當首項a1和公差d變化時,a5+a8+a11是一個定值,則下列選項中為定值的是(　　) A.S17 B.S18 C.S15 D.S14 4.(xx陜西高考,文4)根據下邊框圖,對大于2的整數N,輸出的數列的通項公式是(　　) A.an=2n B.an=2(n-1) C.an=2n D.an=2n-1 5.一個正整數表如下(表中下一行中的數的個數是上一行中數的個數的2倍): 第1行 1 第2行 2　3 第3行 4　5　　6　7 … … 則第9行中的第4個數是(　　) A.132 B.255 C.259 D.260 6.已知數列{an}是各項均為正數且公比不等于1的等比數列(n∈N*).對于函數y=f(x),若數列{ln f(an)}為等差數列,則稱函數f(x)為“保比差數列函數”.現有定義在(0,+∞)上的如下函數: ①f(x)=,②f(x)=x2,③f(x)=ex,④f(x)=,則為“保比差數列函數”的所有序號為(　　) A.①② B.③④ C.①②④ D.②③④ 二、填空題 7.等比數列{an}的前n項和為Sn,若S3+3S2=0,則=　　　　　. 8.在等差數列{an}中,a1=7,公差為d,前n項和為Sn,當且僅當n=8時Sn取得最大值,則d的取值范圍為　　　　　. 9.設{an}是公比為q的等比數列,|q|>1,令bn=an+1(n∈N*),若數列{bn}有連續(xù)四項在集合{-1,5,-7,12,17}中,則q=　　　　　. 三、解答題 10.已知數列{an}中,a1=,an=2-(n≥2,n∈N*),數列{bn}滿足bn=(n∈N*). (1)求證:數列{bn}是等差數列; (2)求數列{an}中的最大項和最小項,并說明理由. 11.已知數列{an}(n∈N*)是首項為a,公比為q≠0的等比數列,Sn是數列{an}的前n項和,已知12S3,S6,S12-S6成等比數列.問當公比q取何值時,a1,2a7,3a4成等差數列. 12.已知數列{an}是各項均不為0的等差數列,Sn為其前n項和,且滿足S2n-1=,n∈N*. (1)求{an}的通項公式; (2)數列{bn}滿足bn=Tn為數列{bn}的前n項和,求T2n. 答案與解析 專題能力訓練10　等差數列、等比數列 1.C　解析:由a2+a4+a6+a8+a10=5a6=80,解得a6=16.所以a7-a8==8. 故選C. 2.B　解析:因為an+1=Sn+1-Sn,所以由Sn=2an+1,得3Sn=2Sn+1,所以,所以數列{Sn}是以S1=a1=1為首項,公比q=的等比數列,所以Sn=,選B. 3.C　解析:由a5+a8+a11=3a1+21d=3(a1+7d)=3a8是定值,可知a8是定值,所以S15==15a8是定值. 4.C　解析:由程序框圖可知a1=21=2,a2=2a1=22=4,a3=2a2=24=8,…,因此在{an}中滿足a1=2,an=2an-1. 所以{an}是首項和公比均為2的等比數列,故an=22n-1=2n,故選C. 5.C　解析:依題意,知前8行共有1+2+4+…+27==255個數,同時255也是第8行的最后一個數,故第9行中的第4個數為259. 6.C　解析:對于①,ln f(an)=ln=-ln an=-ln(a1qn-1)=-ln a1-(n-1)ln q為等差數列,故①是,B,D均錯;對于④,ln f(an)=lnln(a1qn-1)=ln a1+(n-1)ln q為等差數列,故④是,A錯,故選C. 7.4　解析:顯然公比q≠1,設首項為a1, 則由S3+3S2=0,得=-3, 即q3+3q2-4=0,即q3-q2+4q2-4=q2(q-1)+4(q2-1)=0,即(q-1)(q2+4q+4)=0, 所以q2+4q+4=(q+2)2=0, 解得q=-2,所以=q2=4. 8.　解析:由題意知當d<0時,Sn存在最大值, ∵a1=7>0,∴數列{an}中所有非負項的和最大. 又∵當且僅當n=8時,Sn取最大值, ∴ 解得-1≤d<-. 9.-2　解析:易知{an}有四項在集合{-2,4,-8,11,16}中,四項-2,4,-8,16成等比數列,公比為-2. 10.(1)證明:因為an=2-(n≥2,n∈N*),bn=, 所以當n≥2時,bn-bn-1==1. 又b1==-,所以數列{bn}是以-為首項,以1為公差的等差數列. (2)解:由(1)知,bn=n-, 則an=1+=1+. 設函數f(x)=1+,易知f(x)在區(qū)間內均為減函數, 所以當n=3時,an取得最小值-1; 當n=4時,an取得最大值3. 11.解:由題意可知,a≠0. (1)當q=1時,則12S3=36a,S6=6a,S12-S6=6a, 此時不滿足條件12S3,S6,S12-S6成等比數列; (2)當q≠1時,則 12S3=12,S6=, S12-S6=, 由題意,得12, 化簡整理,得(4q3+1)(3q3-1)(1-q3)(1-q6)=0, 解得q3=-,或q3=,或q=-1. 當q=-1時,a1+3a4=-2a,2a7=2a, ∴a1+3a4≠2(2a7),不滿足條件; 當q3=-時,a1+3a4=a(1+3q3)=,2(2a7)=4aq6=,即a1+3a4=2(2a7), 所以當q=-時,滿足條件. 當q3=時,a1+3a4=a(1+3q3)=2a,2(2a7)=4aq6=,∴a1+3a4≠2(2a7),從而當q3=時,不滿足條件. 綜上,當q=-時,使得a1,2a7,3a4成等差數列. 12.解:(1)設{an}首項為a1,公差為d,在S2n-1=中,令n=1,2,得 解得a1=2,d=4或d=-2(舍去). ∴an=4n-2. (2)由(1)得bn= ∴T2n=1+22-3+22+24-3+24+…+22n-2+22n-3 =1+22+24+…+22n-2+4(1+2+…+n)-3n =+4-3n=+2n2-n.